江苏省如皋市届高考物理二轮复习专题一力与直线运动练习.docx

1、江苏省如皋市届高考物理二轮复习专题一力与直线运动练习专题一 力与直线运动 一、单项选择题1.（单）小明家阁楼顶有一扇倾斜的天窗，天窗与竖直面的夹角为，如图所示小明用质量为m的刮擦器擦天窗玻璃，当对刮擦器施加竖直向上大小为F的推力时，刮擦器恰好沿天窗玻璃向上匀速滑动，已知玻璃与刮擦器之间的动摩擦因数为，则刮擦器受到的摩擦力大小是() A. (Fmg)cos B. (mgF)sin C.(Fmg)cos D. (mgF)sin 2.（单）水上滑板是滑水和冲浪这两项水上运动的结合体，摩托艇通过水平牵引绳使运动员在水面上乘风破浪匀速滑行，如图所示设水平牵引力恒定，水对滑板的作用力与滑板垂直，滑行时受到

2、的空气阻力大小与滑行速度成正比，运动员必须使滑板前端抬起一个角度才能不下沉则()A. 滑行的速度越大，角度越大B. 滑行的速度越大，角度越小C. 角度与运动员的质量无关D. 角度随运动员的质量增大而增大3.（单）如图，AOB为夹角固定的V形槽，开始时槽板OB位于竖直平面内，光滑小球静置槽中槽板OA受到的压力为NA，槽板OB受到的压力为NB.在V形槽沿顺时针方向缓慢旋转至OB水平的过程中()A. NA逐渐减小，NB逐渐增大B. NA先增大后减小，NB逐渐增大C. NA逐渐减小，NB先增大后减小D. NA先增大后减小，NB先增大后减小4.（单）如图所示是质量为m的小球靠近墙面竖直上抛的频闪照片，甲

3、图是上升时的照片，乙图是下降时的照片，O是运动的最高点假设小球所受阻力大小不变，重力加速度为g，据此估算小球受到的阻力大小为()A. mg B. mg C. mg D. mg5.（单）如图所示，AB、AC两光滑细杆组成的直角支架固定在竖直平面内，AB与水平面的夹角为30，两细杆上分别套有带孔的a、b两小球，在细线作用下处于静止状态，细线恰好水平某时刻剪断细线，在两球下滑到底端的过程中，下列结论中正确的是()A. a、b两球到底端时速度相同B. a、b两球重力做功相同C. 小球a下滑的时间大于小球b下滑的时间D. 小球a受到的弹力小于小球b受到的弹力二、多项选择题6.（多）如图所示，高层住宅外安

4、装空调主机时，电机通过缆绳牵引主机沿竖直方向匀速上升为避免主机与阳台、窗户碰撞，通常会用一根拉绳拽着主机，地面上拽拉绳的人通过移动位置，使拉绳与竖直方向的夹角保持不变则在提升主机过程中，下列结论正确的是() A. 缆绳拉力F1和拉绳拉力F2都增大B. 缆绳拉力F1和拉绳拉力F2都不变C. 缆绳与竖直方向的夹角不可能大于角D. 缆绳拉力F1的功率保持不变7.（多）如图，质量为、长为的直导线用两绝缘细线悬挂于，并处于匀强磁场中。当导线中通以沿正方向的电流，且导线保持静止时，悬线与竖直方向夹角为。则磁感应强度方向和大小可能为A负向， B正向， C沿悬线向上， Dx负向， 8.（多）如图所示为一个质量

5、为m、电荷量为q的圆环，可在水平放置的足够长的粗糙细杆上滑动，细杆处于磁感应强度为B的匀强磁场中，不计空气阻力，现给圆环向右的初速度v0，在以后的运动过程中，圆环运动的速度图像可能是图中的()9.（多）如图所示，空间有一垂直纸面向外的磁感应强度为0.5 T的匀强磁场，一质量为0.2 kg且足够长的绝缘木板静止在光滑水平面上，在木板左端放置一质量为m0.1 kg、带正电q0.2 C的滑块，滑块与绝缘木板之间动摩擦因数为0.5，滑块受到的最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力现对木板施加方向水平向左，大小为F0.6 N的恒力，g取10 m/s2.则滑块()A. 一直做加速度为2 m/s2的匀加速运动，直

6、到滑块飞离木板为止B. 开始做匀加速运动，然后做加速度减小的加速运动，最后做匀速直线运动C. 速度为6 m/s时，滑块开始减速D. 最终做速度为10 m/s的匀速运动10.（多）如图7所示，工厂利用皮带传输机把货物从地面运送到高出水平地面的C平台上，C平台离地面的高度一定运输机的皮带以一定的速度v顺时针转动且不打滑将货物轻轻地放在A处，货物随皮带到达平台货物在皮带上相对滑动时，会留下一定长度的痕迹已知所有货物与皮带间的动摩擦因数均为.若皮带的倾角、运行速度v和货物质量m都可以改变，始终满足tan 0，在t0时刻到物块刚滑落时间内，试定性画出物块与长木板间摩擦力大小随时间变化的图线，无需标注时间

