最新市级联考广东省茂名市届高三第一次综合测试理科综合物理部分试题资料.docx

1、最新市级联考广东省茂名市届高三第一次综合测试理科综合物理部分试题资料、DIY手工艺市场现状分析（3）优惠多培养动手能力 学一门手艺 打发时间 兴趣爱好如果顾客在消费中受到营业员的热情，主动而周到的服务，那就会有一种受到尊重的感觉，甚至会形成一种惠顾心理，经常会再次光顾，并为你介绍新的顾客群。而且顾客的购买动机并非全是由需求而引起的，它会随环境心情而转变。十字绣 编制类 银饰制品类 串珠首饰类“碧芝”的成功归于他的唯一，这独一无二的物品就吸引了各种女性的眼光。标题：手工制作坊 2004年3月18日（4） 创新能力薄弱合计 50 100%（二）创业弱势分析绝密启用前【市级联考】广东省茂名市2019

2、届高三第一次综合测试理科综合（物理部分)试题试卷副标题考试范围：xxx；考试时间：100分钟；命题人：xxx题号一二三四总分得分注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题)请点击修改第I卷的文字说明评卷人得分一、单选题1放射性元素钋（）发生衰变时，会产生和一种未知粒子，并放出射线，其核反应方程为+。下列说法正确的是A的穿透能力比射线强 By=214CX核的中子个数为124 D这种核反应为裂变2如图所示，有一内壁光滑的高为H=5m、宽为L=1m的直立长方形容器，可视为质点的小球在上端口边缘O以水平初速度v0向左抛出正好打在E点，若球与筒壁碰撞时

3、无能量损失，不计空气阻力，重力加速度的大小为g=10m/s2。则小球的初速度v0的大小可能是A2m/s B4m/s C6 m/s D9 m/s3如图所示，理想变压器的原线圈接在一个交流电源上，交流电压瞬时值随时间变化的规律为u=220sin100t(V)，副线圈所在电路中接有灯泡、电动机、理想交流电压表和理想交流电流表。已知理想变压器原、副线圈匝数比为10：1，灯泡的电阻为22，电动机内阻为1，电流表示数为3A，各用电器均正常工作。则A通过副线圈的电流方向每秒钟改变50次B电压表示数为22VC变压器原线圈的输入功率为66WD电动机的输出功率为40W4某物体做直线运动，运动时间t内位移为x，物体

4、的t图象如图所示，下列说法正确的是A物体的加速度大小为2m/s2Bt=0时，物体的初速度为2m/sCt=0到t=1这段时间物体的位移为2mDt=0到t=2这段时间物体的平均速度为2m/s5如图所示，匀强电场的电场强度方向与水平方向夹角为30且斜向右上方，匀强磁场的方向垂直于纸面(图中未画出)。一质量为m、电荷量为q的带电小球(可视为质点)以与水平方向成30角斜向左上方的速度v做匀速直线运动，重力加速度为g。则A匀强磁场的方向可能垂直于纸面向外B小球可能带正电荷C电场强度大小为D磁感应强度的大小为B=评卷人得分二、多选题6嫦娥四号于2019年1月3日在月球背面着陆，嫦娥五号也讨划在今年发射。如果

5、嫦娥五号经过若干次轨道调整后，先在距离月球表面h的高度处绕月球做匀速圆周运动，然后开启反冲发动机，嫦娥五号着陆器暂时处于悬停状态，最后实现软着陆，自动完成月面样品采集，并从月球起飞，返回地球。月球的半径为R且小于地球的半径，月球表面的重力加速度为g0且小于地球表面的重力加速度，引力常量为G。不考虑月球的自转，则下列说法正确的是A嫦娥五号探测器绕月球做匀速圆周运动的速度可能大于地球的第一宇宙速度B月球的平均密度C嫦娥五号探测器在绕月球做匀速圆周运动的t时间内，绕月球运转圈数D根据题目所给数据无法求出月球的第一宇宙速度7如图所示，匝数为n=200、面积为S=0.625m2、电阻为r=0.5的圆形线

