物理3435测试附答案.docx

1、物理3435测试附答案2015-2016学年度爱中学校周测 物理1下列论述正确的是A根据麦克斯韦电磁场理论，变化的磁场一定产生变化的电场B光的双缝干涉实验中，若仅将入射光从红光改为紫光，则相邻亮条纹间距一定变大C一切物体都在不停地发射红外线,物体温度越高,辐射的红外线越强D根据爱因斯坦相对论理论，光源与观察者相互靠近时，观察者观察到的光速比二者相互远离时观察到的光速大2电磁炉热效率高达90%，炉面无明火，无烟无废气，电磁“火力”强劲，安全可靠如图所示是描述电磁炉工作原理的示意图，下列说法正确的是（ ）A当恒定电流通过线圈时，会产生恒定磁场，恒定磁场越强，电磁炉加热效果越好B电磁炉通电线圈加交流

2、电后，在锅底产生涡流，进而发热工作C电磁炉的锅不能用陶瓷锅或耐热玻璃锅，主要原因这些材料的导热性能较差D在锅和电磁炉中间放一纸板，则电磁炉不能起到加热作用3对下列物理现象的解释，正确的是（ ）A击钉时，不用橡皮锤仅仅是因为橡皮锤太轻B跳远时，在沙坑里填沙，是为了减小冲量C易碎品运输时，要用柔软材料包装，船舷常常悬挂旧轮胎，都是为了延长作用时间，减小作用力D在车内推车推不动，是因为合外力冲量为零4某学生用单摆测定重力加速度，测得数值偏大些，可能是下列哪些原因引起的（ ）A量摆长时没有把小球半径算进去B摆球的质量测得不准确C摆角小，使周期变小D应当测振动30次的时间求其周期，结果把29次当做30次

3、计算周期5如图，某时刻振幅、频率均相同的两列波相遇，实线表示波峰，虚线表示波谷。则再过半个周期，在波谷的质点是（ ）AO质点 BP质点 CN质点 DM质点6在某一均匀介质中由波源O发出的简谐横波在x轴上传播，某时刻的波形如图所示，其波速为5m/s，则下列说法正确的是（）A此时P、Q两质点运动方向相同B再经过05s质点N刚好在（5m，20cm）位置C能与该波发生干涉的横波的频率一定为3HzD波的频率与波源的振动频率无关7如图所示为某物体做简谐运动的图象，下列说法中正确的是（ ）来源:学科网A物体在02s时刻与04s时刻的速度相同B物体在06s时刻与04s时刻的动能相同C0709s时间内物体的加速

4、度在减小D0911s时间内物体的势能在增加8如图所示，在水平光滑地面上有A、B两个木块，A、B之间用一轻弹簧连接A靠在墙壁上，用力F向左推B使两木块之间弹簧压缩并处于静止状态若突然撤去力F，则下列说法中正确的是（ ）A木块A离开墙壁前，A、B和弹簧组成的系统动量守恒，机械能也守恒B木块A离开墙壁前，A、B和弹簧组成的系统动量不守恒，但机械能守恒C木块A离开墙壁后，A、B和弹簧组成的系统动量不守恒，但机械能守恒D木块A离开墙壁后，A、B和弹簧组成的系统动量不守恒，机械能不守恒9图a为一列简谐横波在t=010s时刻的波形图，P是平衡位置为x=1m处的质点，Q是平衡位置为x=4m处的质点，图b为质点

5、Q的振动图象，则下列说法错误的是A该波的传播速度为40m/sB该波沿x轴的负方向传播Ct=010s时，质点Q的速度方向向下D从t=010s到 t=025s，质点P通过的路程为30cm10如图所示为一列沿x轴负方向传播的简谐横波在t0时的波形图。经过时间t1，Q点振动状态传到P点，则t1时刻（ ）AQ点正在波谷位置BQ点加速度沿y轴的正方向CP质点已运动到x0的位置D位于1cmx3cm内的所有质点正在向y轴的负方向运动11一列简谐横波在某介质中沿直线由a点向b点传播，a、b两点的平衡位置相距25m，如图所示，图中实线表示a点的振动图象，图中虚线表示b点的振动图象，则下列说法中正确的是 A质点a的

