版高考物理一轮复习第二章相互作用配餐作业5力的合成与分解Word下载.docx

1、当车轮刚被顶起时汽车对千斤顶的压力为1.0105 N，此时千斤顶两臂间的夹角为120。下列判断正确的是（）A此时千斤顶每臂受到的压力大小均为5.0104 NB此时千斤顶对汽车的支持力为1.0C若继续摇动把手，将汽车顶起，千斤顶每臂受到的压力将增大D若继续摇动把手，将汽车顶起，千斤顶每臂受到的压力将减小解析车轮刚被顶起时，千斤顶两臂支持力的合力为千斤顶对汽车的支持力，等于汽车对千斤顶的压力，大小为1.0105 N，B项错误；两臂夹角为120，由力的合成可知千斤顶每臂受到的压力为1.0105 N，A项错误；继续摇动把手，将汽车顶起，千斤顶两臂夹角减小，每臂受到的压力减小，D项正确，C项错误。答案D

2、4（多选）如图所示为缓慢关门时（图中箭头方向）门锁的示意图，锁舌尖角为37，此时弹簧弹力为24 N，锁舌表面较光滑，摩擦不计（sin370.6，cos370.8），下列说法正确的是（）A此时锁壳碰锁舌的弹力为40 NB此时锁壳碰锁舌的弹力为30 NC关门时锁壳碰锁舌的弹力逐渐增大D关门时锁壳碰锁舌的弹力保持不变解析锁壳碰锁舌的弹力分解如图所示，其中F1Nsin 37，且此时F1大小等于弹簧的弹力24 N，解得锁壳碰锁舌的弹力为40 N，A项正确，B项错误；关门时，弹簧的压缩量增大，弹簧的弹力增大，故锁壳碰锁舌的弹力逐渐增大，C项正确，D项错误。答案AC5如图所示，一竖直挡板固定在水平地面上，图

3、甲用一斜面将一质量为M的光滑球顶起，图乙用一圆柱体将同一光滑球顶起；当斜面或圆柱体缓慢向右推动的过程中，关于两种情况下挡板所受的压力，下列说法正确的是（）A两种情况下挡板所受的压力都不变B两种情况下挡板所受的压力都增大C图甲中挡板所受的压力不变，图乙中挡板所受的压力减小D图甲中挡板所受的压力不变，图乙中挡板所受的压力先减小后增大解析选球为研究对象，图甲中，球受重力、挡板的弹力、斜面的支持力，由于缓慢向右推动的过程中，各力的方向不变，重力不变，所以挡板的弹力、斜面的支持力大小均不变，由牛顿第三定律知挡板所受压力也不变，B项错误；图乙中球受重力、挡板的弹力、圆柱体的支持力，由于缓慢向右推动的过程中

4、，圆柱体支持力与竖直方向的夹角减小（示意图如图），挡板的弹力方向不变，重力不变，因此挡板的弹力减小，挡板所受的压力也减小，C项正确，A、D项错误。6.两物体M、m用跨过光滑定滑轮的轻绳相连，如图所示，OA、OB与水平面的夹角分别为30、60，M、m均处于静止状态。则（）A绳OA对M的拉力大于绳OB对M的拉力B绳OA对M的拉力等于绳OB对M的拉力Cm受到水平面的静摩擦力大小为零Dm受到水平面的静摩擦力的方向水平向左解析取O点为研究对象进行受力分析，如图，TATB，再对物体m进行受力分析知，m受水平面的静摩擦力的方向水平向左，D项正确。7风洞是进行空气动力学实验的一种重要设备。一次检验飞机性能的风

5、洞实验示意图如图所示，AB代表飞机模型的截面，OL是拉住飞机模型的绳。已知飞机模型重为G，当飞机模型静止在空中时，绳恰好水平，此时飞机模型截面与水平面的夹角为，则作用于飞机模型上的风力大小为（）A.BGcosC.DGsin解析作用于飞机模型上的风力F的方向垂直于AB向上，由平衡条件可知，风力F在竖直方向的分力与飞机模型重力G平衡，即FcosG，解得F，A项正确。8.如图所示，A、B都是重物，A被绕过小滑轮P的细线悬挂着，B放在粗糙的水平桌面上；小滑轮P被一根斜短线系于天花板上的O点；O是三根线的结点，bO水平拉着B物体，cO沿竖直方向拉着弹簧；弹簧、细线、小滑轮的重力和细线与滑轮间的摩擦力均可

6、忽略，整个装置处于平衡状态。若悬挂小滑轮的斜线OP的张力大小是20 N，g取10 m/s2，则下列说法错误的是（）A弹簧的弹力为10 NB重物A的质量为2 kgC桌面对B物体的摩擦力为10 NDOP与竖直方向的夹角为60解析Oa与aA两细线拉力的合力与OP线的张力大小相等。由几何知识可知FOaFaA20 N，且斜线OP与竖直方向的夹角为30，D项错误；重物A的重力GAFaA，所以mA2 kg，B项正确；桌面对B的摩擦力fFObFOacos3010 N，C项正确；弹簧的弹力F弹FOasin3010 N，故A项正确。B组能力提升题9如图所示，质量均为M的A、B两滑块放在粗糙水平面上，两轻杆等长，杆

