山东省潍坊市学年高二份统一检测物理试题解析版.docx

1、山东省潍坊市学年高二份统一检测物理试题解析版山东省潍坊市2017-2018学年高二5月份统一检测物理试题一、选择题：本题共8小题，每小题4分。每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多个选项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全得2分，有错选的得0分。1. 物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，促进了人类文明的进步，关于物理学发展的历史，下列说法中正确的是A. 密立根通过著名的“油滴实验”测出了电子的比荷B. 卢瑟福根据粒子散射实验提出了原子的核式结构模型C. 居里夫妇（玛丽居里和皮埃尔居里）最先发现了天然放射现象D. 普朗克把能量子引入物理学，提出了“能量连

2、续变化”的观点【答案】B学.科.网.2. 铀原子核发生衰变时衰变方程为，其中的质量分别为，光在真空中的传播速度为c，则A. X是电子B. C. 衰变时释放的能量为D. 若提高温度，的半衰期将会变小【答案】C点睛：此题关键要知道核反应中质量数和电荷数守恒，但是由于有能量放出，则质量是不守恒的；掌握质能方程求解能量的方法.3. 将已充电的平行板电容器与静电计连接，如图所示。现保持电容器的电量不变，电容器b板位置不动，下列操作可以使静电计指针张角减小的是A. 将a板向左平移B. 将a板向上平移C. 将a板向下平移D. 将薄木板插入a、b板之间【答案】D【解析】将a板向左平移，板间距离d变大，根据电容

3、的决定式得知，电容C变小，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式CQ/U分析得到，板间电势差U变大，则静电计指针张角变大，故A错误；将a板向上平移时，S减小，根据电容的决定式得知，电容C变小，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式CQ/U分析得到，板间电势差U变大，则静电计指针张角变大，故B错误；同理选项C错误；将a、b板之间插入薄木板，增大电介质，根据电容的决定式可知，电容C增大，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=Q/U分析得到，板间电势差U减小，则静电计指针张角减小，故D正确；故选D。点睛：本题考查电容器的动态分析问题，对于电容器的动态变化问题，关键要抓住不变量，根据电容的定义式C=Q/

4、U和决定式进行分析。4. 如图，实线为电场线，虚线为等势面，a、b、c、d为交点，已知电子由a点运动到c点，电场力做正功。以下判断正确的是A. b点电势低于d点电势B. b点电场强度小于c点电场强度C. 电子在a点的电势能大于在b点的电势能D. 电子在c点的电势能大于在d点的电势能【答案】C【解析】bd两点在同一等势面上，则b点电势等于d点电势，选项A错误；b点所在位置的电场线较c点密集，则b点电场强度大于c点电场强度，选项B错误；电子带负电，电子由a点运动到c点过程中，电场力做正功，则电子受到的电场力的方向向右上方，所以电场线的方向为指向左下方，a点的电势低于b点的电势，则电子在a点的电势能

5、大于在b点的电势能，选项C正确；c点的电势高于d点的电势，则电子在c点的电势能小于在d点的电势能，选项D错误；故选C。点睛：解决本题的关键要抓住电场力做功与电势能变化的关系，知道负电荷在电势高处电势能小，在低电势点的电势能较大。5. 如图所示为氢原子能级示意图的一部分，根据波尔理论，下列说法正确的是A. 氢原子从n=4能级跃迁到n=3能级，原子的能量增加B. 氢原子从n=4能级跃迁到n=3能级，需吸收光子C. 一个氢原子从n=3能级向低能级跃迁，能辐射出3种不同频率的光子D. 氢原子从高能态向低能态跃迁时放出的光子的能量等于前后两个能级之差【答案】D【解析】氢原子从n=4能级跃迁到n=3能级，

