四川省达州市中考真题物理.docx

1、四川省达州市中考真题物理2018年四川省达州市中考真题物理一、选择题(每小题3分；在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)1.关于声现象的说法正确的是()A.物体的振幅越大音调越高B.声音在真空中的传播速度是340m/sC.打雷时捂住耳朵可以防止雷声的产生D.地震、火山喷发等自然现象都伴有次声波的产生解析：本题考查的是：超声波与次声波。A、物体的振幅越大，响度越大，故A错误；B、声音不能在真空中传播，故B错误；C、打雷时捂住耳朵可以减弱进入耳朵的声音，不能防止雷声的产生，故C错误；D、据课本可知，地震、火山喷发等自然现象都伴有次声波产生，故D正确。答案：D2.学校大门旁竖直放置了一

2、块平面镜，小张同学逐渐靠近平面镜的过程中，下列说法正确的是()A.小张的像逐渐变大B.小张想通过平面镜看完自己的全身像，则平面镜的高度至少为整个身高的一半C.小张在平面镜中看见了小王，则小王在平面镜中看不见小张D.小张在平面镜中所成的像是实像解析：本题考查的是：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案。A、小张同学逐渐靠近平面镜的过程中，其大小不变，根据平面镜成像特点知物像大小相等，故小张的像大小不变。故A错误；B、人若能从镜中看到自己的全身像，需满足的条件是：人的头项和脚射出的光，经镜子反射后都能进入人的眼睛，即人像的上、下两端与眼睛的连线必须都穿过镜子。假设小张的身高为1.6m。如图所示，

3、AB表示人的全身，C点表示人眼的位置。根据平面镜成像的特点，作出人的像AB。将A和C，B和C分别用直线连接起来。则EF就是镜子至少应具有的长度。因为ABEFAB，且D为AA的中点；所以E、F分别为AC、BC的中点；所以EF为ABC的中位线；所以EF=AB=AB=1.6m=0.8m。故小张想通过平面镜看完自己的全身像，则平面镜的高度至少为整个身高的一半，故B正确；C、因为光路是可逆的，所以小张在平面镜中看见了小王，小王也能在平面镜中看见小张。故C错误；D、根据平面镜成像特点知，小张在平面镜中所成的像是虚像。故D错误。答案：B3.对于图中所示的四幅图，下列说法中正确的是()A.甲图中软木塞飞出时，

4、管内水蒸气的内能增加B.乙图中两个压紧的铅块能吊起钩码，主要是因为分子间存在引力C.丙图中活塞向上运动是内燃机的做功冲程D.丁图中小朋友下滑时，内能转化为机械能解析：本题考查的是：做功改变物体内能；分子间的作用力；内燃机的四个冲程。A、甲图中软木塞飞出时，管内水蒸气的内能减少，故A错误；B、丙图中两个压紧的铅块能吊起钩码，主要是因为分子间存在引力，故B正确；C、乙图中活塞向上运动时，进气门、排气门都关闭，是内燃机的压缩冲程，故C错误；D、丁图中小朋友下滑时，机械能转化为内能，故D错误。答案：B4.一辆小轿车在一段平直的公路上匀速行驶的过程中，下列说法正确的是()A.小轿车受到的牵引力与阻力是一

5、对相互作用力B.小轿车行驶的速度越大，小轿车对地面的压力越大C.由于惯性，即使紧急刹车，也会向前运动一段距离才能停下来D.发动机运转时小轿车才能运动，说明力是维持物体运动状态的原因解析：本题考查的是：力与运动的关系。A、小轿车匀速行驶的过程中，受到的牵引力与阻力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故A错误；B、小轿车呈流线型，行驶时上方空气流速大、压强小，下方空气流速小、压强大，产生向上的升力，因此，小轿车行驶的速度越大，小轿车对地面的压力越小，故B错误；C、由于惯性，即使紧急刹车，小轿车也会保持原来的运动状态，向前运动一段距离才能停下来，故C正确；D、发动机

6、运转时小轿车才能运动，说明力是改变物体运动状态的原因，而不是说明力是维持物体运动状态的原因，故D错误。答案：C5.如图所示，用一个带负电的物体a去接触不带电的验电器的金属球b时，金属球b也带上负电，则下列说法正确的是()A.a上的一些电子转移到b上，瞬时电流方向baB.b上的一些电子转移到a上，瞬时电流方向abC.b上的一些原子核转移到a上，瞬时电流方向baD.a上的一些原子核转移到b上，瞬时电流方向ab解析：本题考查的是：电流的方向。带负电的物体有多余电子，用一个带负电的物体a去接触不带电的验电器的金属球b时，物体a上的一部分多余电子会转移到b上；因为电流方向与负电荷定向移动的方向相反，所以