6、振动方程为B从0时刻起经过040s，质点a、b运动的路程均为16cmC在t=045s时质点b又回到平衡位置D在0ls015s内，质点b向y轴负方向运动，做加速度逐渐变大的减速运动12半径为R的半圆柱形介质截面如图所示，O为圆心，AB为直径，Q是半圆O上的一点，QO垂直于AB。相互平行的同种单色光a和b从不同位置进入介质，光线a沿直线射向O点，在O点恰好发生全反射，光线b从Q点射入介质，入射角为45，b光经介质折射后交于直径AB上的P点，则P点距O点的距离为AR BR CR DR选择题12345678910111213一列沿x方向传播的横波，在t=0时刻的波形如图所示，已知P质点的坐标为（1，0

7、），Q质点的坐标为（5，0），R质点的坐标为（10，0），此时质点P的运动方向向下，而且这列波在P点出现第一次波峰到第三次波峰时间间隔是0.8s，求：（1）这列波的传播方向、波速大小？（2）从t=0起再经过周期时，P、Q、R质点的坐标分别是多少？（3）从t=0起再经过多少时间质点R才能第一次达到波峰？这段时间内R通过的路程是多少？14如图所示为质谱仪上的原理图，M为粒子加速器，电压为U1=5000V；N为速度选择器，磁场与电场正交，磁感应强度为B1=0.2T，板间距离为d=0.06m；P为一个边长为l的正方形abcd的磁场区，磁感应强度为B2=0.1T，方向垂直纸面向外，其中dc的中点S开有小

8、孔，外侧紧贴dc放置一块荧光屏今有一比荷为q/m=108C/kg的正离子从静止开始经加速后，恰好通过速度选择器，从a孔以平行于ab方向进入abcd磁场区，正离子刚好经过小孔S 打在荧光屏上求：（1）粒子离开加速器时的速度v；（2）速度选择器的电压U2；（3）正方形abcd边长l15如图所示，光滑水平面上依次放置两个质量均为m的小物块A和C以及光滑曲面劈B，B的质量为M=3m，B的曲面下端与水平面相切，且劈B足够高现让小物块C以水平速度v0向右运动，与A发生弹性碰撞，碰撞后小物块A又滑上劈B求物块A在B上能够达到的最大高度参考答案1C【解析】试题分析：根据麦克斯韦电磁场理论，变化的磁场一定产生电

9、场。均匀变化的磁场产生稳定的电场，选项A错误；根据可知，光的双缝干涉实验中，若仅将入射光从红光改为紫光，则因为紫光的波长比红光小，则相邻亮条纹间距一定变小，选项B错误； 一切物体都在不停地发射红外线,物体温度越高,辐射的红外线越强选项C正确；根据光速不变原理，可知不管光源与观察者是否存在相对运动，观察者观察到的光速是不变的，故D错误；故选C考点：麦克斯韦电磁场理论；双缝干涉；红外线；相对论【名师点睛】该题考查3-4中的多个知识点的内容，都是记忆性的知识点，在平时的学习过程中多加积累即可；选项A是易错题目，要知道均匀变化的磁场产生稳定的电场。2B【解析】试题分析：锅里的涡流是变化的磁场产生的，所

10、加的电流是交流，不是直流，A错、B对；金属锅自身产生无数小涡流而直接加热与锅，陶瓷锅或耐热玻璃锅属于绝缘材料，里面不会产生涡流，C错；在锅和电磁炉中间放一纸板，不会影响电磁炉的加热作用，D错。考点：涡流及其应用。3CD【解析】试题分析：力与时间的乘积是力的冲量；应用冲量的计算公式I=Ft与动量定理分析答题解：A、用橡皮锤击钉子，橡皮锤与钉子接触时形变量比较大，延长了作用时间，使作用力减小，所以不要橡皮锤钉钉子，故A错误；B、跳远时，在沙坑里填沙，是为了增加运动员与沙子的作用时间，从而减小作用力，避免运动员受到伤害，故B错误；C、易碎品运输时，要用柔软材料包装，船舷常常悬挂旧轮胎，都是为了延长作