6、原子的能量减小，选项A错误；氢原子从n=4能级跃迁到n=3能级，放出光子，选项B错误；一个氢原子从n=3能级向低能级跃迁，能辐射出2种不同频率的光子，即32,21，选项C错误； 根据波尔理论，氢原子从高能态向低能态跃迁时放出的光子的能量等于前后两个能级之差，选项D正确；故选D.6. 在此次中放置一条直导线，先后在导线中通入大小不同的电流，得到多组安培力F和电流I的数据；在坐标纸中作出F-l图像，下列图像正确的是A. B. C. D. 【答案】BC【解析】在匀强磁场中，当电流方向与磁场垂直时所受安培力为：F=BIL，由于磁场强度B和导线长度L不变，因此F与I的关系图象为过原点的直线，故AD是不可

7、能的，BC是可能的，故选BC。7. 如图是法拉第发明的圆盘发电机的示意图：铜盘安装在水平的同轴上，两块铜片C、D分别与转动轴和铜盘的边缘接触，使铜盘转动，电阻R中就有电流通过，所加磁场水平向右，从左往右看，铜盘沿顺时针方向匀速转动时，下列说法正确的是A. 穿过铜盘的磁通量不变B. 穿过铜盘的磁通量均匀变化C. 通过R的电流方向是从a流向bD. 通过R的电流方向是从b流向a【答案】AD【解析】由于磁感线的条数不变，故铜盘转动过程中，穿过铜盘的磁通量不变；故A正确，B错误；根据右手定则可知，电流从D点流出，流向C点，因此电流方向为故电流由b流向a；故D正确，C错误。故选AD。点睛：本题是右手定则和

8、法拉第电磁感应定律的综合应用，考查对实验原理的理解能力，同时注意切割磁感线相当于电源，内部电流方向是从负极到正极注意由于圆盘在切割磁感线，相当于电源；注意判断电流的方向8. 为模拟“远距离输电”，某同学用实验室提供的器材连接成如图所示电路，A、B为理想变压器，灯规格相同，电阻R及阻值不变，保持变压器A的输入电压不变，开关S断开时，灯正常发光，下列说法正确的是A. 仅闭合S，变暗B. 仅闭合S，A的输入功率变小C. 仅将滑片P上移，变亮D. 仅将滑片P上移，A的输入功率变小【答案】AD【解析】闭合S，则消耗功率增大，B副线圈中电流增大，B原线圈电流也增大，则R上损失的电压和功率增大，则B输入电压

9、UB1=UA2-IR，减小，灯泡两端电压UB2减小，故灯泡会变暗，故A正确；由上分析知A的输入电流增大，电压不变，根据P=UI知输入功率增大，故B错误；仅将滑片P上移，A副线圈匝数减小，则输出电压减小，B的输入电压减小，灯泡电压也减小，故L1变暗，消耗功率减小，则A输入功率减小，故C错误，D正确；故选AD。二、实验题9. 在用图甲所示的电路做光电效应实验时，要得到阴极K的遏止电压与入射光频率关系，需将单刀双掷开关S置于a、b两端中的_端。若实验测得钠（Na）的遏止电压与入射光频率的关系图像如图乙所示，则极限频率为的钙的遏止电压与入射光的频率的关系图线应该是、中的_。【答案】 (1). a (2

10、). 【解析】测量遏止电压需要将阴极K接电源的正极，可知实验中双刀双掷开关应向 a闭合根据爱因斯坦光电效应方程：Ek=hv-W0由动能定理：eU=Ek得：，可知，所有图像的斜率都相同且为定值，钙的极限频率大于钠，则钙的Uc-图线应该是。点睛：解决本题的关键掌握光电效应方程，对于图象问题，关键得出物理量之间的关系式，结合图线的斜率或截距进行求解，解决本题的关键掌握光电效应方程以及最大初动能与遏止电压的关系10. 某同学要测量一段金属丝电阻率。（1）用螺旋测微器测金属丝的直径，测得的结果如图a所示，该金属丝的直径d=_mm；（2）用多用电表粗测金属丝的阻值，按正确步骤操作后，测量的结果如图b所示，

