深圳市南山二外初三化学中考模拟试题含答案.docx

1、深圳市南山二外初三化学中考模拟试题含答案深圳市南山二外初三化学中考模拟试题(含答案)一、选择题（培优题较难）1将乙酸（CH3COOH）和葡萄糖（C6H12O6）溶于水得到混合溶液，测得溶液中氢元素的质量分数为a，则溶液中碳元素的质量分数为（）A19a B18a C12a D8a【答案】A【解析】【分析】根据乙酸（CH3COOH）、葡萄糖（C6H12O6）、水中，氢原子和氧原子的个数比均为2：1，进行分析解答。【详解】乙酸（CH3COOH）、葡萄糖（C6H12O6）、水中，氢原子和氧原子的个数比均为2：1，则将乙酸（CH3COOH）和葡萄糖（C6H12O6）溶于水得到混合溶液中氢元素和氧元素的质

2、量比为（12）：（161）1：8；测得溶液中氢元素的质量分数为a，氧元素的质量分数为8a，则溶液中碳元素的质量分数为1a8a19a。故选A。2下列各物质中，不能满足下图物质一步转化关系的选项是（）AX：Cu Y：CuO Z：CuSO4BX：CO2 Y：O2 Z：COCX：CaCO3 Y：CaO Z：Ca（OH）2DX：NaOH Y：NaCl Z：Na2CO3【答案】D【解析】【详解】A、铜在加热条件下能和氧气反应生成氧化铜，氧化铜能和稀硫酸反应生成硫酸铜和水，硫酸铜和锌、镁、铝、铁等反应能生成铜和相应的盐，CuCuOCuSO4Cu，前面的物质能够通过一步转化生成后面的物质，选项正确；B、光合作

3、用过程中，二氧化碳和水反应能生成葡萄糖和氧气，碳不完全燃烧时能生成一氧化碳，一氧化碳完全燃烧，或和某些金属氧化物反应时能生成二氧化碳，CO2O2COCO2，前面的物质能够通过一步转化生成后面的物质,选项正确；C、煅烧碳酸钙时能生成氧化钙和二氧化碳，氧化钙和水反应能生成氢氧化钙，氢氧化钙和二氧化碳反应，或与可溶性碳酸盐反应时，能生成碳酸钙，CaCO3CaOCa（OH）2CaCO3，前面的物质能够通过一步转化生成后面的物质，选项正确；D、氢氧化钠和氯化镁、氯化铜、氯化亚铁等物质反应时，能生成氯化钠和相应的盐，氯化钠和其它物质不能通过一步转化生成碳酸钠，碳酸钠和氢氧化钙反应能生成碳酸钙和氢氧化钠，N

4、aOH能够通过一步转化生成NaCl，Na2CO3能够通过一步转化生成NaOH，但是NaCl不能够通过一步转化生成Na2CO3，选项错误，故选D。3甲、乙、丙、丁均为初中化学常见的物质，它们之间的部分转化关系如图所示(部分反应物、生成物和反应条件已略去。“”表示物质之间能发生化学反应。“”表示物质之间的转化关系)。下列推论不正确的是()A若甲是碳酸钙，则乙转化成丙的反应可以是放热反应B若乙是最常用的溶剂，则丁可以是单质碳C若甲是碳酸钠，乙是硫酸钠，则丁可以是氯化钡D若丙是二氧化碳，丁是熟石灰，则丁可以通过复分解反应转化为乙【答案】C【解析】【分析】【详解】A若甲是碳酸钙，则碳酸钙分解生成氧化钙，

5、氧化钙和水反应生成氢氧化钙过程中放热，因此乙转化成丙的反应可以是放热反应，选项A正确；B若乙是最常用的溶剂，水分解生成氧气，碳和氧气反应生成二氧化碳，且碳和水也能反应，因此丁可以是单质碳，选项B正确；C若甲是碳酸钠，如果跟硫酸反应则乙是硫酸钠，但硫酸钠转变成的丙不能和氯化钡反应，则丁不可以是氯化钡，选项C错误；D若丙是二氧化碳，丁是熟石灰，则丁可以通过复分解反应转化为乙，熟石灰和碳酸钠反应生成碳酸钙，碳酸钙和稀盐酸反应生成二氧化碳，而熟石灰和碳酸钠反应生成碳酸钙是复分解反应，选项D正确。故选C。4甲、乙两种固体物质（不含结晶水）的溶解度曲线如图所示。下列说法正确的是( )A甲物质的溶解度大于乙

