课后限时集训5 力的合成与分解Word文件下载.docx

1、A1 N和4 NB2 N和3 NC1 N和5 ND2 N和4 NB设两个力分别为F1、F2，F1F2，当两个力的夹角为180时，合力为1 N，即F1F21 N。当两个力的夹角为0时，合力为5 N，即F1F25 N，解得F13 N，F22 N，故A、C、D错误，B正确。4三个共点力大小分别是F1、F2、F3，关于它们合力F的大小，下列说法正确的是（）AF大小的取值范围一定是0FF1F2F3BF至少比F1、F2、F3中的某一个力大C若F1F2F3368，只要适当调整它们之间的夹角，一定能使合力为零D若F1F2F3362，只要适当调整它们之间的夹角，一定能使合力为零C三个大小分别是F1、F2、F3的

2、共点力合成后的最大值一定等于F1F2F3，但最小值不一定等于零，只有当某一个力的大小在另外两个力的大小的和与差之间时，这三个力的合力才可能为零，选项A、B、D错误，C正确。5.（2019江西南昌十中期末）为了把陷在泥坑里的汽车拉出来，司机用一条结实的绳子把汽车拴在一棵大树上，开始时车与树相距12 m，然后在绳的中点用400 N的水平力F沿垂直绳的方向拉绳，结果中点被拉过0.6 m，如图所示（俯视图），假设绳子的伸长不计，则汽车受到的拉力为（）A200 N B400 N C2 000 N D800 NC对绳中点受力分析，如图所示。设绳中张力大小为T，根据力的合成法则，结合几何知识有，解得T2 0

3、00 N，即汽车受到的拉力为2 000 N，故C正确。6.如图所示，光滑斜面的倾角为37，一个可以看成质点的小球在轻质细线的拉力作用下静止在斜面上，细线与斜面间的夹角也为37。若小球所受的重力为G，sin 370.6，cos 370.8，则手对细线的拉力等于（）AG B C. DC对小球受力分析，小球受到细线的拉力F、斜面的支持力N和重力G，在沿斜面方向上，Fcos 37Gsin 37，解得FGtan 37G，故选项C正确。7.如图所示，水平横梁的一端A插在墙壁内，另一端装有一个小滑轮B，一轻绳的一端C固定于墙壁上，另一端跨过滑轮后悬挂一质量m10 kg的重物，CBA30，则滑轮受到绳子的作用

4、力为（g取10 N/kg）（）A50 N B100 NC20 N D100 NB由题意可得，对滑轮B点受力分析如图所示，滑轮受到绳子的作用力应为图中两段绳中拉力F1和F2的合力F，因同一根绳子张力处处相等，都等于重物的重力，即F1F2Gmg100 N。用平行四边形定则作图，由于拉力F1和F2的夹角为120，由几何关系可得F100 N，所以滑轮受绳子的作用力大小为100 N，方向与水平方向成30斜向下。故选项B正确。8.（多选）如图所示，质量为m的木块在推力F作用下，在水平地面上做匀速运动。已知木块与地面间的动摩擦因数为，那么木块受到的滑动摩擦力为（）Amg B（mgFsin ）C（mgFsin

5、 ） DFcos BD木块匀速运动时受到四个力的作用：重力mg、推力F、支持力FN、摩擦力Ff。沿水平方向建立x轴，将F进行正交分解，如图所示（这样建立坐标系只需分解F），由于木块做匀速直线运动，所以在x轴上，向左的力等于向右的力（水平方向二力平衡）；在y轴上，向上的力等于向下的合力。 即Fcos Ff，FNmgFsin ，又FfFN，解得，Ff（mgFsin ），故选项B、D正确。9.如图所示，一质量为m的沙袋用不可伸长的轻绳悬挂在支架上，一练功队员用垂直于绳的力将沙袋缓慢拉起，使绳与竖直方向的夹角为30，且绳绷紧，则练功队员对沙袋施加的作用力大小为（）A.mg Bmg mg DmgA如图，

6、建立直角坐标系对沙袋进行受力分析。由平衡条件有：Fcos 30FTsin 300，FTcos 30Fsin 30mg0，联立可解得：Fmg，故A正确。10.（2019淄博一模）如图所示，a、b两个小球穿在一根光滑的固定杆上，并且通过一条细绳跨过定滑轮连接。已知b球质量为m，杆与水平面的夹角为30，不计所有摩擦。当两球静止时，Oa段绳与杆的夹角也为30，Ob段绳沿竖直方向，则a球的质量为（）m Bm m D2mA分别对a、b两球受力分析，运用合成法，如图所示根据共点力的平衡条件，得：Tmbg；（根据正弦定理列式），TT。故mbmatan 301，则mam，故B、C、D均错误，A正确。11.（20

7、19福建高三期末）如图所示，在水平晾衣杆上晾晒床单时，为了使床单尽快晾干，可在床单间支撑轻质小木棍。小木棍位置的不同，两侧床单间夹角将不同。设床单重力为G，晾衣杆对床单的作用力大小为F，下列说法正确的是（）A越大，F越大B越大，F越小C无论取何值，都有FGD只有当120时，才有FGC以床单和细杆整体为研究对象，整体受到重力G和晾衣杆的支持力F，由平衡条件知 FG，与取何值无关，故A、B、D错误，C正确。12在如图所示的甲、乙、丙、丁四幅图中，滑轮本身所受的重力忽略不计，滑轮的轴O安装在一根轻木杆P上，一根轻绳ab绕过滑轮，a端固定在墙上，b端下面挂一个质量都是m的重物，当滑轮和重物都静止不动时