7、，瞬时电流方向ba。答案：A6.甲乙两地相距30km，在甲、乙两地之间沿直线架设了两条输电线，已知输电线的电阻与其长度成正比，现输电线在某处发生了短路，为确定短路位置，甲地检修员先用如图所示的测量仪接入AB时，电流表的示数为0.2A，乙地检修员后用相同的测量仪接人CD时，电流表的示数为0.3A.则短路位置离甲地()A.18kmB.15kmC.12kmD.10km解析：本题考查的是：欧姆定律的应用。由题知，甲乙两地相距30km，输电线的电阻与其长度成正比，设每km输电线的电阻为R0，短路位置离甲地的距离为s，则短路位置离乙地的距离为30km-s，则AB间的总电阻(两条输电线的总长度为2s)：Ra

8、b=2sR0，同理可得，CD间的总电阻：Rcd=2(30km-s)R0，用如图所示的测量仪进行检测时，电源电压不变，所以由欧姆定律得：U=IabRab，U=IcdRcd，因电源电压不变，所以可得IabRab=IcdRcd，代入数据有：0.2A2sR0=0.3A2(30km-s)R0，解得：s=18km。答案：A7.如图所示电路，电源两端电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片向右滑动时，下列判断正确的是()A.电压表V1示数与电流表A的比值变大B.电压表V2示数与电流表A的比值不变C.电压表V1示数的变化量大于电压表V2示数的变化量D.电压表V1示数的变化量小于电压表V2示数的变化量解析：

9、本题考查的是：电路的动态分析。由电路图可知，R0与R1、滑动变阻器R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，因为R1为定值电阻，电压表V1与电流表A的比值为R1，所以电压表V1与电流表A的比值不变，故A错误；由R0与R1的电阻不变和U=IR可知，R0和R1两端的电压变小，即电压表V1的示数变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表V2的示数变大；因电压表V2的示数变大，电流表的示

10、数变小，所以，电压表V2示数与电流表示数的比值变大，故B错误；(2)设滑片移动前后电路中的电流为I、I，电压表V1示数的变化量：UV1=U1-U1=IR1-IR1=(I-I)R1=IR1，电压表V2示数的变化量：UV2=U滑-U滑=U-I(R1+R2)-U-I(R1+R2)=(I-I)(R1+R2)=-I(R1+R2)因|IR1|I(R1+R2)|所以，电压表V1示数变化量的绝对值小于电压表V2示数变化量的绝对值，故C错误，D正确。答案：D8.两个底面积相同形状不同的容器A、B(GA=GB)，盛有不同的液体放置在水平桌面上，现将甲、乙两个相同的物块分别放入两容器中，当两物块静止时，两容器中液面

11、恰好相平，两物块所处的位置如图所示(忽略液体的损失)，下列说法正确的是()A.甲物块受到的浮力大于乙物块受到的浮力B.两容器底受到的液体压强相等C.取出两物块后，B容器底受到液体的压强大于A容器底受到液体的压强D.取出两物块后，B容器对桌面的压强小于A容器对桌面的压强解析：本题考查的是：压强大小比较。A、甲悬浮，F浮甲=G排甲=G；乙漂浮，则F浮乙=G排乙=G，可知F浮甲=F浮乙，故A错误；B、物体在甲中悬浮，则甲=物，在乙中漂浮，则乙物，可知乙的密度较大，已知深度相同，由p=液gh可知，B液体对容器底的压强大，故B错误；C、取出物块后，由于容器底所受压力减少量F=G，放入两容器中两个的物块相

12、同，所以减少的压力F甲=F乙，所以减少的压强p甲=p乙，故取出两物块后，B容器底受到液体的压强大于A容器底受到液体的压强，故C正确；D、B容器液体密度大于A液体密度，甲排开A的体积大于乙排开B的体积，取出后物体后B液体体积大于A液体体积，B液体的重力大于A液体重力，由压强公式p=得，取出两物块后，B容器对桌面的压强大于A容器对桌面的压强。故D错误。答案：C9.如图所示，光滑带槽的长木条AB(质量不计)可以绕支点O转动，木条的A端用竖直细线连接在地板上，OA=0.6m，OB=0.4m。在木条的B端通过细线悬挂一个长方体木块C，C的密度为0.8103kg/m3，B端正下方放一盛满水的溢水杯。现将木