6、物质的溶解度Bt1时甲、乙两物质的溶液溶质质量分数一定相等Ct1时，甲、乙两物质各50 g分别加入100g水中，充分溶解，得到的溶液质量都是140gDt2时，等质量甲、乙两种固体配制成饱和溶液时甲比乙需要的水多【答案】C【解析】A. 在溶解度曲线图上，横坐标是温度，纵坐标是溶解度。温度会影响物质的溶解度，温度不同溶解度不同，不说明温度时，无法比较溶解度的大小； B. 饱和溶液溶质的质量分数=溶解度（溶解度+100g）100% ， t1时甲、乙两物质的溶解度相同，所以两物质的饱和溶液溶质质量分数一定相等；C. t1时，甲、乙两物质哦溶解度为40g，各50 g分别加入100g水中，充分溶解，溶质的

7、质量都只能是40g，得到的溶液质量都是140g；D. t2时，甲的溶解度比乙的溶解度大，等质量甲、乙两种固体配制成饱和溶液时甲比乙需要的水少。选C5已知反应前后分子变化的微观示意图如下所示，下列说法错误的是A反应前后元素种类不变BA是有机物，C、D是无机物C点燃前要先检验A的纯度，防止爆炸D此反应中A和B的化学计量数之比等于1：1【答案】D【解析】根据微观示意图可知，反应物A的分子为由1个C原子和4个H原子构成的CH4分子，反应物B的分子为由2个O原子构成的O2分子；生成物C的分子为2个O原子和1个C原子构成的CO2分子，物质D的分子为由1个O原子和2个H原子构成的H2O分子；则示意图所表示的

8、反应为CH4在O2中燃烧生成CO2和H2O，反应的化学方程式为CH4+2O2CO2+2H2O。A、根据化学方程式可知，反应前后元素种类不变，正确； B、A是甲烷，是含有碳元素的化合物，属于有机物，C、A是甲烷，是可燃性气体，和空气混合达到一定浓度会发生爆炸，点燃前要先检验纯度，防止爆炸，正确；C、根据微观示意图可知，D是水，不是有机物，错误；D、由方程式及图示可知，参加反应的A，B物质分子个数比为1：2，错误。故选D。6某气体可能含有H2、CO2、CO、HCl中的一种或几种，把该气体依次通过澄清石灰水、饱和碳酸氢钠溶液、浓硫酸、灼热的氧化铜、无水硫酸铜、澄清石灰水，观察到的现象是：前面的一瓶澄

9、清石灰水无明显变化，灼热的氧化铜变红色，无水硫酸铜变蓝（无水硫酸铜遇水变蓝），后面的一瓶澄清石灰水变浑浊，下列关于该气体说法不正确的是（ ）A一定含有H2 B一定含有COC可能含有HCl D可能含有CO2【答案】B【解析】【分析】根据二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊，饱和碳酸氢钠溶液可以和氯化氢气体发生反映，浓硫酸具有吸水性，一氧化碳、氢气能和灼热的氧化铜反应，无水硫酸铜遇水变蓝来分析判断。【详解】将某气体依此通过各种试剂之后，观察到前面一瓶澄清石灰水无明显变化，说明该气体中不含有二氧化碳或者氢氧化钙与氯化氢气体反应，没有与二氧化碳反应；再将气体通过饱和碳酸氢钠溶液，可以吸收氯化氢气体，因为碳酸氢

10、钠能和氯化氢反应生成氯化钠、水和二氧化碳；再通过浓硫酸，浓硫酸具有吸水性，可以吸收气体中的水蒸气；通过灼热的氧化铜，观察到氧化铜变红色，说明有还原性的气体与之发生了反应，还原性的气体可能是氢气、一氧化碳，氢气能和氧化铜反应生成水和铜，一氧化碳能和氧化铜反应生成二氧化碳和铜；无水硫酸铜变蓝，说明有水，则可以说明气体中含有氢气；后面的一瓶澄清石灰水变浑浊，说明有二氧化碳，但是无法确定二氧化碳是氯化氢和碳酸氢钠反应生成的还是一氧化碳和氧化铜反应生成的。故选B。【点睛】本题主要考查了常见物质的性质和检验方法。7将铝和镁组成的混合物 10g 加入到 200g 稀盐酸中恰好完全反应后得到溶液 209g，再

