电路高中物理电路经典例题.docx

1、电路高中物理电路经典例题 在许多精密的仪器中，如果需要较精确地调节某一电阻两端的电压，常常采用如图所示的电路.通过两只滑动变阻器R1和R2对一阻值为500 左右的电阻R0两端电压进行粗调和微调.已知两个滑动变阻器的最大阻值分别为200 和10 .关于滑动变阻器R1、R2的连接关系和各自所起的作用，下列说法正确的是（BA.取R1=200 ，R2=10 ，调节R1起粗调作用B.取R1=10 ，R2=200 ，调节R2起微调作用C.取R1=200 ，R2=10 ，调节R2起粗调作用D.取R1=10 ，R2=200 ，调节R1起微调作用滑动变阻器的分压接法实际上是变阻器的一部分与另一部分在跟接在分压电

2、路中的电阻并联之后的分压，如果并联的电阻较大，则并联后的总电阻接近变阻器“另一部分”的电阻值，基本上可以看成变阻器上两部分电阻的分压.由此可以确定R1应该是阻值较小的电阻，R2是阻值较大的电阻，且与R1的一部分并联后对改变电阻的影响较小，故起微调作用，因此选项B是正确的. 如图所示，把两相同的电灯分别拉成甲、乙两种电路，甲电路所加的电压为8V，乙电路所加的电压为14V。调节变阻器R1和R2使两灯都正常发光，此时变阻器消耗的电功率分别为P甲和P乙，下列关系中正确的是（a ） AP甲 P乙 BP甲 P乙 CP甲 = P乙 D无法确定 一盏电灯直接接在电压恒定的电源上，其功率是100 W.若将这盏灯

3、先接一段很长的导线后，再接在同一电源上，此时导线上损失的电功率是9 W，那么此电灯的实际功率将( ) A.等于91 WB.小于91 WC大于91 W D.条件不足，无法确定 解析：加接长导线后，电路的总电阻增大，由P=知，电路的总功率减小，将小于100 W，所以电灯的实际功率将小于91 W.选项B正确.答案：B 如图所示的电路中，电阻R1=1，R2=2，R3=3，在A、B间接电源，S1、S2都打开，此时电阻R1、R2、R3消耗的功率之比P1：P2：P3= ；当S1、S2都闭合时，电阻R1、R2、R3消耗的功率之比P1：P2：P3= 。1：2：3；6：3：2当 S1、S2都打开时，R1、R2、R

4、3相互串联，则P1：P2：P3= R1：R2：R31：2：3；当S1、S2都闭合时，R1、R2、R3相互并联，P1：P2：P3=1/R1：1/R2：1/R3=6：3：2。 10。解析：在用电器能正常工作的情况下，使其消耗的电能最少.利用串、并联电路的特点，可以进行求解.两只灯泡的铭牌上标出的数值不同，则说明两个灯泡的电阻不同，其中L1的电阻比L2的电阻大，故当串联时，L1分的电压要比L2大，故让它们都能正常工作的话绝对不可能串联.若使它们都分得电压为110V，则必须使L1与滑动变阻器相并联，再与L2相串联，故C选项是正确的.答案：C 如图所示电路，电路两端电压恒定，设S闭合前R2消耗功率为P1

5、，S闭合后R2消耗功率为P2，已知P2=2P1，则R1R2为( ) A.21 B.1 C.12 D.(-1)1 D解析：S闭合前，R2消耗的功率P1=I2R2= S闭合后，构成了R1的短路，R2消耗的功率 P2=2P1 由得R12+2R1R2-R22=0 即R1=(-1)R2 所以，故选项D正确. 如图所示的电路中，U=12V，滑动变阻器AB的总电阻为42，现要使标着“6V 1.8W”的灯泡L正常发光，那么A、P间的电阻应为多少？此时滑动变阻器上消耗的功率多大？灯泡的电阻 R=U2/P=62/1.8=20设BP间的电阻为x，由题意得并联部分电阻与AP间电阻相等，则42x=20x/（20+x）解

6、得x=30所以AP间的电阻为12。（6分）（2）此时P滑=62/12 + 62/30=4.2W （4分） 闭合电路欧姆定律典型例题例1 电动势和电压有些什么区别？答 电动势和电压虽然具有相同的单位，但它们是本质不同的两个物理量.（1）它们描述的对象不同：电动势是电源具有的，是描述电源将其他形式的能量转化为电能本领的物理量，电压是反映电场力做功本领的物理量.（2）物理意义不同：电动势在数值上等于将单位电量正电荷从电源负极移到正极的过程中，其他形式的能量转化成的电能的多少；而电压在数值上等于移动单位电量正电荷时电场力作的功，就是将电能转化成的其他形式能量的多少.它们都反映了能量的转化，但转化的过程