11、为了使多用电表测量的结果更准确。该同学接着该进行的正确操作及合理顺序是_-。A将选择开关打到“100”挡B将选择开关打到“1”挡C 测量完毕将选择开关打到“OFF”档D将两表笔短接，调节调零旋钮，进行欧姆挡调零E将被测电阻接到两表笔之间测量其阻值并读出读数【答案】 (1). 0.632 (2). ADEC【解析】（1）金属丝的直径d=0.5mm+0.01mm13.2=0.632mm；（2）由图1所示欧姆表可知，欧姆表指针偏角太小，所选挡位太小，测量误差较大，要准确测量，应换换“100”档，再欧姆调零，然后测量电阻，故合理顺序是ADEC11. 利用如图所示的电路测定一节干电池的电动势和内阻（1）

12、滑动变阻器有以下两种规格，应选用_。（填器材前的字母代号）A滑动变阻器（020）B滑动变阻器（0200）（2）在实物图中用笔画线代替导线，将电路连接线补充完整。（3）实验中，某同学记录的6组数据如下表所示，其中5组数据的对应点已经标在坐标纸上，标出第3组数据的对应点，并画出U-I图线_。根据图线可得出干电池的电动势E=_V，内阻r=_-。【答案】 (1). A (2). (3). 1.45 (4). 0.7【解析】（1）为方便实验操作，滑动变阻器应选A（2）电路连接如图；（3）U-I图线如图所示。纵轴截距表示电动势，则E=1.45V，图线斜率的绝对值等于内阻，则r= 三、计算或论述题：解答时请

13、写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位12. 如图所示，水平金属导轨MN、PQ之间的距离L=0.5m，导轨左端所接的电阻R=10，匀强磁场的磁感应强度B=4T，金属棒ab在拉力作用下以v=10m/s的速度向右匀速滑动，不计导轨和金属棒电阻，求：（1）金属棒所受安培力的大小；（2）10s内电阻R上产生的热量。【答案】（1）4N （2）400J【解析】（1）导体棒产生的电动势为，感应电流为，安培力为代入解得F=4N；（2）根据焦耳定律可得10s内电阻上产生的热量为，解得Q=400J；13. 如图所示，线圈abcd的面积是0.

14、1m3，共50匝，电阻忽略不计，外接电阻R=20，匀强磁场的磁感应强度，线圈以的角速度绕垂直于磁场的轴匀速转动。（1）求线圈中感应电动势的最大值；（2）若从线圈平面与磁场垂直的位置开始计时，写出线圈中感应电动势的瞬时表达式；（3）求电阻R消耗的功率。【答案】（1）100V （2） （3）250W【解析】（1）感应电动势最大值为，解得；（2）感应电动势瞬时值表达式为，代入数据可得；（3）电路中电压表的有效值为电阻R消耗的功率；14. 如图所示，在平面直角坐标系x0的区域内有垂直纸面向外的匀强磁场。一个质量，电荷量的带正电粒子，从第III象限内的P点沿y轴正向以速度射出，经从O点以与x轴正向成45

15、角进入第I象限，在磁场中运动一段时间后恰好经过x轴上的Q点，Q点坐标为（0.4，0），不计粒子重力，求：（1）P点的坐标；（2）匀强电场的场强大小；（3）匀强磁场的磁感应强度大小；【答案】（1）（-0.1，-0.2） （2）20V/m （3）【解析】（1）粒子的运动轨迹如图所示，粒子在电场中运动，沿y方向的位移；沿x方向的位移，代入数据解得x=0.1m，y=0.2m，P点坐标为（-0.1，-0.2）；（2）根据动能定理，有，解得E=20V/m；（3）沿粒子在磁场中运动半径为R，由几何关系可知，由解得点睛：本题考查带电粒子在复合场中运动，粒子在磁场中的运动运用洛伦兹力提供向心力结合几何关系求解，