11、向溶液中加入足量的氢氧化钠溶液，最终生成沉淀的质量为（）A12g B14.25g C17.25g D27g【答案】D【解析】【分析】铝和稀盐酸反应生成氯化铝和氢气，镁和稀盐酸反应生成氯化镁和氢气，氯化铝和氢氧化钠反应生成氢氧化铝和氯化钠，氯化镁和氢氧化钠反应生成氢氧化镁和氯化钠。【详解】铝和镁组成的混合物 10g 加入到 200g 稀盐酸中恰好完全反应后得到溶液 209g，则生成氢气的质量为 设参加反应的铝的质量为x，生成氢气的质量为y由和得， 生成氢氧化铝的质量为，生成氢氧化镁的质量为，最终生成沉淀的质量为故选D。8下列曲线正确的是A向盐酸中加水B浓H2SO4加入水中C煅烧CaCO3DO2在

12、水中的溶解性【答案】C【解析】A. 向盐酸中加水，溶液的酸性变弱，pH变大但始终成酸性，pH始终小于7 B. 浓H2SO4加入水中，溶解放出大量热，使溶液温度升高，然后慢慢冷却至室温，所以最终溶液的温度能恢复到原温； C. 煅烧CaCO3 ，生成二氧化碳和氧化钙固体，因此固体减少，反应结束时固体的质量为生石灰的质量，大于零；D. O2在水中的溶解性随温度升高而减小；选C点睛：图像的问题主要是结合化学反应分析图的起点的位置，变化趋势，终点的位置是否正确9现有一包由5.6g铁、7.2g镁、1.0g碳混合而成的粉末，把它加入一定量的CuCl2溶液中。实验结束后，测得剩余固体中含有三种物质。则剩余固体

13、的质量不可能是A26. 2gB26.6gC26. 0gD25. 8g【答案】B【解析】【分析】镁的金属活动性强于铁，铁强于铜，镁先和氯化铜反应生成氯化镁和铜，镁完全反应后，铁和氯化铜反应生成氯化亚铁和铜，碳和氯化铜不反应。【详解】设7.2g镁和氯化铜完全反应产生铜的质量为x若铁没有反应，剩余固体的质量为 设5.6g铁和硝酸铜完全反应产生铜的质量为y若铁完全反应，剩余固体的质量为铁没有反应或部分反应，因此剩余固体的质量大于或等于25.8g，小于26.6g。故选B。【点睛】实验结束后，测得剩余固体中含有三种物质，为碳、铜和铁，镁完全反应，铁没有反应或部分反应。10有Mg、Al、Zn的混合物共7.2

14、g，与足量盐酸反应，生成H2的质量可能是( )A0.2g B0.6g C0.8g D0.9g【答案】B【解析】用极限法计算，假设全为Zn，生成氢气的质量为x。Zn+2HCl=ZnCl2+H265 27.2g xx=0.22g同理，假设全为Mg，生成氢气的质量为y。可得y=0.6g；假设全为Al，生成氢气的质量为z。可得z=0.8g。所以Al、Mg、Zn合金与盐酸反应放出氢气的质量0.8g m（氢气）0.22g。故选B。11某物质的溶解度曲线如图。t时160g37.5%的该物质的饱和溶液，欲将其溶质质量分数变为50%。下列方法正确的是A蒸发40g水，改变温度至t1B蒸发50g水，改变温度至t2C

15、加入20g溶质，改变温度至t2D加入65g溶质，改变温度至t3【答案】B【解析】饱和溶液是在一定温度下、一定量的溶剂里不能再溶解某物质的溶液叫该物质的饱和溶液，反之为不饱和溶液。，t时160g37.5%的该物质的饱和溶液中溶质的质量为160g37.5%=60g，则溶剂的质量为100g，饱和溶液溶质的质量分数=溶解度（溶解度+100g）100%。A.温度为t1时，其饱和溶液溶质的质量分数为：75g175g100%43%，不可能得到溶质质量分数为50%的溶液； B. t2该物质饱和溶液溶质的质量分数=100g200g100%=50%；将160g37.5%的溶液蒸发50g水后，液溶质的质量分数为 6