6、圈处于方向垂直纸面向里的匀强磁场内，磁感应强度大小随时间按B=0.08t+1.6(T)的规律变化，处于磁场外的电阻R1=4.5，R2=5，电容器的电容C=500F，开关S闭合一段时间后，下列说法正确的是A线圈两端M、N间的电压为9.5VB线圈中的电流方向为顺时针C若将电阻R1短路，则该电路的输出功率变大D现断开开关S，则通过电阻R2的电荷量为2.5103C8如图所示，在竖直平面内固定有两个很靠近的同心圆轨道，外圆光滑，内圆粗糙。一质量为m的小球从轨道的最低点以初速度v0向右运动，球的直径略小于两圆间距，球运动的轨道半径为R，不计空气阻力。设小球过最低点时重力势能为零，下列说法正确的是A若小球运

7、动到最高点时速度为0，则小球机械能一定不守恒B若经过足够长时间，小球最终的机械能可能为mgRC若使小球始终做完整的圆周运动，则v0一定不小于D若小球第一次运动到最高点时速度大小为0，则v0=9下列说法中正确的是_。A内能不同的物体，它们的分子平均动能可能相同B外界对物体做功，同时物体向外界放出热量，物体的内能一定改变C绝热气缸中密封的理想气体在被压缩过程中，气体分子运动剧烈程度增大D单晶体和多晶体在物理性质上都表现出各向异性E. 已知某物质的摩尔质量和分子质量，可以计算出阿伏加德罗常数10如图所示为一列沿x轴正方向传播的简谐横波在某时刻的波形图，若已知这列波周期为1s，则下列判断中正确的是_A

8、这列波的振幅为0.8cmB这列波的波速为5m/sC图示时刻x=2m处的质点沿y轴正方向运动D此后经半个周期时间质点P将向右迁移半个波长E. 图示时刻x=3m处质点的加速度最大第II卷（非选择题)请点击修改第II卷的文字说明评卷人得分三、实验题11某实验小组的同学在做验证机械能守恒定律的实验，实验装置如图甲所示，接下来该小组的同学完成了如下的操作：(1)先利用10分度的游标卡尺测出了小球的直径，其示数如图乙所示，该示数为_cm；(2)将该小球由光电门1的正上方无初速度释放，先后通过光电门1、2，通过电脑显示的时间分别为t1=5103s、t2=4103s，若小球通过两光电门1、2的速度分别用v1、

9、v2表示，由以上数据可知v2=_m/s；(保留两位有效数字)(3)该小组的同学测出两光电门之间的距离为h，重力加速度用g表示，若小球的机械能守恒，则需要验证的关系式为_。(用题中所给字母表示)12热敏阻包括正温度系数电阻器（PTC)和负温度系数电阻器（NTC)，正温度系数电阻器的电阻随温度的升高而增大，负温度系数电阻器的电阻随温度的升高而减小。某实验小组选用下列器材探究某一热敏电阻Rx的导电特性。A.电流表A1量程10mA，内阻r1=1)B.电流表A2量程0.6A，内阻r2约为0.5)C.滑动变阻器R1(最大阻值200)D.滑动变阻器R2(最大阻值20)E.定值电阻R3(阻值1499)F.定值

10、电阻R4(阻值149)G.电器E(电动势15V，内阻忽略)H.开关与导线若于(1)实验采用的电路图如图甲所示，则滑动变阻器选_，定值电阻R选_(填仪器前的字母序号)。(2)用笔画线代替导线将图乙中实物按图甲的电路补充完整_。(3)该小组根据测量数据作出热敏电阻的U-I图象如图丙所示，则该曲线对应的是_(选填“PTC”或“NTC”)热敏电阻。(4)若将此热敏电阻直接接到一电动势为9V，内阻为10的电源两端，则此时该热敏电阻的阻值为_(结果保留三位有效数字)。评卷人得分四、解答题13如图所示，有一对平行金属板，板间加有恒定电压，两板间有匀强磁场，磁感应强度大小为B0、方向垂直于纸面向里。金属板右下