13、块C缓慢浸入溢水杯中，当木块浸入水中一半时，从溢水口处溢出0.5N的水，杠杆处于水平平衡状态，然后让质量为300g的小球从B点沿槽向A端匀速运动，经4s的时间系在A端细绳的拉力恰好等于0，下列结果不正确的是(忽略细线的重力，g取10N/kg)()A.木块受到的浮力为0.5NB.木块C受到细线的拉力为0.3NC.小球刚放在B端时A端受到细线的拉力为2.2ND.小球的运动速度为0.2m/s解析：本题考查的是：杠杆的平衡条件。(1)溢水杯内盛满水，当物体放入后，物体受到的浮力：F浮=G排=0.5N，故A正确；(2)根据F浮=液gV排可得排开水的体积：V排=510-5m3；因为一半浸入水中，所以物体的

14、体积：V物=2V排=2510-5m3=110-4m3；由G=mg和=可得，物体的重力：G=mg=物V物g=0.8103kg/m3110-4m310N/kg=0.8N，则B端木块C所受的拉力：FB=G-F浮=0.8N-0.5N=0.3N，故B正确；(3)小球的质量为：m球=300g=0.3kg，小球的重：G球=m球g=0.3kg10N/kg=3N，小球刚放在B端时，B端受到的力为3N+0.3N=3.3N，根据杠杆平衡条件得出关系式：FAOA=FBOB则A端受到细线的拉力：FA=2.2N，故C正确。(4)设小球的运动速度为v，则小球滚动的距离s=vt，当A端的拉力为0时，杠杆再次平衡，此时小球到O

15、点距离：s=s-OB=vt-OB=v4s-0.4m，根据杠杆平衡条件可知：G球s=FBOB，即：3N(v4s-0.4m)=0.3N0.4m，解得：v=0.11m/s。故D错误。答案：D10.如图所示电路，电源电压不变，闭合开关S，当滑片P置于变阻器的B端时，电压表的示数为6V，在10s内定值电阻R1产生的热量为36J；当滑片P置于变阻器的中点时，电压表的示数变化了2V。下列结果正确的是()A.R1先后两次消耗的电功率之比为3：4B.滑动变阻器R2的最大阻值为10C.电源电压为10VD.R1的阻值为20解析：本题考查的是：欧姆定律的应用；电功率的计算。由电路图可知，R1与滑动变阻器串联，电压表测

16、量滑动变阻器两端的电压；当滑片在B端时，由欧姆定律可知，电流中的电流：I1=，则滑动变阻器两端的电压(电压表的示数)：U2=I1R2=6V-由题意知，当滑片滑到中点处时，滑动变阻器接入电阻变小，变阻器分得电压变小，即电压表示数应减小，所以，滑片滑到中点时，滑动变阻器两端电压为U2=6V-2V=4V；同理可得，滑动变阻器两端的电压(电压表的示数)：U2=4V-：可得： =，解得R1=R2-将代入：=6V，可得电源电压：U=12V，故C错误；当滑片滑到B端时，R1两端电压为：U1=U-U2=12V-6V=6V；由Q=36J可得：R1=10s=10，故D错误；因R2=R1，所以变阻器R2的最大阻值为

17、10，故B正确；滑片在中点时，R1两端的电压为U1=U-U2=12V-4V=8V，则R1先后两次的电压之比为： =，由P=可得R1先后两次消耗的电功率之比： =，故A错误。答案：B二、填空题(本大题9个小题，共22分，将正确答案直接填写在答题卡相应的位置上)11.滑板车是小学生喜爱的玩具之一。用脚向后蹬地，滑板车会沿地面向前运动，这说明力的作用是_的；如果不再蹬地，滑板车的速度会越来越慢，最后停下来，这表明力可以改变物体的_；滑板车在水平地面上静止且人的两脚站立在滑板车上时，滑板车受到的支持力与_是平衡力(选填“人的重力”、“车的重力”、“人与车的总重力”)解析：本题考查的是：力作用的相互性。

18、(1)用脚向后蹬地，滑板车会沿地面向前运动，这说明力的作用是相互的。(2)如果不再蹬地，滑板车的速度会越来越慢，最后停下来，这表明力可以改变物体的运动状态。(3)滑板车在水平地面上静止且人的两脚站立在滑板车上时，滑板车受到的支持力与“人与车的总重力”是一对平衡力，其大小相等，方向相反。答案：相互；运动状态；人与车的总重力12.如图所示是小李同学在一个标准大气压下探究某物质熔化时温度随时间变化的图象，第6min时的内能_第8min时的内能(选填“大于”、“等于”或“小于”)；该物质在CD段的比热容是AB段比热容的_倍(被加热物质的质量和吸、放热功率不变)。解析：本题考查的是：比热容的概念。(1)