16、0g110g100%54.5%.即有溶质析出得t2时的饱和溶液，质量分数为50% C. t2，该物质的溶解度为100g,所以加入20g溶质后能完全溶解，溶液溶质的质量分数为80g110g100% 50% D. 加入65g溶质，改变温度至t3所得溶液为t3时的饱和溶液，质量分数大于50%。选B点睛：被溶解的那部分物质才是溶质。某温度下浓度最大的溶液为该温度下的饱和溶液。12有一包白色粉末，可能由硫酸铜、碳酸钙、氯化钡、硫酸钠、硝酸钡中的一种或几种组成。为了探究其成分，进行如下实验：关于该实验有以下说法：若步骤中沉淀不溶解，则原白色粉末中最多含有三种物质若步骤中沉淀部分溶解，则原白色粉末的组成有3

17、种情况若步骤中沉淀全部溶解，则原白色粉末的组成有5种情况若步骤中沉淀不溶解，向无色滤液中滴加硝酸钡有白色沉淀产生，则无色滤液中最多含有三种溶质以上说法正确的个数是A1个 B2个C3个 D4个【答案】D【解析】【分析】【详解】白色粉末加足量的水，过滤得到沉淀和无色滤液，说明一定没有硫酸铜；沉淀中加入足量的稀硝酸，若步骤中沉淀不溶解，则原白色粉末中最多含有三种物质，可以是氯化钡、硫酸钠、硝酸钡，正确；若步骤中沉淀部分溶解，则原白色粉末的组成有3种情况，分别是：碳酸钙、氯化钡、硫酸钠；碳酸钙、硫酸钠、硝酸钡；碳酸钙、氯化钡、硫酸钠、硝酸钡，正确；若步骤中沉淀全部溶解，则原白色粉末的组成有5种情况，分

18、别是：碳酸钙；碳酸钙、氯化钡；碳酸钙、硫酸钠；碳酸钙、硝酸钡；碳酸钙、氯化钡、硝酸钡，正确；若步骤中沉淀不溶解，向无色滤液中滴加硝酸钡，有白色沉淀产生，则无色滤液中最多含有三种溶质，分别是：硫酸钠、氯化钠、硝酸钠，正确。故选：D。13下列有关量的变化图象与其对应叙述相符的是（ ）A常温下，向一定量的饱和石灰水中加入氧化钙B一定温度下，向不饱和硝酸钾溶液中加入硝酸钾C向一定质量的过氧化氢的水溶液中加入二氧化锰D向等质量的铁和镁中分别加入足量的稀盐酸【答案】C【解析】【分析】【详解】A、因为氧化钙能与水发生反应生成氢氧化钙，氧化钙反应消耗了饱和溶液中的水，而使饱和溶液因减少溶剂水而析出固体，饱和溶

19、液的溶质、溶剂质量同时减少，所以溶液的质量减少，故不符合题意；B、一定温度下，向不饱和硝酸钾溶液中加入硝酸钾，随着加入的硝酸钾的质量的增加，溶液的质量，从一个不为0的值逐渐增大到硝酸钾饱和，饱和后溶液的质量不再增加，为一定值，故不符合题意；C、过氧化氢的水溶液中含有水，所以开始水的质量不为0，过氧化氢溶液和二氧化锰混合生成水和氧气，所以随着反应的进行，水的质量不断增加，当反应完毕后水的质量不再增加，为一定值，故符合题意；D、分别向等质量的镁和铁中滴入溶质质量分数相同的稀盐酸，当盐酸少量时，生成的气体由盐酸的量决定，所以开始二者放出气体一直相等，但因为盐酸过量，等质量的镁放出的气体大于铁放出的气

20、体，所以图象比正确，不符合题意；故选C。14已知硝酸钾在不同温度下的溶解度如下表：温度/20304050607080溶解度/g32466485.5110138170甲是80含有100 g水的KNO3溶液，操作过程如下图所示。以下分析错误的是A甲、乙、丙、丁四种溶液中，饱和溶液只有2种B甲到乙的过程中，溶质质量没有改变C甲溶液中，溶剂与溶质的质量比为25: 34D甲溶液冷却时，开始析出固体的温度在6070之间【答案】A【解析】溶解度是一定温度下，100g溶剂里达到饱和时，所溶解的溶质的质量。饱和溶液是在一定温度下、一定量的溶剂里不能再溶解某物质的溶液叫该物质的饱和溶液。A、由题中信息可知，20时