11、用时间，减小作用力，故C正确；D、在车内推车推不动，是因为合外力冲量为零，故D正确；故选：CD【点评】本题考查了冲量计算公式I=Ft、动量定理的应用；在动量的变化或冲量一定的情况下，延长力的作用时间可以减小力的大小4【答案】D【解析】试题分析：由单摆周期公式可知，重力加速度：，单摆的摆长应等于摆线的长度加一摆球的半径，如测量摆长时没有把小球半径算进去，摆长测量值L偏小，由可知，重力加速度的测量值偏小，故A错误；由可知，重力加速度与摆球质量无关，摆球质量测量不准不影响重力加速度的测量值，故B错误；单摆的周期与偏角无关，偏角对测量没有影响，故C错误；应当测振动30次的时间求其周期，结果把29次当作

12、30次计算周期时，算出的周期T偏小，由可知，重力加速度的测量值偏大，故D正确。考点：用单摆测定重力加速度5D【解析】试题分析：再过半个周期，在波谷的质点在该时刻处于波峰，应该是波峰与波峰相遇点，故应该是M点；故选D考点：波的叠加原理6AB【解析】试题分析：根据对称性可知，此时P、Q两点运动方向相同故A正确由图知波长=2m，周期为，时间，波传到N点时间为T，波传到N点时，N点向上运动，则经过05s质点N刚好在波峰，其坐标为（-5m，20cm）故B正确该波的频率为f=25Hz，能与该波发生干涉的横波的频率一定为25Hz故C错误波的频率与波源的振动频率决定故D错误；故选AB考点：机械波的传播；波的干

13、涉【名师点睛】本题的解题关键在于抓住对称性分析左右两列波的关系根据时间与周期的关系，判断质点的位置或求出波传播的距离，由波形平移法判断质点的状态。7AB【解析】试题分析：由图知物体在02s与04s时刻图线的切线斜率相等，说明这两个时间的速度相同，故A正确物体在06s时刻与04s时刻的位移相同，物体经过同一位置，动能相同，故B正确07s09s时间内物体的位移增大，由，可知物体的加速度在增大，故C错误09s11s时间内物体的位移减小，物体靠近平衡位置，则势能在减小，故D错误故选AB。考点：振动图像【名师点睛】此题是对简谐振动的图线的考查；要知道简谐运动的图象中图线切线的斜率表示速度，加速度和位移的

14、关系是，物体经过平衡位置时动能最大，在最大位移处时动能为零。8B【解析】试题分析：根据系统动量守恒的条件：系统不受外力或所受合外力为零，分析系统所受的外力情况，判断动量是否守恒根据是否是只有弹簧的弹力做功，判断系统的机械能是否守恒解：A、B：撤去F后，木块A离开竖直墙前，竖直方向两物体所受的重力与水平面的支持力平衡，合力为零；而墙对A有向右的弹力，所以系统的合外力不为零，系统的动量不守恒这个过程中，只有弹簧的弹力对B做功，系统的机械能守恒故A错误，B正确C、D：A离开竖直墙后，系统水平方向不受外力，竖直方向外力平衡，所以系统所受的合外力为零，系统的动量守恒，只有弹簧的弹力做功，系统机械能也守恒

15、故C、D错误故选：B【点评】本题关键要掌握动量守恒和机械能守恒的条件，并用来判断系统的动量和机械能是否守恒对于动量是否守恒要看研究的过程，要细化过程分析9D【解析】试题分析：由甲图读出波长为=8m，由乙图读出周期为T=02s，则波速为故A正确由乙图读出，Q点在t=010s时的速度方向向下故C正确Q点在t=010s时的速度方向向下，则该波沿x轴负方向的传播故B正确 D、从t=010s到t=025s，经过时间为t=015s=T，质点P通过的路程不等于3A=30cm故D错误故选D考点：机械波的传播【名师点睛】此题要抓住两种图象的联系，由振动图象读出振动方向，由波动图象判断波的传播方向；由乙图读出，Q

16、点在t=010s时的振动方向，由甲图判断出波的传播方向分别由两图读出波长和周期，求出波速根据时间与周期的关系求出路程。10AB【解析】试题分析：当Q点的振动状态传到P点时，根据波形平移法可知Q点振动四分之三周期，t=0时刻Q点正向上运动，则经过四分之三周期时，Q点正在波谷位置，故A正确Q点到达波谷时，加速度沿y轴的正方向，故B正确质点P正通过平衡位置向上运动，故C错误x=0cm处质点在波谷，x=2cm处质点在波峰，则1cmx2cm向y轴的正方向运动，2cmx3cm向y轴的负方向运动，故D错误故选AB考点：波的图线11ABD【解析】试题分析；质点振动的周期为T=02s，则，则质点a的振动方程为，