8、，甲、丙、丁图中木杆P与竖直方向的夹角均为，乙图中木杆P竖直。假设甲、乙、丙、丁四幅图中滑轮受到木杆P的弹力的大小依次为FA、FB、FC、FD，则以下判断中正确的是（）甲 乙丙丁AFAFBFCFD BFDFAFBFCCFAFCFDFB DFCFDB绳上拉力等于重物所受的重力mg，设滑轮两侧细绳之间的夹角为，滑轮受到木杆P的弹力F等于滑轮两侧细绳拉力的合力，即F2mgcos ，由夹角关系可得FDFC，选项B正确。13.（多选）（2019重庆南开中学高三月考）如图所示，质量均为M的A、B两滑块放在粗糙水平面上，两轻杆等长，杆与滑块、杆与杆间均用光滑铰链连接，在两杆铰合处悬挂一质量为m的重物C，整个

9、装置处于静止状态，设杆与水平面间的夹角为。下列说法正确的是（）A当m一定时，越大，轻杆受力越大B当m一定时，越小，滑块对地面的压力越大C当一定时，m越大，滑块与地面间的摩擦力越大D当一定时，m越小，轻杆受力越小CD将C的重力按照作用效果分解，如图所示：根据平行四边形定则，有：F1F2，故m一定时，越大，轻杆受力越小；当一定时，m越小，轻杆受力越小，故A错误，D正确；对A、B、C整体分析可知，对地压力为：FN（2Mm）g，与无关，故B错误；对A分析，受重力、杆的推力、支持力和向右的静摩擦力，根据平衡条件，有：fF1cos ，当一定时，m越大，M与地面间的静摩擦力越大，故C正确。14.将一光滑轻杆

10、固定在地面上，杆与地面间夹角为，一光滑轻环套在杆上。一个大小和质量都不计的滑轮用轻绳OP悬挂在天花板上，用另一轻绳通过滑轮系在轻环上，用手拉住轻绳另一端并使OP恰好在竖直方向，如图所示。现水平向右拉绳，当轻环重新静止不动时，OP绳与天花板之间的夹角为（）A90 B45C D45D由题意可知，当轻环重新静止不动时，环所受的轻绳拉力方向与轻杆垂直，滑轮两侧轻绳的夹角为90，此时，定滑轮P受OP绳拉力、绳子水平拉力和滑轮P与环间绳子拉力作用，处于静止状态，设此时OP绳与天花板之间的夹角为，由几何知识及力的合成与分解，可得45，故选项D正确，A、B、C错误。15.如图所示，三根粗细均匀且完全相同的圆木

11、A、B、C堆放在水平地面上，处于静止状态，每根圆木的质量为m，截面的半径为R，三个截面圆心连线构成的等腰三角形的顶角O1120，若在地面上的两根圆木刚好要滑动，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不考虑圆木之间的摩擦，重力加速度为g，则（）A圆木间的弹力为B下面两根圆木对地面的压力均为C地面上的每根圆木受到地面的作用力为D地面与圆木间的动摩擦因数为B对A进行受力分析，如图所示，A处于平衡状态，合力为零，则有N2cos mg，解得N1N2mg，故A错误；对整体受力分析，受到重力、地面的支持力、B受到的向右的摩擦力和C受到的向左的摩擦力，由对称性可知，竖直方向有NBNCmg，故B正确；对B进行研究，地面

12、对B的作用力等于地面对B的支持力与地面对B的摩擦力的合力，大于mg，故C错误；对C，根据平衡条件得FfN2sin 60mgmg，所以地面对C的摩擦力大小为mg，根据摩擦力公式FfNC，可得，故D错误。16（2019湖南师大附中高三月考）两根圆柱形长直木杆AB和CD相互平行，斜靠在竖直墙壁上，把一摞瓦放在两木杆构成的滑轨上，瓦将沿滑轨滑到低处，在实际操作中发现瓦滑到底端处时速度较大，有可能摔碎，为了防止瓦被损坏，下列措施可行的是（）A适当增大两杆之间的距离B适当减少两杆之间的距离C增多每次运送瓦的块数D减少每次运送瓦的块数A由题意可知，在斜面的高度及倾斜角度不能再变的情况下，要想减小瓦滑到底部的速度就应当增大瓦与斜面的摩擦力。由fFN可知，可以通过增大FN来增大摩擦力，而增大瓦的块数，增大了瓦的质量，虽然摩擦力大了，但同时重力的分力也增大，不能起到减小加速度的作用，故改变瓦的块数是没有作用的，故C、D错误；而增大两杆之间的距离可以增大瓦受到的两支持力间的夹角，而瓦对杆的压力随夹角的增大而增大，故增大两杆间的距离可以在不增大重力分力的情况下增大瓦对滑杆的压力，从而增大摩擦力，故A正确，B错误。