21、，硝酸钾的溶解度是32g，所以80g水的饱和溶液中，硝酸钾的质量为25.6g，所以可推知硝酸钾的总质量为25.6g+110.4g=136g，80时，80g水中溶解136g硝酸钾刚好饱和，析出晶体后的溶液一定是饱和溶液，所以丁是饱和溶液，所以乙、丙、丁都是饱和溶液，错误；B、甲到乙的过程中，没有溶质析出，溶质质量没有改变，正确；C、甲溶液中，溶剂与溶质的质量比为100g:136g=25: 34,正确。故选A。15下列溶液中无色，且在pH=1时能大量共存的是ACuSO4NaCl KNO3 BNaOH NaCl NaNO3CNa2SO4KCl ZnCl2 DK2SO4AgNO3 NaCl【答案】C【

22、解析】pH=1的溶液中有大量的H+，大量共存要求物质之间相互交换成分不能结合生成水、气体或沉淀，形成无色溶液要求分析常见离子在水溶液中的颜色，若为无色，符合题意A、物质之间相互交换成分不能结合生成水、气体或沉淀，但Cu2+在水溶液中为蓝色，故A错误B、NaOH可与酸发生中和反应，故不能共存，所以错误C、物质之间相互交换成分不能结合生成水、气体或沉淀，且离子均为无色，故C正确 D、K2SO4AgNO3生成硫酸银沉淀，故D不正确故选C16下列四个图像反映了对应实验过程中相关量的变化，其中正确的是（ ）AA BB CC DD【答案】A【解析】A向一定质量的氢氧化钠溶液中加入稀硫酸时，不断反应生成硫酸

23、钠，氢氧化钠完全反应，硫酸钠的质量不再改变；B锌和硫酸反应生成硫酸锌和氢气，反应中氢气的质量增加，硫酸完全反应，氢气的质量不再增加；C高锰酸钾在加热条件下分解生成锰酸钾、二氧化锰、氧气，反应后固体物质的质量减少，但固体中锰元素的质量不变，所以反应中固体中锰元素的质量分数增加，反应结束，不再改变；D二氧化锰是过氧化氢分解的催化剂，反应前后，二氧化锰的质量不变。选A点睛：图像的问题主要是结合化学反应分析图的起点的位置，变化趋势，终点的位置是否正确17如表除杂的方法和试剂都正确的是（）选项物质所含的杂质所选试剂和方法AHClH2SO4加入适量Ba（OH）2溶解、过滤BKClKClO3加入二氧化锰、加

24、热CCuCuO加入过量的稀盐酸、过滤、洗涤、干燥DCaCl2溶液Ca（OH）2加入适量的稀硫酸AA BB CC DD【答案】C【解析】除杂的原则是只除杂，不引杂。A氢氧化钡和盐酸反应，不符合除杂要求；B在氯酸钾在二氧化锰的作用下分解生成氯化钾和氧气，氯酸钾能被除掉，但是会混入二氧化锰杂质，引杂；C铜是不活泼金属，和盐酸不反应，氧化铜是金属氧化物，和盐酸反应生成易溶的氯化铜和水，过滤，得固体铜；硫酸和氢氧化钙反应生成硫酸钙，硫酸钙微溶，会在氯化钙溶液中引入杂质。选C18在托盘天平（灵敏度极高）两边各放一只等质量的烧杯，在两只烧杯里各加入足量、等质量、等质量分数的稀盐酸，调节天平至平衡，然后向左端

25、烧杯加入5.6克铁，要使天平再次平衡，应向右边烧杯加入A5.4克氧化钙 B5.6克铜 C6克镁 D10克碳酸钙【答案】A【解析】天平的两边增加的量相同时天平才能仍然平衡。5.6克铁和足量的盐酸反应生成0.2g氢气，氧化钙和盐酸反应生成盐和水，没有气体逸出，增加的量为5.4g，天平平衡；5.6g铜和酸不反应，增加的量为5.6g；6g镁和酸反应生成气体0.5g；增加5.5g；10g碳酸钙和足量的酸反应生成二氧化碳4.4g，增加5.6g；选A点睛：天平的平衡问题的关键是余下的物质一样多，天平平衡。19下列图象分别与选项中的描述相对应，其中正确的是（）A表示向一定量大理石中滴加稀盐酸，产生二氧化碳的质