17、选项A正确；从0时刻起经过t=040s=2T，质点a、b运动的路程均为s=24A=16cm，选项B正确；由图线可知，在t=045s时质点b在位移正向最大位置，选项C错误；由振动图像可知，在0ls015s内，质点b向y轴负方向运动，位移逐渐增大，做加速度逐渐变大的减速运动，选项D正确；由振动图线可知，振动由a传到b的时间为：（s），则此波的传播速度可能为（n=0，1，2，3），故此波的传播速度不可能为12m/s，选项D错误；故选ABD考点：振动图线；机械波的传播12A【解析】试题分析：光线a在AB面上发生全反射，根据得，C=45，解得折射率根据折射定律知，解得b光在半圆柱面上的折射角=30，设P

18、点距O为x，根据几何关系知，解得故A正确，BCD错误故选A。考点：光的折射定律【名师点睛】本题是简单的几何光学问题，其基础是作出光路图，根据几何知识确定入射角与折射角，根据折射定律求解。13（1）这列波的传播方向沿x轴正方向、波速大小是10m/s（2）从t=0起再经过周期时，P、Q、R质点的坐标分别是（1，5）、（1，5）、（10，0）（3）从t=0起再经过0.8s时间质点R才能第一次达到波峰，这段时间内R通过的路程是15cm【解析】解：（1）由题意可知该列波沿X轴正方向传播，而且由图象可知：T=0.4s，=4m则该列波的波速度：（2）P、Q、R只可能在垂直于X轴运动不会随波移动经过周期，波只

19、向前传播了s=vt=100.1m=1m则R质点还未开始运动，其坐标为（10，0）P运动到波谷位置，其坐标为（1，5）Q也运动到波谷位置，其坐标为（1，5）（3）波传播到R所用时间为：t1=s=0.5sR开始运动到波峰所用时间为：t2=则从t=0起到第一次达到波峰的时间为：t=t1+t2=0.3+0.5 s=0.8s因为R只在t2时间内上下振动所以R运动的路程为：s=3A=35cm=15cm答：（1）这列波的传播方向沿x轴正方向、波速大小是10m/s（2）从t=0起再经过周期时，P、Q、R质点的坐标分别是（1，5）、（1，5）、（10，0）（3）从t=0起再经过0.8s时间质点R才能第一次达到波

20、峰，这段时间内R通过的路程是15cm【点评】本题也可以采用波形的平移法直接求解R第一次形成波峰的时间要能根据时间与周期关系分析质点的位置，确定其坐标，明确质点并不向前移动14（1）粒子离开加速器时的速度是1106m/s；（2）速度选择器的电压是1.2104V；（3）正方形abcd边长是0.16m【解析】解：（1）粒子经加速电场U1加速，获得速度v，由动能定理得：qU1=mv2解得v=m/s（2）在速度选择器中作匀速直线运动，电场力与洛仑兹力平衡得Eq=qvB1即得：U2=B1dv=0.20.061106V=1.2104V（3）在B2中作圆周运动，洛仑兹力提供向心力，有，故粒子在B2磁场中做匀速

21、圆周运动的半径：r=0.1m由几何关系：所以，正方向的边长：m答：（1）粒子离开加速器时的速度是1106m/s；（2）速度选择器的电压是1.2104V；（3）正方形abcd边长是0.16m【点评】解决本题的关键掌握动能定理，以及知道在速度选择器中作匀速直线运动，电场力与洛仑兹力平衡15物块A在B上能够达到的最大高度为【解析】试题分析：A、C系统碰撞过程动量守恒，机械能守恒，应用动量守恒定律与机械能守恒定律求出A的速度；A、B系统在水平方向动量守恒，由动量守恒定律与机械能守恒定律可以解题解：C、A组成的系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mv0=mvC+mvA，由能量守恒定律得：mv02=mvC2+mvA2，解得：vC=0，vA=v0，A、B系统在水平方向动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mvA=（m+M）v，系统机械能守恒，由机械能守恒定律得：mvA2=mgh+（m+M）v2，解得：h=；答：物块A在B上能够达到的最大高度为【点评】分析清楚物体运动过程是正确解题的关键，应用动量守恒定律与机械能守恒定律可以解题要注意A、B系统水平方向动量守恒，系统整体动量不守恒