江西省抚州市南城一中学年高二上学期第一次.docx

1、江西省抚州市南城一中学年高二上学期第一次2016-2017学年江西省抚州市南城一中高二（上）第一次月考物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分1-8为单选，9-12为多选多选题全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选或不选的得0分）1铅蓄电池的电动势为2V，这表示（）A电路中每通过1C电荷量，电源把0.5J的化学能转变为电能B蓄电池两极间的电压为2VC蓄电池在1s内将2J的化学能转变成电能D蓄电池将化学能转变为电能的本领比一节干电池（电动势为1.5V）的大2关于电阻和电阻率的说法中，正确的是（）A导体对电流的阻碍作用叫做导体的电阻，因此只有导体中有电流通过时才有电阻B电阻率

2、由材料决定，与导体的长度没有关系C由可知导体的电阻与导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比D将一根导线等分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一3如图为某次测量电源的电动势和内阻所作的图象，有关这个图象的说法正确的是（）A纵轴截距表示待测电源的电动势，即E=1.5 VB横轴截距表示短路电流，即I短=0.6 AC根据r=，计算出待测电源内阻为5D根据r=，计算出待测电源内阻为14如图所示，A和B是置于真空中的两平行金属板，所加电压为U一带负电的粒子以初速度v0由小孔水平射入电场中，粒子刚好能达到金属板如果要使粒子刚好达到两板间距离的一半处，可采取的办法有（）A初速度为，电压为 B初

3、速度为，电压U不变C初速度为V0，电压为 D初速度为V0，电压为U5图中，输入端ab间的电压为10V，改变滑动变阻器触头的位置，可以改变输出端AB间的电压，A、B间电压的变化范围为（）A05V B010V C015V D510V6两块大小、形状完全相同的金属平板平行放置，构成一平行板电容器，与它相连接的电路如图所示，接通开关，电源即给电容器充电：保持K接通，减少两极板间的距离，则两极板间电场的电场强度减少保持K接通，在两极板间插入一块介质，则极板上的电量增大断开K，减小两极板间的距离，则两极板间的电势差减小断开K，在两极板间插入一块介质，则两极板间的电势差增大以上说法正确的有（）A B C D

4、7四个小灯连接成如图所示电路，合上电键S，各灯均正常发光若小灯L2灯丝突然烧断，则下列说法正确的是（）AL1变亮 B变亮CL4变亮 D电源的效率变低8如图所示电路中，电源电动势为E，电源内阻为r，串联的固定电阻为R2，滑动变阻器的总电阻为R1，电阻大小关系为R1=R2=r，则在滑动触头从a端移动到b端的过程中，下列描述中正确的是（）A电路中的总电流先增大后减小B电路的路端电压先增大后减小C电源的输出功率先增大后减小D滑动变阻器R1上消耗的功率先减小后增大9如图所示的电路中，电阻R1=10，R2=20，R3=8，电容器电容C=2F，电源电动势E=12V，内阻不计要使电容器带有4106C的电量，变

5、阻器R的阻值为（）A8 B16 C20 D4010小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线则下列说法中正确的是（）A随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小B随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大C对应P点，小灯泡的电阻为R=D对应P点，小灯泡的电阻为R=11如图所示的电路中，R1、R2、和R4皆为定值电阻，R5为可变电阻，电源的电动势为E，内阻为r=R1，设电流表A的读数为I，电压表V的读数为U，当R5的滑动角点向图中a端移动时（）AI变小 BU变小C电源的效率变低 D电源的输出功率变小12如图所示，用绝缘细线拴一个带

6、负电的小球，让它在竖直向下的匀强电场中绕O点做竖直平面内的圆周运动，a、b两点分别是圆周的最高点和最低点，则（）A小球经过a点时，电势能最小B小球经过a点时，线中的张力最小C小球经过b点时，机械能最小D小球经过b点时，电势能最小二、实验题（本题共2小题，13题4分，14题9分，共13分，将正确答案填写在题目的横线处）13某同学在一次测量时，电压表（015V）、电流表（00.6A）的示数如图所示则电压值为 V，电流值为 A14在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，除有一标有“6V，1.5W”的小灯泡、导线和开关外，还有：A直流电源6V（内阻不计）B电流表0300mA（内阻5）C电流表（量程0.