11、方以MN、PQ为上、下边界，以MP为左边界的区域内，存在垂直纸面向外的匀强磁场，磁场宽度为d，MN与下极板等高。MP与金属板右端在同一竖直线上。一电荷量为q、质量为m的正离子，以初速度V0沿平行于金属板面、垂直于板间磁场的方向从A点射入金属板间，不计离子的重力。(1)已知离子恰好做匀速直线运动，求金属板间电场强度的大小；(2)若撤去板间磁场B0，离子恰好从下极板的右侧边缘射出电场，方向与水平方向成30角，求A点离下极板的高度；(3)在(2)的情形中，为了使离子进入磁场运动后从边界MP的P点射出，磁场的磁感应强度B应为多大?14如图所示，一质量M=3kg的足够长木板B静止在光滑水平面上，B的右侧

12、有竖直墙壁，B的右端与墙壁的距离L=4m。现有一可视为质点的质量m=1kg的小物体A，以初速度v0=8m/s从B的左端水平滑上B，已知A、B间的动摩擦因数=0.2，B与竖直墙壁的碰撞时间极短，且碰撞时无能量损失。(1)求B与竖直墙壁碰撞前，系统AB产生的内能；(2)求从A滑上B到B与墙壁碰撞所用的时间t；(3)若L的大小可以改变，并要求B只与墙壁碰撞两次，则B的右端开始时与墙壁的距离L应该满足什么条件?15如图所示，开口向上、放在地面上的气缸内用活塞封闭一定质量的气体，活塞的质量为m，横截面的面积为S。一质量为2m的物块放在缸底，用细线(不可伸长)与活塞相连接且细线刚好拉直，这时缸内气体的温度

13、为T0，大气压强为P0，不计活塞与缸壁间的摩擦，现对缸内气体缓慢加热，重力加速度为g。(i)当缸底物块对缸底的压力刚好为零时，缸内气体温度T1为多大?()当缸内气体体积为原来的1.2倍时，缸内气体温度是多少?若此时细线断了，细线断开的一瞬问，活塞的加速度多大?16如图所示是一个透明圆柱的横截面，其半径为R，折射率是，AB是一条直径。今有一束平行光沿AB方向射向圆柱体，若一条入射光线经折射后恰经过B点，则：(i)这条人射光线到AB的距离是多少?(ii)这条入射光线在圆柱体中的运动时间是多少?参考答案1C【解析】【分析】根据质量数等于质子数和中子数之和，核反应过程质量数守恒，电荷数守恒判断质子数和

14、质量数。、射线中的穿透能力最弱。这种核反应为衰变。【详解】A、的穿透能力比射线弱，故A错误；B、根据核反应过程质量数守恒，y=210-6=206，故B错误；C、X核的中子个数为206-82=124，故C正确；D、题设中的核反应为衰变，故D错误。故选：C。2D【解析】【分析】根据平抛运动在水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动规律列出方程；小球水平运动的路程可能为长方形容器宽度的2n+1倍，由此关系可求得初速度。【详解】根据平抛运动的分析可知，（2n+1）L=v0t，解得v0=（2n+1）L ，要满足题意，n=0,1,2,3，所以v0的可能值为1m/s，3m/s，5m/s，7m/s，9m

15、/s故D正确，ABC错误；故选:D。3D【解析】【分析】每个周期内电流方向改变两次；电压表测量的是副线圈的电压有效值，根据原线圈交流电压随时间变化的规律求出原线圈电压的有效值，再利用求出电压表的示数；变压器的输入功率等于副线圈的输出功率，计算副线圈总的输出功率就能得出变压器的输入功率；电动机的输出功率等于电动机的输入功率减去发热功率，分别计算即可；【详解】A.交流电的频率f=100/2=50Hz，每个周期内电流方向改变两次，所以通过副线圈的电流方向每秒钟改变100次，故A错误；B.已知交变电压瞬时值随时间变化的规律为u=220sin100t(V)，则原线圈电压的有效值为U1=220/V=220