7、是不一样的.例2 电动势为2V的电源跟一个阻值R=9的电阻接成闭合电路，测得电源两端电压为1.8V，求电源的内电阻（见图）.分析 电源两端的电压就是路端电压，由于外电路仅一个电阻，因此也就是这个电阻两端的电压.可由部分电路欧姆定律先算出电流，再由全电路欧姆定律算出内电阻.解 通过电阻R的电流为由闭合电路欧姆定律E=U+Ir，得电源内电阻说明 由于电动势等于内、外电路上电压之和，而通过内、外电路的电流又处处相同，因此也可以根据串联分压的关系得例3 把电阻R1接到内电阻等于1的电源两端，测得电源两端电压为3V.如果在电阻R1上串联一个R2=6的电阻，再接到电源两端，测得电源两端电压为4V.求电阻R

8、1的阻值.分析 两次在电源两端测得的都是路端电压，将两次所得结果代入闭合电路的欧姆定律，可得两个联立方程，解此联立方程即得R1的大小。解 设电源电动势为E，内阻为r.根据闭合电路欧姆定律可知，前、后两次的路端电压分别为即 R127R1-18=0，取合理值得 R1=2（另一解R1=-9舍去）.例4 四个小灯连接成如图所示电路，合上电键S，各灯均正常发光.若小灯L4灯丝突然烧断，则其余各灯亮度的变化情况是 A. L1变亮，L2L3均变暗B. L1变暗，L2L3均变亮C. L1变暗，L2熄灭，L3变亮D. L1L2变亮，L3变暗分析 由于L4开路引起的一系列变化为：L4开路R总I总U端I1（L1变亮

9、）I3（=I总I1）（L3变暗）U3（=I3R3）U2（=U端U3）（L2变亮）.答 D.例5 如图所示的电路中，当可变电阻R的值增大时 A.ab两点间的电压Uab增大.B.ab两点间的电压Uab减小.C.通过电阻R的电流IR增大.D.通过电阻R的电流IR减小.分析 可变电阻R的阻值增大ab并联部分的电阻增大整个外电路总电阻增大电路的总电流I减小内电路上电压（U内=Ir）和电阻R1上的电压（U1=IR1）都减小ab并联部分的电压增大（Uab=E-减小（IR=I-I2）.答 A、D.说明 当电路中某一部分电阻变化时，整个电路各处的电压、电流都会受到影响，可谓“牵一发而动全身”.分析时，应抓住全电

10、路中电源电动势和内阻不变的特点，从总电流的变化顺次推理.如果只从孤立的局部电路考虑，R增大时，Uab也增大，将无法判断通过R的电流的变化情况.例6 如图所示的电路中，电源由4个相同的电池串联而成.电压表的电阻很大.开关S断开时，电压表的示数是4.8V，S闭合时，电压表的示数是3.6V.已知R1=R2=4，求每个电池的电动势和内电阻.分析 S断开和闭合，电压表测得的都是路端电压，亦即分别是外电阻R2和（R1R2）上的电压.据此，由闭合电路欧姆定律即可列式求解.解 设电池组的总电动势是E，总内电阻是r.S断开和闭合时，电路的总电流分别为I1和I2.根据闭合电路欧姆定律，有关系式代入题中数据，得两式

11、相比，得代入式后得E=7.2V. 设每个电池的电动势为E0 ，内阻r0，由串联电池组的特点，得例7 图1所示的电路中，R1=3，R2=6，R3=6，电源电动势E=24V，内阻不计.当电键S1、S2均开启和均闭合时，灯泡L都同样正常发光.（1）写出两种情况下流经灯泡的电流方向：S1、S2均开启时；S1、S2均闭合时.（2）求灯泡正常发光时的电阻R和电压U.分析 画出S1、S2均开启和闭合时的等效电路图（图2），即可判知电流方向.灯泡L能同样正常发光，表示两情况中通过灯泡的电流相同.解 （1）S1、S2均开启时，流经灯泡的电流方向从ba；S1、 S2均闭合时，流经灯泡的电流方向从ab.其等效电路分