7、6A，内阻300）D电压表（量程3V，内阻30k） E电压表010V（内阻15k）F滑动变阻器（10，2A） G滑动变阻器（1k，1A）实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量且尽可能减小实验误差（1）电流表应选，电压表应选，滑动变阻器应选（填电表之前的字母即可）（2）若该同学已正确选用器材，并连接好部分实验电路，如图甲，请在图甲中完成其余的电路连接三、计算题（本题共4小题，39分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15已知电流表的内阻Rg为100，满偏电流Ig为3mA，（1）要把它改装成量程是6V的电

8、压表，应串联多大的电阻？（2）要把它改装成量程是3A的电流表，应并联多大的电阻？16如图所示，已知电源电动势E=18V，内阻r=1，当接入固定电阻R=2时，电路中标有“4V，8W”的灯泡L和内阻RD=1的小型直流电动机D都恰能正常工作试求：（1）电路中的电流大小；（2）电动机的输出功率17如图所示电路中，电阻R1=R2=3，R3=6，S扳至1时，电流表的示数为1.0A，S扳至2时，电流表示数为1.5A，求：电源的电动势E和内阻r（电流表内阻不计）18一电路如图所示，电源电动势E=28V，内阻r=2，电阻R1=12，R2=R4=4，R3=8，C为平行板电容器，其电容C=3.0pF，虚线到两极板距

9、离相等，极板长L=0.20m，两极板的间距d=1.0102m（1）若开关S处于断开状态，则当其闭合后，求流过R4的总电量为多少？（2）若开关S断开时，有一带电微粒沿虚线方向以v0=2.0m/s的初速度射入C的电场中，刚好沿虚线匀速运动，问：当开关S闭合后，此带电微粒以相同初速度沿虚线方向射入C的电场中，能否从C的电场中射出？（要求写出计算和分析过程，g取10m/s2）2016-2017学年江西省抚州市南城一中高二（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分1-8为单选，9-12为多选多选题全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选或不选的得0分）

10、1铅蓄电池的电动势为2V，这表示（）A电路中每通过1C电荷量，电源把0.5J的化学能转变为电能B蓄电池两极间的电压为2VC蓄电池在1s内将2J的化学能转变成电能D蓄电池将化学能转变为电能的本领比一节干电池（电动势为1.5V）的大【考点】电源的电动势和内阻【分析】明确电动势的定义，知道电动势是反映电源将其他形式的能转化为电能本领的物理量，同时明确电动势E=，W表示内部非静电力所做的功【解答】解：A、由W=Eq可知，每通过1C的电量，电源转化的能量E=21=2J，故A错误；B、若接入电路，两极间电压为路端电压，由于内阻上的分压，电压值将小于2V，故B错误； C、电动势与放电时间无关，故无法确定转化

11、2J能量的时间，故C错误；D、电动势反映电源将其他形式的能转化为电能的本领，因电动势较大，故蓄电池将化学能转变为电能的本领比一节干电池（电动势为1.5V）的大； 故D正确故选：D2关于电阻和电阻率的说法中，正确的是（）A导体对电流的阻碍作用叫做导体的电阻，因此只有导体中有电流通过时才有电阻B电阻率由材料决定，与导体的长度没有关系C由可知导体的电阻与导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比D将一根导线等分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一【考点】电阻定律【分析】电阻率由导体材料决定和电阻大小以及导体长度无关，而电阻是由导体本身的性质决定的，与电压和电流无关【解答】解：A、导体电阻

12、是导体本身的性质，不论是否有电流导体均有电阻，故A错误；B、电阻率由导体材料决定，与导体的长度和粗细无关，故B正确； C、电阻由导体本身的性质决定的，与电压和电流无关，故C错误； D、将一导线等分为二份时，电阻率不变，由于长度减半，则电阻减小，故D错误故选：B3如图为某次测量电源的电动势和内阻所作的图象，有关这个图象的说法正确的是（）A纵轴截距表示待测电源的电动势，即E=1.5 VB横轴截距表示短路电流，即I短=0.6 AC根据r=，计算出待测电源内阻为5D根据r=，计算出待测电源内阻为1【考点】路端电压与负载的关系【分析】由闭合电路欧姆定律可得出路端电压与电流的关系，由数学知识可得出电源的电