16、V，U1：U2=n1：n2，解得U2=22V，故电压表示数为22V，故B错误；C. 副线圈的输出功率P2=U2I2=223W=66W，变压器输入功率等于输出功率，也是66W，故C错误；D. 通过电灯泡的电流I3=U2/R灯=22/22A=1A，故通过电动机的电流IM=II3=31=2A，则电动机的输入功率P=IMU2=222=44W，电动机的发热功率P热=I2R内=4W，故电动机的输出功率为PP热=444=40W，故D正确；故选：D4C【解析】【分析】根据匀变速直线运动位移时间公式x=v0t+at2得到表达式，结合图象的信息求加速度、初速度和位移【详解】AB、根据匀变速直线运动位移时间公式x=

17、 v0t+at2得：=v0+at根据数学知识可得：a=4/2,，得加速度a=4m/s2；初速度为v0=4m/s，故A错误，B错误；C.t=0到t=1s这段时间物体的位移为x=v0t+at2=41+(4)12=2m，故C正确；D.t=0到t=2s这段时间物体的位移为x=v0t+at2=42+(4)22=0，平均速度为0，故D错误。故选：C5D【解析】【分析】用假设法确定小球的电性；根据小球做匀速直线运动，受合力为零，可求电场强度和磁感应强度。【详解】B、小球做匀速直线运动，受到合力为零，假设小球带正电，则小球的受力情况如图1所示：小球受到洛伦兹力沿虚线当方向末知，小球受到重力与电场力的合力与洛伦

18、兹力不可能平衡，所以小球不可能做匀速度直线运动，假设不成立，小球实际一定带负电，故B错误；A、小球受力情况如图2示：小球受洛伦兹力一定斜向右上方，根据左手定则，匀强磁场的方向一定垂直于纸面向里，故A错误；C、根据几何关系，电场力大小qE=mg，洛伦兹力大小qvB=mg，解得E=mg/q，B= ，故C错误，D正确。故选：D。6BC【解析】【分析】根据月球表面附近重力等于向心力可求月球的第一宇宙速度，可比较地球的第一宇宙速度的大小；根据月球表面的重力加速度可求月球的质量，进而可求月球密度；根据嫦娥五号距月球表面的高度，可求其周期，进而可求t时间内转过的圈数；【详解】A.根据，嫦娥五号探测器绕月球做

19、匀速圆周运动的速度小于月球的第一宇宙速度。根据月球表面附近重力等于向心力：mg0= ，可求月球的第一宇宙速度v月= 。同理可求地球的第一宇宙速度v地= 。所以嫦娥五号探测器绕月球做匀速圆周运动的速度小于地球的第一宇宙速度，故A错误，D错误；B. 根据月球表面附近万有引力等于重力，月球质量M=，月球的平均密度，故B正确；C.根据万有引力提供向心力，月球质量M=，周期，嫦娥五号探测器在t时间内绕月球运转圈数，故C正确；故选：BC7ACD【解析】【分析】根据法拉第电磁感应定律求出线圈产生的感应电动势，根据闭合电路欧姆定律求出电流强度的大小，根据楞次定律判断出感应电流的方向；根据外电路电阻与内阻的关系

20、，判断输出功率的变化；断开S，电容器放电，所带的电量全部通过R2，闭合时，根据Q=CU求出R2所带的电量【详解】A.B=0.08t+1.6(T)B/t=0.08T/s线圈内产生的感应电动势：E= =2000.080.625V=10V，S闭合后，电路中电流I= A=1A，则线圈两端M、N两点间的电压为U=I(R1+R2)=9.5V，故A正确；B.穿过线圈的磁通量垂直纸面向里增加，根据楞次定律，线圈中的电流方向为逆时针，故B错误；C.由于R1+R2r，且R2r，若将电阻R1短路，外电路电阻减小，则该电路的输出功率变大，故C正确；D. 电容器与电阻R2并联，两板间电压U2=IR2=5V，断开S后，通