16、类平抛运动运用运动的合成和分解牛顿第二定律结合运动学公式求解，难度不大，解题关键是要作出粒子的轨迹过程图，正确运用数学几何关系四、选择题：本题共2小题，每小题4分，共8分，每小题给出的四个选项中，第15题只有一个符合题目要求，第16题有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错得0分。15. 表甲是氧气分子在0和100两种不同情况下的速率分布情况，图乙是根据表格中的数据绘制的图线。下列判断正确的是_。A. 图线对应的温度为100B. 时氧气分子平均动能小于时氧气分子平均动能C. 时每个氧气分子的速率都比时每个氧气分子的速率大D. 对应曲线与横轴包围的面积比对应曲线与横轴包围

17、的面积大【答案】B【解析】温度越高分子的平均速率越大，中等分子速率占据的比例越大，则t2图线对应的温度为100，选项A错误；t1时氧气分子平均动能小于t2时氧气分子平均动能，选项B正确；由图像可知，t1时每个氧气分子的速率不一定都比𝑡2时每个氧气分子的速率大，选项C错误；由题图可知，在0和100两种不同情况下各速率区间的分子数占总分子数的百分比与分子速率间的关系图线与横轴所围面积都应该等于1，即相等，故D错误。故选B.点睛：要知道温度是分子平均动能的标志，温度升高分子的平均动能增加，不同温度下相同速率的分子所占比例不同。16. 以下关于分子间作用力的说法中，正确的是A. 分子之

18、间距离减小时，引力减小，斥力增大B. 分子间既存在引力也存在斥力，分子力都是它们的合力C. 压紧两块铅块后它们会连接在一起，这说明铅分子间存在引力D. 压缩气缸内气体时要用力推活塞，这说明气体分子间存在斥力【答案】BC【解析】分子之间距离减小时，引力增大，斥力也增大，选项A错误；分子间既存在引力也存在斥力，分子力都是它们的合力，选项B正确；压紧两块铅块后它们会连接在一起，这说明铅分子间存在引力，选项C正确；压缩气缸内气体时要用力推活塞，这是气体压强作用的缘故，与气体分子间的作用力无关，选项D错误；故选BC.17. 一定质量的理想气体经历如图所示的AB、BC、CA三个变化过程，已知气体在状态A时

19、的温度为27，体积为1L，压强为1atm，求：（1）B状态的体积；（2）C状态的压强。【答案】（1）2L （2）2atm【解析】（1）AB为等压变化，解得；（2）CA为等容变化，由，解得18. 如图所示，一束光线从空气射向折射率为的玻璃内，在界面上的入射角为45，下面四个光路图中，正确的是A. B. C. D. 【答案】B【解析】光由空气射向玻璃，一部分反射回空气，反射角等于入射角；一部分折射进入玻璃，因玻璃是光密介质，则折射角小于入射角，故B正确；故选B。点睛：光由光疏介质射向光密介质不可能发生全反射，即在界面同时发生折射和反射若是从玻璃射向空气则要考虑是否发生全反射然后确定光路图19. 如

20、图是一列简谐横波在某时刻的波形图，已知图中b位置的质点起振比a位置的质点晚0.5s，b和c之间的距离是5m，则该波的波长和频率应分别为（）A. 5m，1Hz B. 10m，2Hz C. 5m，2Hz D. 10m，1Hz【答案】A【解析】由图知，b和c之间的距离等于波长，则=5m。由题可知：ab间的距离是半个波长，则有：0.5s=T，解得：T=1s，频率f=1/T=1Hz。故选A。20. 一弹簧振子沿x轴做简谐运动，在内以相同的速度先后经过A、B两点，又经过，再次经过B点，已知弹簧振子的振幅A=5cm，求：（1）弹簧振子的振动周期；（2）3s内振子通过的路程。【答案】（1）1.2s （2）50cm【解析】（1）由题意可知AB关于平衡位置O对称，C为最大位移处，运动情况如图则有，解得T=1.2s（2）3s内振子振动2.5个周期，则振子通过的路程s=2.54A=50cm；