13、动势和内电阻当外电路电阻为零，外电路短路，从而即可一一求解【解答】解：A、由闭合电路欧姆定律可知：U=EIr；由数学知识可知，图象与纵坐标的交点为电源的电动势，故电动势为3V；故A错误；B、由于图象的纵坐不是从零开始的，故图象与横坐标的交点不是短路电流，故B错误；C、根据r=，计算出电源的内阻，而不是待测电阻内阻，故C错误；D、图象的斜率绝对值表示电源的内阻，故r=1，故D正确；故选：D4如图所示，A和B是置于真空中的两平行金属板，所加电压为U一带负电的粒子以初速度v0由小孔水平射入电场中，粒子刚好能达到金属板如果要使粒子刚好达到两板间距离的一半处，可采取的办法有（）A初速度为，电压为 B初速

14、度为，电压U不变C初速度为V0，电压为 D初速度为V0，电压为U【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系【分析】由题，粒子射入电场后，电场力做负功，动能减小，根据动能定理列出方程要使粒子刚好达到两板间距离的一半处，根据匀强电场沿电场线方向两点间电势差与距离成正比，再运用数学知识进行讨论，选择题意的选项【解答】解：根据题意，当所加电压为U时，加速度为：，速度减为0时，位移为：A、当初速度为，电压为，最大距离为原来一半，故A正确；B、当初速度为，电压U不变，最大距离为原来的，故B错误；C、当初速度为V0，电压为，最大距离为原来2倍，故C错误；D、当初速度为V0，电压为U，最大距离为原来的倍，故D错

15、误；故选：A5图中，输入端ab间的电压为10V，改变滑动变阻器触头的位置，可以改变输出端AB间的电压，A、B间电压的变化范围为（）A05V B010V C015V D510V【考点】路端电压与负载的关系【分析】根据串联电路电压与电阻的关系分析得知，当滑动变阻器触头置于变阻器的最上端时，UAB最大，当滑动变阻器触头置于变阻器的最下端时，UAB最小，分别求出UAB最小值和最大值，再得到UAB的变化范围【解答】解：当滑动变阻器触头置于变阻器的最上端时，UAB最大，最大值为：Umax=10V；当滑动变阻器触头置于变阻器的最下端时，UAB最小，最小值为：Umin=0V，所以UAB的变化范围是010V，故

16、B正确，ACD错误故选：B6两块大小、形状完全相同的金属平板平行放置，构成一平行板电容器，与它相连接的电路如图所示，接通开关，电源即给电容器充电：保持K接通，减少两极板间的距离，则两极板间电场的电场强度减少保持K接通，在两极板间插入一块介质，则极板上的电量增大断开K，减小两极板间的距离，则两极板间的电势差减小断开K，在两极板间插入一块介质，则两极板间的电势差增大以上说法正确的有（）A B C D【考点】电容器【分析】电容器与电源相连，两极板间的电势差不变，通电后断开，则两极板上的电量不变； 由平行板电容器电容C=，根据某些量的变化可知电容的变化，则由Q=UC可知电压或电量的变化，由E=可求得电

17、场强度的变化【解答】解：保持K接通，则两板间的电势差不变，因d减小，由E=可知，两极板间的电场的电场场强增大，故错误；保持K接通，两板间的电势差不变，在两极板间插入介质后，电容增大，由Q=UC可知，极板上的电量增大，故正确；断开K，减小距离d，电容增大，而两板上所带电量不变，由C=可得U=，则知两极板间的电势差U减小，故正确；断开K，插入介质后电容增大，两板上所带电量不变，由U=可知极板上的电势差减小，故错误；故选：C7四个小灯连接成如图所示电路，合上电键S，各灯均正常发光若小灯L2灯丝突然烧断，则下列说法正确的是（）AL1变亮 B变亮CL4变亮 D电源的效率变低【考点】闭合电路的欧姆定律【分

18、析】小灯L2灯丝突然烧断后，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析总电流的变化，由欧姆定律分析L1两端电压的变化，判断L1亮度的变化由总电流和L1电流的变化，判断L3中电流的变化，确定L3亮度的变化由L1、L3电压的变化判断L4电压的变化，判断L4亮度的变化【解答】解：ABC、小灯L2灯丝突然烧断后，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知：电路中总电流I减小，L1两端电压 U1=EI（R+r），I减小，其他量不变，则U1增大，L1变亮L3中电流 I3=II1，I减小，I1增大，则I3减小，L3变暗L4电压U4=U1U3，U1增大，U3减小，则U4增大，L4变亮所以L1、L4变亮，L3变