21、过R2的电流Q=CU2=50010-65C=2.5103C，故D正确；故选：ACD.8AC【解析】【分析】内圆粗糙，小球与内圆接触时要受到摩擦力作用，要克服摩擦力做功，机械能不守恒；外圆光滑，小球与外圆接触时不受摩擦力作用，只有重力做功，机械能守恒，应用牛顿第二定律与机械能守恒定律分析答题【详解】A. 若小球运动到最高点时受到为0，则小球在运动过程中一定与内圆接触，受到摩擦力作用，要克服摩擦力做功，小球的机械能一定不守恒，故A正确；B. 若初速度v0比较小，小球在运动过程中一定与内圆接触，机械能不断减少，经过足够长时间，小球最终在圆心下方运动，最大的机械能为mgR，所以小球最终的机械能不可能为

22、mgR.若初速度v0足够大，小球始终沿外圆做完整的圆周运动，机械能守恒，机械能必定大于2mgR，故B错误；C. 若使小球始终做完整的圆周运动，小球应沿外圆运动，在运动过程中不受摩擦力，机械能守恒，小球恰好运动到最高点时速度设为v，则有mg=m由机械能守恒定律得：，小球在最低点时的最小速度v0=，所以若使小球始终做完整的圆周运动，则v0一定不小于.故C正确；D. 如果内圆光滑，小球在运动过程中不受摩擦力，小球在运动过程中机械能守恒，如果小球运动到最高点时速度为0，由机械能守恒定律得：=mg2R，小球在最低点时的速度v0=，由于内圆粗糙，小球在运动过程中要克服摩擦力做功，则小球在最低点时的速度v0

23、一定大于，故D错误。故选：AC9ACE【解析】【分析】内能与温度、体积、物质的多少等因素有关，而分子平均动能只与温度有关；根据热力学第一定律，分析做功和热传递两个因素，判断内能的变化；单晶体在物理性质上都表现出各向异性，多晶体在物理性质上都表现出各向同性；物质的摩尔质量除以分子质量等于阿伏加德罗常数。【详解】A. 内能与温度、体积、物质的多少等因素有关，而分子平均动能只与温度有关，故内能不同的物体，它们分子热运动的平均分子动能可能相同，故A正确；B.根据热力学第一定律，如果外界对物体做的功与物体向外界放出热量相等，物体的内能不变，故B错误；C. 绝热气缸中密封的理想气体在被压缩过程中，内能增大

24、，温度升高，气体分子运动剧烈程度增大，故C正确；D. 单晶体在物理性质上都表现出各向异性，多晶体在物理性质上都表现出各向同性，故D错误；E. 物质的摩尔质量除以分子质量等于阿伏加德罗常数，故E正确。故选：ACE10ACE【解析】【分析】由图得到振幅及波长，进而得到波速；根据波的传播方向，可知质点的运动方向，由图示位置直接得到回复力进而得到加速度【详解】A. 由图可知，波的振幅为0.8cm，故A正确；B. 由图可知，波长为4m，故波速v=/T=4m/s，故B错误；C. 已知波沿x轴正方向传播，那么图示时刻x=2m处的质点沿y轴正方向运动，故C正确；D. 质点P只在平衡位置上下振动，并不向右迁移，

25、故D错误；E.图示时刻x=3m处质点在负向最大位移处，故回复力最大，故加速度大小最大，故E正确。故选：ACE11(1)1.22； (2)3.0； （3） 【解析】【分析】（1）游标卡尺的读数等于主尺刻度读数加上游标尺刻度读数，不需估读；（2）根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出小球通过两个光电门的瞬时速度；（3）根据下降的高度得出重力势能的减小量，结合小球通过两个光电门的瞬时速度求出动能的增加量，从而得出需要验证的表达式【详解】(1) 游标卡尺的主尺刻度读数为12mm，游标尺刻度读数为0.12mm=0.2mm，则小球的直径d=12.2mm=1.22cm；(2)根据极短时间内的平均速度等于瞬