19、晶体熔化过程要吸收热量，内能增加。所以第6min时的内能小于第8min时的内能；(2)根据图中坐标信息可知，该物质在AB段温度升高10，被加热4min；在CD段温度升高5，被加热4min；则该物质在AB段吸热与CD段吸热之比为1：1，根据Q=cmt可得，所以该物质在CD段的比热容是AB段比热容的2倍。答案：小于；213.某同学在“探究凸透镜成像规律”的实验中，绘制了如图所示的图象(v表示像到凸透镜的距离，u表示物体到凸透镜的距离)，用该凸透镜作放大镜使用时，被观察的物体到透镜的距离在_m以内；把物体从距凸透镜5cm处移动到距凸透镜20cm处的过程中，像的大小将_(选填“变大”、“变小”、“先变

20、小再变大”、“先变大再变小”)。解析：本题考查的是：凸透镜成像规律及其探究实验。由凸透镜成像规律可知，u=v=2f，凸透镜成倒立、等大的实像，由图象可知，u=v=2f=10cm 时，所以f=5cm=0.05m，用该凸透镜作放大镜使用时，uf，成正立、放大的虚像，即被观察的物体到透镜的距离在0.05m以内；把物体从距凸透镜5cm处移动到距凸透镜20cm处的过程中，物距增大，像距减小，像变小。答案：0.05；变小14.小张驾驶一辆额定功率为35千瓦、效率为30%的汽车在一段平直的公路上匀速行驶，在额定功率下行驶1小时至少需要_L汽油(汽油的热值为3.5107J/L)；若行驶的速度为72km/h，则

21、汽车受到的阻力为_N，汽油属于_能源(选填“可再生”或“不可再生”)。解析：本题考查的是：热机的效率。小汽车以额定功率匀速直线行驶1h牵引力所做的功：W=Pt=3.5104W3600s=1.26108J，完全燃烧汽油放出热量Q放=Vq，小汽车发动机的效率=，所以Q放=W，Vq=W，V=12L；(2)由=得，汽油机的有用功：因为72km/h=20m/s，由W=Fs得汽车发动机的牵引力：F=1750N，因为汽车在平直公路上匀速行驶，所以汽车受到的阻力：f=F=525N；(3)汽油属于不可再生能源，一旦消耗很难再生。答案：12；1750；不可再生15.如图所示，完全相同的圆柱形容器中，装有不同的两种

22、液体甲、乙，在两容器中，距离同一高度分别有A、B两点。若两种液体的质量相等，则A、B两点的压强关系是pA_pB；若A、B两点的压强相等，则两种液体对容器底的压强关系是p甲_p乙(两空选填“”、“=”或“”)。解析：本题考查的是：压强大小比较。(1)A、B两点到容器底的距离相等，根据m=V=Sh可知，A、B两点以下m甲m乙；又因为完全相同的容器中，分别盛有质量相等的两种液体甲、乙，A、B两点上液体的质量：mBmA，即GBGA；根据p=可知，pBpA。(2)若A、B两点的压强相等，则A、B两点上液体的质量：mB=mA，因为A、B两点到容器底的距离相等，则有mBmA，故有m甲m乙，G甲G乙；根据p=

23、可知，p甲p乙。答案：；16.两个标有“5 1A“和“10 0.6A”的定值电阻，将它们串联起来使用时等效电阻为_，电源电压最多为_V；若将它们并联时干路电流最大是_A。解析：本题考查的是：欧姆定律的应用。(1)串联电路的等效电阻(总电阻)等于各个电阻之和，所以R=R1+R2=5+10=15；(2)由题知，两电阻允许通过的最大电流分别为：I1=1A，I2=0.6A，则I1I2，因串联电路电流处处相等，所以为了不损坏电阻，串联电路中的最大电流为0.6A；则电源电压的最大值：U大=I大(R1+R2)=0.6A(5+10)=9V；(3)两电阻两端允许的最大电压分别为：U1=I1R1=1A5=5V，U

24、2=I2R2=0.6A10=6V，比较可知U1U2 ，为使两电阻都不烧坏，则电路两端允许加的最大电压是5V；此时通过R1电阻的电流为1A，通过R2电阻的电流：I2=0.5A，则并联电路中干路上允许的最大电流为：I大=I1+I2=1A+0.5A=1.5A。答案：15；9；1.517.如图所示的电路，当S1、S2都闭合时，R1的电功率为25W，当把S2断开时，R1的电功率为4W，则此时R2的电功率为_W。解析：本题考查的是：电功率的计算。由电路图可知，当闭合开关S1、S2时，电阻R2被短路，电路为R1的简单电路，则R1两端电压等于电源电压为U，且R1的功率P=25W；由P=可得，R1的电阻为：R1