19、暗故AC正确，B错误D、电源的效率 =100%=100%，外电阻增大时路端电压U增大，而E不变，则电源的效率提高，故D错误故选：AC8如图所示电路中，电源电动势为E，电源内阻为r，串联的固定电阻为R2，滑动变阻器的总电阻为R1，电阻大小关系为R1=R2=r，则在滑动触头从a端移动到b端的过程中，下列描述中正确的是（）A电路中的总电流先增大后减小B电路的路端电压先增大后减小C电源的输出功率先增大后减小D滑动变阻器R1上消耗的功率先减小后增大【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率【分析】滑动变阻器的左右两个部分并联后与电阻R2串联接到电源中，分析在滑动触头从a端滑到b端过程中，电阻的变化情况，根

20、据闭合欧姆定律判断电流的变化情况，当外电路电阻等于内阻时，电源的输出功率最大【解答】解：A、当滑动变阻器从ab移动时，R1左右两个部分并联电路总电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律可知：电流是先减小后增大，故A错误；B、路端电压U=EIr，因为电流先减小后增大，所以路端电压先增大后减小，故B正确；C、当R外=r的时候 电源的输出功率最大，可知当滑片在a端或者b端时，外电路总电阻 R外=r，此时电源的输出功率最大，所以输出功率是先减小后增大的，故C错误；D、将R2看成电源的内阻，等效电源的内阻为2r，变阻器为外电路，显然外电阻小于内电阻，外电阻先增大后减小，等效电源的输出功率，即R1上消耗的功

21、率先增大后减小，故D错误故选：B9如图所示的电路中，电阻R1=10，R2=20，R3=8，电容器电容C=2F，电源电动势E=12V，内阻不计要使电容器带有4106C的电量，变阻器R的阻值为（）A8 B16 C20 D40【考点】电容器【分析】先根据C=求解电容器的电压，然后根据串并联电路的电压和电流关系得到变阻器R的可能电压，求解出电阻【解答】解：电容器相当与断路，电容C=2F，带有4106C的电量，故其电压为：U=；电阻R1与电阻R2串联，电压比等于电阻之比，故：UR2：UR1=R2：R1=2：1，故UR2=8V；设电阻R2右端电势为零，则其左端电势为8V，电容器两端电势差为2V，故电阻R左

22、端电势为10V或者6V，故电阻R的电压为10V或者6V；由于R3与电阻R串联，电压比等于电阻之比；当电阻R的电压为10V时，有：R3：R=UR3：UR=（1210）：10=1：5，故R=5R3=40；当电阻R的电压为6V时，有：R3：R=UR3：UR=（126）：6=1：1，故R=R3=8；故选AD10小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线则下列说法中正确的是（）A随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小B随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大C对应P点，小灯泡的电阻为R=D对应P点，小灯泡的电阻为R=【考点】路端电压

23、与负载的关系【分析】根据电阻的定义R=，电阻等于图线上的点与原点连线的斜率的倒数，斜率逐渐减小，电阻逐渐增大对应P点，灯泡的电阻应根据欧姆定律求解【解答】解：AB、根据电阻的定义R=，电阻等于图线上的点与原点连线的斜率的倒数，图线上的点与原点连线的斜率逐渐减小，说明电阻逐渐增大故A错误B正确；CD、对应P点，由图可知，小灯泡两端的电压是U1，流过小灯泡的电流是I2，所以电阻R=； 故C正确，D错误故选：BC11如图所示的电路中，R1、R2、和R4皆为定值电阻，R5为可变电阻，电源的电动势为E，内阻为r=R1，设电流表A的读数为I，电压表V的读数为U，当R5的滑动角点向图中a端移动时（）AI变小