12、别如图2所求.（2）设灯泡的电阻为R.S1、S2均开启时，由全电路欧姆定律得流过灯泡的电流S1、S2均闭合时，由全电路欧姆定律和并联分流的关系得流过灯泡的电流两情况中，灯泡L同样正常发光，表示I1=I2，即解得灯泡正常发光时的电压由等效电路图根据串联分压得例8 四节干电池，每节电动势为1.5V，内阻为0.5，用这四节干电池组成串联电池组对电阻R=18的用电器供电，试计算：（1）用电器上得到的电压和电功率；（2）电池组的内电压和在内电阻上损失的热功率.分析 根据串联电池组的特点和全电路欧姆定律算出电路中的电流，即可由部分电路欧姆定律和电功率公式求出结果.解 电路如图所示.串联电池组的电动势和内阻

13、分别为E=nE0=41.5V=6V，rnr040.52.根据闭合电路欧姆定律，得电流（1）用电器上得到的电压和电功率分别为UR=IR=0.318V=5.4V，PRURI=5.40.3W=1.62W.（2）电池组的内电压和内电阻上的热功率分别为UrIr0. 32V0.6V，PrI2r0.322W0.18W.说明（1）本题也可以不必算出电流，直接由内、外电阻的分压比（2）电池的总功率P总=IE=0.36W=1.8W，而 PRPr=1.62W0.18W=1.8W=P总.这正是能的转化和守恒在全电路上的反映.（3）闭合电路欧姆定律，实质是能的转化和守恒在电路中的反映.由EI=U+Ir，可得I=UII2

14、r或EIt=UItI2rt.式中EI是电源每秒向电路提供的能量，即电源的总功率（EIt是电源在时间t内提供的能量）；I2r是电源内阻上的热功率（I2rt是电源内阻在时间t内产生的热量），UI就是电源对外输出的功率，也就是转化为其他形式能的功率（UIt就是电源对外做的功，即转化为其他形式的能量）.例9 在图1的电路中，电池的电动势E=5V，内电阻r=10，固定电阻R=90，R0是可变电阻，在R0由零增加到400的过程中，求：（1）可变电阻R0上消耗热功率最大的条件和最大热功率.（2）电池的内电阻r和固定电阻R上消耗的最小热功率之和.分析 根据焦耳定律，热功率P=I2R，内阻r和R都是固定电阻，电

15、流最小时，其功率也最小.对可变电阻R0，则需通过热功率的表达式找出取最大值的条件才可确定.解 （1）电池中的电流可变电阻R0的消耗的热功率为了求出使P取极大值的条件，对上式作变换（2）在电池内阻r和固定电阻R上消耗的热功率为当R0调到最大值400时，P有最小值，其值为说明 根据电源输出功率最大的条件，如把题中固定电阻“藏”在电源内部，即等效内阻r=rR（图2），于是立即可知，当R0 =r=rR=100时，输出功率（即R0上消耗的功率）最大，其值为这种等效电源的方法（称等效电压源定理）在电路中很有用.对于外电路中的固定电阻，则通过它的电流越小，消耗的功率越小.例10 有N=32个相同的电池，每个

16、电池的电动势均为E=1.5V.内阻均为r0=1.用这些电池如何组合，才能使外电路中阻值R=2的用电器得到最大的电流？分析 如把32个电池全部串联，电池组的电动势增大了，但内阻也同时增大；如全部并联，电池组的内电阻小了，但电动势仍为1.5V.为了兼顾到既增大电动势，又减小内电阻，应采用混联电池组的供电电路.解 设将n个电池串联，再组成m组并联，使N=nm，电路如图所示.这个混联电池组的总电动势和总内阻分别为根据闭合电路欧姆定律，得外电阻中的电流为因n2m=2N=64=常数，由数学知识知，当n=2m时，（n2m）有最小值，则I有最大值.所以，应取m=4，n=8，代入上式得电流的最大值为说明 上面是

17、根据两数的和积关系，直接求出了电流取最大值的条件.一般情况下，可用配方法计算.因式中分母显然，当nr0-mR=0时，nr0mR有最小值，则I有最大值.由此得到外电路中电流取最大值的条件为即电池组的总内阻等于外电阻时，外电路中电流最大.已知R2，r01，代入上式得：n2m，n8， m4.这样计算，虽较为繁复，但由此得到一个普遍的结论是十分有价值的.例11 如图所示电路，E=10V，R1=4，R2=6电池内阻不计，C1=C2=30F，先闭合开关K，待电路稳定后再断开K，求断开K通过电阻R1的电量。误解一 K闭合时有K断开，电路中无电流，则电容器C1不再带电，流过R1的电量即Q1=1.810-4（C