26、量变化B表示加热一定量碳铵（NH4HCO3），试管中固体的质量变化C表示电解水实验中，生成的氢气及氧气的质量关系D表示向相同浓度和体积的稀硫酸中加入足量的镁粉和铁粉，产生氢气的质量关系【答案】B【解析】向一定量大理石中滴加稀盐酸，反应中产生二氧化碳的质量随盐酸的增多而增多，当碳酸钙反应完，二氧化碳的质量不再增加；碳酸氢铵受热分解生成二氧化碳、氨气、水，生成物中没有固体，所以反应结束，固体质量为零；电解水时正极生成的是氧气，负极生成的是氢气，氢气是氧气体积的2倍；向相同浓度和体积的稀硫酸中加入足量的镁粉和铁粉，镁比铁活动性强，反应快，由于 镁粉和铁粉足量，酸反应完反应结束，生成氢气的质量一样多。

27、选B点睛：结合反应方程式，推断物质的变化和图像表达的变化比较，重点是起点、变化趋势、终点，同时要看清坐标对应的量，和反应物的量20下列除去物质中的少量杂质（括号内为杂质）的方法，正确的是（）ACO（CO2）通过足量的灼热氧化铜BMnO2粉末（KCl）溶解、过滤、洗涤、干燥CFeSO4溶液（CuSO4）加入足量锌粉、过滤DNa2SO4溶液（NaCl）加入适量硝酸银溶液、过滤【答案】B【解析】试题分析：A、CO能与灼热氧化铜反应生成铜和二氧化碳，二氧化碳不与灼热氧化铜反应，反而会把原物质除去，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误B、KCl易溶于水，MnO2粉末难溶于水，可采取加水溶解、过滤、洗涤

28、、干燥的方法进行分离除杂，故选项所采取的方法正确C、FeSO4溶液和CuSO4均能与锌粉反应，不但能把杂质除去，也会把原物质除去，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误D、NaCl能与硝酸银溶液反应生成氯化银沉淀和硝酸钠，能除去杂质但引入了新的杂质硝酸钠，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误故选B考点：物质除杂或净化的探究；混合物的分离方法；常见气体的检验与除杂方法；盐的化学性质点评：物质的分离与除杂是中考的重点，也是难点，解决除杂问题时，抓住除杂质的必需条件（加入的试剂只与杂质反应，反应后不能引入新的杂质）是正确解题的关键二、实验题（培优题较难）21小明用木炭粉还原氧化铜来制取铜，反应化学

29、方程式为：_他根据碳的化学性质分析，认为该实验中可能会有一氧化碳产生（查阅资料）一氧化碳气体能使湿润的黄色氯化钯试纸变蓝色（设计实验）小明设计了下图所示的实验装置，并进行实验验证：(1)A装置中酒精灯加网罩的目的是_(2)刚用酒精灯给试管A加热时，B装置中就立刻产生气泡，但液体并没有浑浊的现象出现，原因是_(3)C中湿润黄色氯化钯试纸变蓝，说明有_气体生成，证明小明的判断是正确的你觉得实验产生该气体的原因可能是(写一条)：_(4)设计装置时还要考虑环保因素，因此，要在装置C右侧导管口添加_装置(5)当反应结束后，小明发现一个问题：若先停止加热，_而导致试管炸裂，但若先去除B装置，则会导致_请你

30、帮助他设计一个实验操作，将试管中还原出的铜倒出：_【答案】 使火焰集中，提高温度 刚加热时，试管内的空气受热膨胀从导管口逸出 CO 木炭与试管内空气中的氧气反应生成CO(或木炭与反应中生成的CO2作用生成CO 尾气处理 B装置内的石灰水会倒吸进试管中 试管中红热的铜被空气中的氧气重新氧化成氧化铜 先用弹簧夹夹紧A、B装置间的橡皮管，再熄灭酒精灯并除去B、C装置，待试管冷却后再将试管中的粉末倒出 【解析】【分析】【详解】在高温条件下碳能还原氧化铜生成铜和二氧化碳，发生的反应方程式为：；(1)A装置中酒精灯加网罩的目的是使火焰集中，提高温度；(2)刚用酒精灯给试管A加热时，试管内的空气受热膨胀从导管口逸出，所以B装置中就立刻产生气泡，但液体并没有浑浊的现象出现；(3)一氧化碳能使湿润黄色氯化钯试纸变蓝，所以C中湿润黄色氯化钯试纸变蓝，说明有一氧化碳气体生成