24、 BU变小C电源的效率变低 D电源的输出功率变小【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率【分析】当R5的滑动触点向图中a端移动时，R5变小，外电路总电阻变小，根据欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，确定电流表A和电压表的读数变化，电源的效率，当外电路电阻等于内阻时，电源的输出功率最大【解答】解：A、当R5的滑动触点向图中a端移动时，R5变小，外电路总电阻变小，则由闭合电路欧姆定律知，总电流I变大，路端电压变小，U变小，根据闭合电路欧姆定律，电路中并联部分电压U并=EI（r+R1+R2）变小，则I变小，故AB正确；C、电源的效率=，路端电压减小，E不变，则效率变低，故C正确；D、当外电路电阻等于

25、内阻时，电源的输出功率最大，而r=R1，所以外电路电阻一定大于内阻，则外电路总电阻变小，输出功率增大，故D错误；故选：ABC12如图所示，用绝缘细线拴一个带负电的小球，让它在竖直向下的匀强电场中绕O点做竖直平面内的圆周运动，a、b两点分别是圆周的最高点和最低点，则（）A小球经过a点时，电势能最小B小球经过a点时，线中的张力最小C小球经过b点时，机械能最小D小球经过b点时，电势能最小【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能【分析】分析小球所受重力与电场力的大小关系：当重力大于电场力时，小球运动到最高点a时，线的张力一定最小，到达最低点b时，小球的速度最大；当重力等于于电场力时，小球做匀速

26、圆周运动当重力小于电场力时，小球运动到最高点a时，线的张力一定最大，到达最低点b时，小球的速度最小；根据电场力做功判断电势能的高低根据除重力以外其它力做功判断机械能的大小【解答】解：A、从a到b，电势能增加，所以a点电势能最小故A正确B、当电场力大于重力，小球运动到a点时，速度最大，根据牛顿第二定律知，拉力最大故B错误C、从a到b，除重力以外，电场力做负功，机械能减小，所以b点机械能最小故C正确D、小球从a点运动到b点的过程中，电场力做负功，电势能增加所以小球过b点时，电势能最大故D错误故选：AC二、实验题（本题共2小题，13题4分，14题9分，共13分，将正确答案填写在题目的横线处）13某同

27、学在一次测量时，电压表（015V）、电流表（00.6A）的示数如图所示则电压值为9.0 V，电流值为0.33 A【考点】多用电表的原理及其使用【分析】首先明确电表的量程，再根据刻度线确定最小分度，从而根据指针的位置确定读数【解答】解：电压表量程为15V，最小分度为0.5V，则读数为：9.0V；电流表量程为0.6A，最小分度为0.02A，则其读数为：0.33A；故答案为：9.0；0.3314在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，除有一标有“6V，1.5W”的小灯泡、导线和开关外，还有：A直流电源6V（内阻不计）B电流表0300mA（内阻5）C电流表（量程0.6A，内阻300）D电压表（量程3V

28、，内阻30k） E电压表010V（内阻15k）F滑动变阻器（10，2A） G滑动变阻器（1k，1A）实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量且尽可能减小实验误差（1）电流表应选B，电压表应选E，滑动变阻器应选F（填电表之前的字母即可）（2）若该同学已正确选用器材，并连接好部分实验电路，如图甲，请在图甲中完成其余的电路连接【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线【分析】（1）电表量程应略大于灯泡的额定值即可，根据额定电可确定电压表，根据P=UI可求得额定电流，则可确定电流表；再根据滑动变阻器的接法确定滑动变阻器；（2）根据实验原理确定电路图，从而确定对应的实物图【解答】解：（1）灯泡的额定电

29、压为6V，故电压表应选E；电流I=0.25A，故电流表应选择B；因采用滑动变阻器分压接法，故应采用小电阻F；（2）由题意可知，本实验应采用分压接法，同时因灯泡内阻较小，故应采用电流表外接法；故实物图如图所示；故答案为：（1）B；E；F（2）如图所示三、计算题（本题共4小题，39分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15已知电流表的内阻Rg为100，满偏电流Ig为3mA，（1）要把它改装成量程是6V的电压表，应串联多大的电阻？（2）要把它改装成量程是3A的电流表，应并联多大的电阻？【考点】把电流表改装成电压表【分析】（1）将电流表改装成电压表时，需要串联一个电阻，根据串联电路的规律即可求得应串联的电阻；（2）要想扩大电流表量程，应并联一个小电阻，根据并联电路规律即可求得应并联的电阻阻值【解答】解：（1）改装成量程为6 V的电压表时，有：Ug=IgRg=3103100 V=0.3 V，