7、以及力的大小15.如图所示，一本大字典置于桌面上，一张A4纸(质量和厚度均可忽略不计)夹在字典最深处假设字典的质量分布均匀，同一页纸上的压力分布也均匀，字典总质量M1.5 kg，宽L16 cm，高H6 cm，A4纸上下表面与书页之间的动摩擦因数均为10.3，字典与桌面之间的动摩擦因数为20.4，各接触面的最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力，重力加速度g取10 m/s2.(1) 水平向右拉动A4纸，要使字典能被拖动，A4纸对字典的总摩擦力至少多大？(2) 上题中，求A4纸夹在字典中离桌面的最大高度h0；(3) 若将A4纸夹在离桌面高度为3cm处，要将A4纸从字典中水平向右抽出拉力至少做多少功？专题一

8、 力与直线运动参考答案一、单项选择题1.A；解析：刮擦器受重力、推力、斜壁的弹力及摩擦力而处于平衡状态，由图可知，F一定大于重力；先将重力及向上的推力合力后，将二者的合力向垂直于斜面方向及沿斜面方向分解可得：在沿斜面方向有：摩擦力f=（F-mg）cos；在垂直斜面方向上有：FN=（F-mg）sin；则f=（F-mg）cos=（F-mg）sin，故选：A2.B解析：设牵引力为T，空气阻力为fkv，板的作用力为F，人和滑板的总质量为m.由竖直方向的平衡有Fcosmg，由水平方向的平衡有TfFsin.所以，滑行的速度越大，角度越小；运动员的质量越大，角度越小选项B正确3. 对球受力分析，重力、AO板

9、支持力，BO板支持力，三力平衡，根据共点力平衡条件，三个力可以构成首位相连的矢量三角形，如图所示：将V形槽沿顺时针方向缓慢旋转至OB水平的过程中，两个支持力的方向顺时针转动90，等效成重力方向顺时针转动90，故角不变，角不断变小（锐角），角不断变大（先锐角后钝角）；根据正弦定理，有：解得： 角不变，角不断变小（鋭角），故FAO不断减小；角不变，角不断变大（先锐角后钝角），故FBO先变大后变小，根据牛顿第三定律可知，NA不断减小，NB先变大后变小，故C正确故选：C4. B解析：设每块砖的厚度是d，向上运动时9d3da1T2 ，向下运动时3dda2T2，联立得3，根据牛顿第二定律，向上运动时mgf

10、ma1，向下运动时mgfma2，可得f.选项B正确5. C解析：由机械能守恒可知，两球到底端时的速度大小相等，方向不同；由初始的平衡可知，magtan30mbgtan60，得ma3mb，两球的质量不相等，下落过程中重力做的功不相等；设光滑细杆与水平方向的倾角为，则两球下滑的加速度大小为gsin，位移大小为，显然球a的加速度小，位移大，运动时间长；a球的弹力为mag，b球的弹力为mbgmag，a球受的弹力大选项C正确【考点定位】物体的平衡受力分析机械能守恒二、多项选择题6. AC解析：将空调主机作为研究对象，两绳拉力的合力一定与主机的重力平衡，用作图法作出两拉力的合力(竖直向上，与重力等值反向)

11、，由平行四边形定则确定F2的对边，则由角的不断增大，可知两个拉力都在增大，角不可能大于等于角由PF1vcos可知，F1的功率不断增大选项AC正确7.BC；解析:A、当磁场沿y负方向时，由左手定则可知，导线受到的安培力竖直向上，当BIL=mg，B=导线静止，与竖直方向夹角=0，不符合题意，故A错误； B、磁感应强度方向为z正方向，根据左手定则，直导线所受安培力方向沿y正方向，由平衡条件得：BILcos=mgsin，解得：B=，故B正确；C、当沿悬线向上时，由左手定则可知，安培力垂直于导线斜向上方，由平衡条件得：BIL=mgsin，则B=，故C正确； D、当磁场沿x负方向时，磁场与电流平行，导线不

12、受安培力，导线在重力与细线拉力作用下静止，磁感应强度可以为任何值，B=,可以使导线静止，但与竖直方向夹角=0，不符合题意，故D错误；故选BC8.AD;解析:由左手定则可判断洛伦兹力方向向上，圆环受到竖直向下的重力、垂直细杆的弹力及向左的摩擦力，当qvB=mg时，小环做匀速运动，此时图象为A，故A正确；当qvBmg时，FN=mg-qvB此时：FN=ma，所以小环做加速度逐渐增大的减速运动，直至停止，所以其v-t图象的斜率应该逐渐增大，故BC错误当qvBmg时，FN=qvB-mg，此时：FN=ma，所以小环做加速度逐渐减小的减速运动，直到qvB=mg时，小环开始做匀速运动，故D图象正确，故D正确；