25、=；由图可知，当把S2断开时，R1与R2串联，设此时R1两端电压为U1，且R1的功率P=4W，R1的电阻为：R1=；R1的阻值不变，则：；变形可得：，解得：，所以U1=U；串联电路的总电压等于各分电压之和，即U=U1+U2，则此时R2两端的电压为：U2=U-U1=U-U=U；根据P=UI可得，此时R1的电功率与R2的电功率之比为：，则：P2=P=4W=6W。答案：618.如图所示是某同学设计的一台浮力电子秤，其结构由浮力秤和电路两部分组成，小筒底面积为10cm2，大筒底面积为50cm2，装有适量水，金属滑片P固定在托盘下面并随托盘一起自由滑动(滑片质量和滑片受到导线的拉力均忽略不计)，定值电阻

26、R0=8，AB是一根长为20cm的均匀电阻丝，其阻值为20，电源电压为6V。当托盘中不放物体时，P位于A端，小筒浸入水中5cm(称量过程中大筒水未溢出)，则：R0在电路中的作用是_，托盘和小筒的总质量为_g，当开关S闭合且在托盘中放入质量为100g的物体时，R0消耗的功率为_W。解析：本题考查的是：电功率的计算。(1)当滑片P在最下端时，R的电阻为零，若电路中没有R0，将会造成电源短路，故R0在电路中起到保护电路的作用；(2)托盘中不放物体时，小筒浸入水中5cm，排开水的体积为：V排=S小筒h=10cm25cm=50cm3=510-5m3；小桶受到的浮力为：F浮=液gV排=1.0103kg/m

27、310N/kg510-5m3=0.5N；托盘和小筒处于漂浮状态，浮力等于重力，则托盘和小筒的总重力：G=F浮=0.5N；托盘和小筒的总质量为： =0.05kg=50g；(3)在托盘中放入质量为100g的物体时，托盘和小筒仍处于漂浮状态，浮力仍等于重力，所以增加的浮力等于增加的重力，即F浮=G=mg=0.1kg10N/kg=1N，根据F浮=液gV排可得，增加的排开水的体积：=10-4m3；根据V=Sh可得，增加的浸入深度：=0.1m；大筒中水面上升的高度： =0.02m；因为：h浸=h上升+d，其中d为小筒向下移动的距离，所以小桶向下移动的距离：d=h浸-h上升=0.1m-0.02m=0.08m

28、；小桶下降0.08m，滑片也跟着下滑0.08m=8cm，则变阻器连入电路的长度变为20cm-8cm=12cm，因为AB是一根长为20cm的均匀电阻丝，其阻值为20，即1cm的电阻丝的电阻为1，所以12cm的电阻丝的电阻为12，即R=12，因为R和R0串联，由欧姆定律可得，此时电路的电流为：I=0.3A；R0消耗的功率：P0=I2R0=(0.3A)28=0.72W答案：保护电路；50；0.7219.如图所示，电源电压保持不变，电阻R1为20，小灯泡L标有“6V 3W”字样。闭合S，断开S1、S2，滑动变阻器滑片P移至最右端时，小灯泡L恰好正常发光；闭合S、S1、S2，滑片P移至最左端时，电路消耗

29、的总功率为5.4W，忽略小灯泡电阻随温度的变化，则小灯泡L的电阻为_，滑动变阻器的最大阻值为_；闭合S，断开S1、S2，移动滑片P，使滑动变阻器的电功率为0.72W时，电流表的示数为_A。解析：本题考查的是：欧姆定律的应用。(1)闭合S，断开S1、S2，滑动变阻器滑片P移至最右端时，电路为小灯泡L的简单电路，且小灯泡L恰好正常发光，则电源电压U=U额=6V；由P=可得，小灯泡的电阻：RL=12；(2)闭合S、S1、S2，滑片P移至最左端时，小灯泡发生短路，定值电阻R1与滑动变阻器R的最大阻值并联；电路消耗的总功率为5.4W，由P总=U总I总可得干路中的电流：I总=0.9A；通过R1的电流：I1=0.3A；由并联电路的电流特点可得，通过滑动变阻器的电流：I滑=I总-I1=0.9A-0.3A=0.6A；则滑动变阻器的最大电阻：R滑大=10；(3)闭合S，断开S1、S2，移动滑片P，灯泡和滑动变阻器串联，由题知，移动滑片使滑动变阻器的电功率为0.72W，设此时电流表的示数为I，由P=UI可得，此时滑