26、时速度知，小球通过光电门2的速度为v2=d/t2=m/s=3.0m/s；(3)小球通过两光电门过程中重力势能的减小量为Ep=mgh，动能的增加量为Ek=，即为：.12(1)D， E； (2)连线如图所示； (3)NTC； (4)80.0 【解析】【分析】（1）为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器明确电路结构，从而选择定值电阻；（2）按照电路图连接实物图；（3）根据图象应用欧姆定律判断元件阻值随温度变化的关系，然后确定元件类型；（4）根据PTC的对应伏安特性曲线，再作出电源的伏安特性曲线，则可明确此时电阻的工作电压和电流，由欧姆定律可求得阻值【详解】(1)采用滑动变阻器分压接法，故滑动变

27、阻器应选择总阻值较小的D；由图可知，定值电阻R与电流计串联充当电压表使用，故应采用阻值较大的E；(2)按照电路图，实物连线如图所示：（3）由图冰可知，图象上各点与原点连线的斜率减小，故说明电阻随电压的增大而减小，因此应为负温度系数的热敏电阻，即NTC热敏电阻；(3)在热敏电阻的伏安特性曲线中作出电源的伏安特性曲线，如图所示：两图的交点表示电阻的工作电压和电流，由图可知，电压U=8.0V，电流I=0.1A，故电阻R=U/I=8.0/0.1=80.0(78.982.0均可以)13（1）Ev0B0，方向竖直向下；（2）h=；（3）B=；【解析】【分析】（1）离子做匀速直线运动时，电场力和洛仑兹力二力

28、平衡，根据平衡条件列式，即可求解电场强度的大小，由左手定则判断出洛仑兹力的方向，即可确定电场强度的方向；（2）撤去板间磁场B0，离子在电场中做类平抛运动，平行于极板做匀速直线运动，垂直于极板做初速度为零的匀加速直线运动，根据速度的分解求出离子从M点射出电场时的速度，由动能定理求解A点离下极板的高度；（3）根据题意画出离子的运动轨迹，根据几何知识求出轨迹半径，再由洛伦兹力提供向心力，列式求解B【详解】(1)设板间的电场强度为E，离子做匀速直线运动，受到的电场力和洛伦兹力平衡，有：qEqv0B0 解得Ev0B0 由左手定则可判断出洛仑兹力方向竖直向上，所以电场力的方向竖直向下，故场强的方向竖直向下

29、。(2)设A点离下极板的高度为h，离子射出电场时的速度为v，根据动能定理得：Eqh=离子在电场中做类平抛运动，水平分方向做匀速运动，有vcos30=v0 联立解得h=(3) 设离子进入磁场后做匀速圆周运动的半径为r，轨迹如图所示：由几何关系得：r= 根据牛顿第二定律得：联立解得：B=；14（1）24J；（2）3.5s；（3）【解析】【分析】（1）A、B系统动量守恒，应用动量守恒定律可以求出速度，根据能量守恒可求系统转化的内能；（2）根据牛顿第二定律可求加速运动的时间和位移，再根据匀速运动求剩下位移所用的时间，即可求解总时间；（3）A、B系统动量守恒，应用动量守恒定律与动能定理可以求出S。应用动量守恒定律与动能定理求出S的临界值，然后答题【详解】(1)设A、B达到的共同速度为v共，根据动量守恒有mv0(mM)v共 解得v共2m/s 设这一过程中B向右运动的位移为x1，根据动能定理有解得x13m因x1L，A、B达到共同速度后才与墙碰撞，对系统有能量守恒可得：代入数据解得Q=24J (2)设从A滑上B到两者达到共同速度所用的时间为t1，则有v=at1代入数据解得t13s