13、故选AD9. BD解析：由于洛伦兹力F1qvB方向向上，在滑块与木板发生相对滑动之前，系统水平方向的合力为F不变，做匀加速运动，am/s22m/s2，木板对滑块的静摩擦力fma0.2 N，初始时刻滑块的最大静摩擦力fmmg0.5 Nf，滑块与木板间没有发生相对滑动；随着速度的增加，洛伦兹力变大，由NmgqvB可知滑块与木板间的压力减小，最大静摩擦力减小，滑块将会相对于木板滑动，受向左的滑动摩擦力，仍有加速度，做加速度减小的加速运动；当NmgqvB时，做匀速运动，解得v10 m/s.选项BD正确10.答案：AC解析：开始时对货物受力分析，根据牛顿第二定律得agcos gsin ，根据运动学公式得

14、货物加速到与传送带速度相等所需的时间t1，货物加速过程的位移x1，货物加速到与传送带的速度相等时，因为mgcos mgsin ，货物将做匀速运动，根据运动学公式得物体匀速的时间t2，因此货物从底端运送到顶端的时间tt1t2，当速度一定时，越大，加速度越小，运送的时间越长，A正确；当一定时，加速度一定，速度不同，运送时间不同，B错误；摩擦产生的热量为mgx，当倾角和速度v一定时，货物质量越大，摩擦产生的热越多，C正确货物相对传送带运动的位移xvt1t1t1，v和一定，速度一定，加速度一定，由t1得货物的加速时间t1一定，货物相对传送带的位移一定，D错误三、计算题11.解析：(1) 物体做匀加速运

15、动Lat (2分)am/s210 m/s2(2分)(2) 由牛顿第二定律Ffmaf(30210) N10 N(2分)0.5(2分)(3) 设力F作用的最短时间为t，相应的位移为s，物体到达B处速度恰为0由动能定理FsmgL0(2分)s10 m由牛顿定律Fmgma(1分)sat2(1分)t2 s(1分)12.解析：(1) 根据v2as(2分)求出s9 (m)(2分)(2) 物体沿斜面向上运动时受力如下图所示根据牛顿第二定律mgsinma(1分)Nmgcos(1分)求出0.25(2分)(3) 物体沿斜面向下运动时受力如下图所示根据牛顿第二定律mgsinNma(2分)求出a4 m/s2(2分)【考点

16、定位】直线运动的规律受力分析牛顿第二定律13.解析：(1)物体与传送带间的动摩擦因数；(2)04 s内物体与传送带间的摩擦热Q.设水平外力大小为F，由图象可知02.0s内物体做匀减速直线运动，加速度大小为a1=5m/s2，由牛顿第二定律得：，24s内物体做匀加速直线运动，加速度大小为a2=1m/s2，由牛顿第二定律得:f=40N又f=mg由以上各式解得:=0.3（2）02.0s内物体的对地位移x1=10m传送带的对地位移此过程中物体与传送带间的摩擦热，Q1=1800J24.0s内物体的对地位移，x2=-2m传送带的对地位移此过程中物体与传送带间的摩擦热，Q2=1080J04.0s内物体与传送带

17、间的摩擦热Q= Q1+Q2=2880J14.解析：(1) 对长木板与物块，假设相对静止时，最大加速度a05 m/s2(2分)由牛顿第二定律F0(Mm)g(Mm)a0，得F05 N(1分)长木板与地面最大静摩擦力为fm0.5(0.10.4)102.5 N因为2.5 NF4 NF0，所以物块与长木板共同加速运动，对整体有F(Mm)g(Mm)a(1分)解得加速度a3 m/s2(1分)(2) 因为F5.8 NF0，所以物块与长木板相对滑动，对长木板有F(Mm)gmgMa1，加速度a17 m/s2(1分)物块的加速度a25 m/s2.(1分)至物块与长木板分离时有La1t2a2t2，时间t11 s(1分

18、)此时长木板速度v17 m/s，物块速度v25 m/s物块做平抛运动，其落地时间t20.4 s(1分)平抛水平距离s2v2t22 m(1分)物块与长木板分离后长木板的加速度a3FMgMa3，得a39.5 m/s2(1分)在t2时间内木板向右运动距离s1v1t2a3t3.56 m(1分)最终，小物块落地时距长木板左端的距离ss1s21.56 m(1分)(3) (3分)【考点定位】牛顿第二定律相对运动平抛运动图象的运用15.解析： (1) 字典恰好能被拉动，A4纸对字典的摩擦力ff桌(2分)f2Mg(1分)得f6N(1分)(2) 设此时A4纸上方纸张质量为m，则有21mgf(2分)代入数据可得m1kg，此时A4纸夹的位置离桌面高h0H(2分)得h02cm(2分)(3) A4纸夹离桌面的高度为3cm处，高于2cm，所以字典拖不动。当A4纸抽出位移为x时，纸上方压力FN(2分)此时轻质A4纸受到拉力大小Ff21FN即F1Mg拉力大小与位移x成线性关系(2分)所以拉力做功WF0L1MgL可得W0.36J(2分)