18、）。K断开时， Uc1=E=10(V)，此时C1带电 Q1=C1Uc1=310-4(C)，则流过R1的电量Q=Q1-Q1=1.210-4（C）。由于C2被K短路，其两端电压Uc2=0。K断开时，由于电路中无电流，故Uc1=Uc2=E=10(V)。电容器C2上增加的电量为Q2=C(Uc2-0)=3010-610=310-4(C)；电容器C1上增加的电量为Q1=C(Uc1-Uc1)=3010-6(10-6)=1.210-4(C)。通过R1的电量为：Q=Q1+Q2=1.210-4+3010-4=4.210-4（C）。错因分析与解题指导 误解原因是对含有电容器的电路的连接关系不熟悉，弄不清电容器上是不

19、是有电压或者不会计算这个电压。 误解一 以为电路断开，电容器上便没有了电压，不再带电； 误解二 虽知道K断开后C1直接接于电源两端，但却看不出C2也同样如此，因此全部运算撇开了C2导致错误。作此类题一般要注意：（1）由于电容器所在支路无电流通过，即使该支路中有电阻，其上也无电压降，电容器两端的电压即该支路两端的电压。（2）当电容器和电阻并联接入电路时，电容器两极板间电压跟与其并联的电阻两端的电压相等。（3）在计算电容器带电量的同时，还要注意其极板带电的正负。例12如图1所示电路中，电源电动势E=6V，内电阻不计；电阻R1=R2=6，R3=12，R4=3，R5=0.6。试求通过R5的电流强度。分

20、析此题表面上看是一个非平衡电桥电路，要求出R5中流过的电流，超出了中学知识的范围。但是我们把除R5以外的电路等效为另一个复杂的电源，并且能找到一种形式以计算出这个等效电源的电动势及内电阻，那么就可以求出通过R5的电流了。解题步骤如下：第一步把电路的ab间断开，并把它看成是等效电源的两个极、求出ab两点间的电势差就是这个等效电源的电动势，即Uab=E第二步，把电路的ab间短路，求出ab间的电流，此电流就是等效电源的短路电流I0，根据恒定电流的特点，I0=I1-I2。I0与等效电源的电动势E，内阻r的关系为，求出E和I0后，即可求出r。第三步，把R5接在ab间，即R5为等效电路电路的外电阻，根据全

21、电路欧姆定律，即可求出I5的值。解答1.求等效电源的电动势ab间断开时，电路如图2，根据串联分压的特点以电源正极为零电势点，则Ua=-3V,Ub=-4.8V，UaUba端为等效电源的正极，b端为负极E=Uab=Ua-Ub=-3-(-4.8)=1.8(V)2.求等效电源的短路电流和等效内阻ab间短路时，电路如图3短路电流 I0=I1-I2说明等效方法是在物理分析中应用得最广泛的方法之一，例如“等效电路”、“合力与分力”、“等效切割长度（电磁感应）”等。它在具体问题中应用的关键是：确定等效的物理量，找出具有这种等效性质的代换形式。本例采用的是一种等效电源的方法，利用此方法，还可求解不少复杂的电路问

22、题。例13如图1所示的电路中，电源电压U=6V，R1=1，R2=2，C1=1F，C2=2F，当开关K第一次闭合后，通过开关K的总电量是多少？分析K第一次闭合前，电路结构是R1与R2串联，C1与C2串联，然后并联在电压为U的电路中，根据电阻串联，电流相等，电容串联电量相等的特点可求出UR1、UR2、UC1、UC2，然后采用电势分析法，比较M、N两点电势的高低，从而确定，K闭合后MN间电流的方向，以及UC1和UC2的值，进而求出C1和C2在K闭合前后所带电量的变化量，最后根据电量变化量求出通过K的总电量解答由（1）（2）解得U1=4V，U2=2VQ1=Q2=Q=C1U1=110-64=410-6（

23、C）由（3）（4）得，UR1=2V，UR2=4VQ1=C1U1=110-62=210-6（C）Q2=C2U2=210-62=810-6（C）Q1=Q1-Q1=410-6-210-6=210-6（C）Q2=Q2-Q2=810-6-410-6=410-6（C）通过K的总电量Q=Q1+Q2=（2+4）10-6（C）=610-6（C）说明1.关于两个电容器串联时，每个电容器极板所带电量相等，可从置于静电场中的导体发生静电感应现象当处于静电平衡时导体上出现等量导种电荷来理解。2.开关K闭合前后，M点电势不变，N点电势升高的问题，是由于K闭合后，C1和C2极板上的电量发生变化而引起的，最后稳定时，若以A点电势为参考点，设UA=0则K闭合前后N点电势UN从-4V升高到-2V,U1=UA-UN=0-(-2V)=2V,U2=UN-UB=-2V-(-6V)=4V。