北京市海淀区高三二模理综试题及答案Word文档格式.docx

1、 没有合成（2分） 底部（1分） 新合成的噬菌体RNA（2分）组别实验处理预期结果12 （4）如右表（3分） 注：1组与2组可整组互换位置，但全部填写正确才可得分。31.（16分）（1）（生物）群落（1分） 分解者（1分） 物质循环和能量流动（2分）（2）排除蚯蚓个体差异对实验结果的影响（2分） 灭菌（2分）高于（或“大于”）（1分） 杨半分解叶（2分） 叶片种类和分解（腐解）程度（2分）（3）蚯蚓（1分） （抵抗力）稳定性（或“自我调节能力”）（2分）2014年5月高三化学二模答案选择题6.D 7. C 8.B 9.A 10.A 11.C 12.D非选择题说明：1 除特别标明分值的空，其余每

2、空2分，不出现0.5分,最低0分，不出现负分。2 化学（离子）方程式中，化学式写错为0分，不写条件扣1分，不配平扣1分，但不重复扣分。3 II卷的多项选择题，只选对一个给1分，多选或错选为0分。4文字表述题的合理答案可酌情给分。25（16分）（1）羟基 羧基 注：各1分，见错为0分。（2）光照；取代反应（3）反应条件写“催化剂”不扣分，写 “Fe”、“Fe粉”或“铁粉”扣1分。（4）（5）（6）保护酚羟基（防止酚羟基被氧化）写“DE使酚羟基转化成酯基，FG使酯基重新转化成酚羟基”扣1分，只写出其中一点的扣2分。（7）26（14分）（1）3Ag + 4HNO3 = 3AgNO3 +NO + 2H

3、2O写“”不扣分，写成离子方程式不扣分。（2）2MnO2（s） + C（s） = 2MnO（s） + CO2（g） H = -123.7 kJ mol -1（3）极性键、非极性键MnO2 注：每空各1分，只写“共价键”的扣1分。（4）MnO2 + H2O2 + 2H+ = Mn2+ + O2 + 2H2O； 2H2O2 = O2+ 2H2O（5）Na2CO3溶液pH7显碱性，III所得溶液pH约为6 显弱酸性（1分），后者滴加到前者中，溶液中c（OH-）较大，Mn2+与OH-生成Mn （OH）2沉淀（或答CO32-的水解平衡正向移动生成Mn （OH）2沉淀）（1分）。（6）2MnCO3 + O

4、2 = 2MnO2 + 2CO2 注：写“加热”、“高温”不扣分。27（14分）（1）C和N的原子电子层数相同（同周期），核电荷数C小于N，原子半径C大于N（吸引电子能力C弱于N）以递变规律的方式表述也给分。如“C和N同周期，C在N的左边。同周期元素从左至右核电荷数逐渐增多，原子半径逐渐减小，核对最外层电子的引力逐渐减弱”） 2CN+ 4H2O + O2 2HCO3 + 2NH3 （2）负；ClOH + 2e + H+ =OH + Cl（3）4OH4e= 2H2O+O2 阳极OH-放电，c（H+）增大，H+从阳极通过阳离子交换膜进入浓缩室（1分）；A通过阴离子交换膜从阴极进入浓缩室（1分），H

5、+ +A = HA，乳酸浓度增大。 6.7228（14分）（1）圆底烧瓶（1分） MnO2 + 4H+ 2Cl- = Cl2+ 2H2O +Mn2+（2）溶液先变红再褪色 a、b（3）Cl2+ H2OHCl+HClO，Cl2溶于水后使得溶液中的c（Cl-）增大，也能析出晶体。（4）（3分）答案一：生成1 mol HClO需消耗1 mol Cl2（1分）， HClO也有氧化性，1 mol HClO和1 mol Cl2均能将2 mol KI氧化成I2（2分）。答案二：Cl2+ H2OHCl+HClO，Cl2发生反应时，上述平衡逆向移动，相当于Cl2全部参与氧化I-的反应。0.4V 物理学科参考答案

6、 2014.5（共120分）选择题（共48分，13题20题每题6分）13B 14A 15A 16D 17C 18C 19D 20B21（18分）（1）（共6分） C （2分） 1.22 （2分） D （2分）（2）（12分）00.6 （2分）；03 V （1分）；R1 （1分）见答图1 （2分）1.45（2分）； 1.3 （2分）A （2分）22（16分）解：（1）设圆轨道上释放小物块的位置与桌面间的高度差为H，小物块运动至N点过程中机械能守恒，则有 （4分）解得 H=0.45m （1分） （2）设物块经过N点时所受支持力为F 根据牛顿第二定律有解得 F=5.6 N （1分）（3）设物块做平抛

7、运动的时间为t，小物块落地前竖直分速度为vy，则 （1分） vy=gt （1分）解得 vy=4.0m/s 小物块落地前速度 （2分）解得v=5.0m/s动量p=mv （1分）p=1.0kgm/s （1分）23（18分）（1）闭合铜线框右侧边刚进入磁场时产生的电动势E=BLv0 （2分） 产生的电流I= 右侧边所受安培力F=BIL=（2）线框以速度v0进入磁场，在进入磁场的过程中，受安培力而减速运动；进入磁场后，在摩擦力作用下加速运动，当其右侧边到达PQ时速度又恰好等于v0。因此，线框在刚进入磁场时，所受安培力最大，加速度最大，设为am；线框全部进入磁场的瞬间速度最小，设此时线框的速度为v。线框

8、刚进入磁场时，根据牛顿第二定律有解得am=在线框完全进入磁场又加速运动到达边界PQ的过程中，根据动能定理有解得 v=（3）线框从右侧边进入磁场到运动至磁场边界PQ的过程中线框受摩擦力f=mg由功的公式Wf1=fd （1分）解得 Wf1=mgd （1分）闭合线框出磁场与进入磁场的受力情况相同，则完全出磁场的瞬间速度为v；在线框完全出磁场后到加速至与传送带速度相同的过程中，设其位移x由动能定理有解得 x=d-L 闭合线框在右侧边出磁场到与传送带共速的过程中位移x=x+L=d 在此过程中摩擦力做功Wf2=mgd （1分）因此，闭合铜线框从刚进入磁场到穿出磁场后又相对传送带静止的过程中，传送带对闭合铜

9、线框做的功W= Wf1+Wf2=2mgd （1分）24（20分）（1）平均阻力为f=kmg，依据牛顿第二定律和运动学规律有F-f=ma （2分）a=设飞机的起飞距离为s，依据运动学公式v22as （1分）解得s= 设飞机的起飞时间为t依据运动学公式vat （1分）平均阻力的冲量I=ft （2分）解得I=平均阻力冲量的方向与飞机运动方向相反 （1分）（2）见答图2 （2分） 依据图象可得电容器储存电能的规律 E = 由于q=CU （1分）则电容器充电电压为U0时，电容器储存电能E0 =电容器电压为Um时，电容器储存电能 Em =设电容器释放的电能为E，由动能定理有 E+Fx-kmgx=mv2-0 （2分） 解得E （mv2+2kmgx-2Fx） 电容器剩余的电能E剩=Em- E解得E剩=- （mv2+2kmgx-2Fx） （1分）说明:以上各题用其他方法解答正确均可得分。