7、与滑块、杆与杆间均用光滑铰链连接，在两杆铰合处悬挂一质量为m的重物C，整个装置处于静止状态，设杆与水平面间的夹角为。下列说法正确的是（）A当m一定时，越小，滑块对地面的压力越大B当m一定时，越大，轻杆受力越小C当一定时，M越大，滑块与地面间的摩擦力越大D当一定时，M越小，可悬挂重物C的质量m越大解析对ABC整体分析可知，对地压力为N（2Mm）g，与无关，故A项错误；将C的重力按作用效果分解，如图所示，根据平行四边形定则有F1F2，故m一定时，越大，轻杆受力越小，故B项正确；对A分析，受重力、杆的推力、支持力和向右的静摩擦力，根据平衡条件有fF1cos，与M无关，故C项错误；只要动摩擦因数足够大

8、，即满足F1cosF1sin，不管M多大，M都不会滑动，所以可悬挂重物C的质量大小与M无关，故D项错误。答案B10.（多选）如图所示，物体G用两根绳子悬挂，开始时绳OA水平，现将两绳同时沿顺时针方向转过90，且保持两绳之间的夹角不变（90），物体保持静止状态。在旋转过程中，设绳OA的拉力为T1，绳OB的拉力为T2，则（）AT1先减小后增大 BT1先增大后减小CT2逐渐减小 DT2最终变为零以结点O为研究对象，分析受力情况，作出受力图：竖直悬绳的拉力大小等于重力G、绳OA的拉力T1、绳OB的拉力T2，根据平衡条件得知：拉力T1和拉力T2的合力与重力G大小相等、方向相反，如图。作出三个不同位置力的

9、合成图，由图看出，T1先增大后减小，T2逐渐减小，最终减小到零，A项错误，BCD项正确。答案BCD11.如图所示，两个质量为m1的小球套在竖直放置的光滑固定支架上，支架的夹角为120，用轻绳将两球与质量为m2的小球连接，绳与杆构成一个菱形，则m1m2为（）A11 B12C1 D.2解析m1、m2小球受力分析如图所示，对m2有：根据几何知识得Tm2g对m1有：由平衡条件，在沿杆的方向有m1gsin30Tsin30，得Tm1g，故可得m1m211。12. （多选）如图所示，将一根不可伸长、柔软的轻绳两端分别系于A、B两点，一物体用动滑轮悬挂在绳子上，达到平衡时，两段绳子间夹角为1，绳子张力为F1；

10、将绳子B端移至C点，等整个系统达到平衡时，两段绳子间的夹角为2，绳子张力为F2；将绳子B端移至D点，待整个系统达到平衡时，两段绳子间的夹角为3，绳子张力为F3，不计摩擦，则（）A123 B123CF1F2F3 DF1F2F3解析设绳子结点为O，对其受力分析，如图当绳子右端从B移动到C点时，根据几何关系，有AOsinOBsinAC，同理有AOsinOBsinAC，绳子长度不变，有AOOBAOOB，故12。绳子的结点受重力和两个绳子的拉力，由于绳子夹角不变，根据三力平衡可知，绳子拉力不变，即F1F2；绳子右端从B移动到D点时，绳子间夹角显然变大，绳子的结点受重力和两个绳子的拉力，再次根据共点力平衡

11、条件可得F1F3，故123，F1F2F3。答案BD13.如图所示，两个质量均为m的小环套在一水平放置的粗糙长杆上，两根长度均为l的轻绳一端系在小环上，另一端系在质量为M的木块上，两个小环之间的距离也为l，小环保持静止。求：（1）小环对杆的压力大小。（2）小环与杆之间的动摩擦因数至少为多大。解析（1）设杆对环的弹力为N，对两小环和木块整体由平衡条件得2N（M2m）g0，解得NMgmg。由牛顿第三定律得，小环对杆的压力为N（2）对M由平衡条件得2Tcos30Mg0，小环刚好不滑动，此时小环受到的静摩擦力达到最大值，则Tsin30N0，解得动摩擦因数至少为答案（1） Mgmg（2） 14两个带电小球

12、A、B（可视为质点）通过绝缘的不可伸长的轻绳相连，若将轻绳的某点O固定在天花板上，平衡时两个小球的连线恰好水平，且两根悬线偏离竖直方向的夹角分别为30和60如图甲所示。若将轻绳跨接在竖直方向的光滑定滑轮（滑轮大小可不计）两端，调节两球的位置能够重新平衡，如图乙所示，求：（1）两个小球的质量之比。（2）图乙状态，滑轮两端的绳长OA、OB之比。解析（1）带电小球处于静止状态，受力平衡，对任意一个带点小球受力分析，受到重力、绳子的拉力T和库仑力F，根据平衡条件得Tcosmg0，TsinF0，解得mg，所以（2）对小球A受力分析，设绳子拉力为T，小球到滑轮的长度为L，OC的距离为h，根据三角形相似，有，解得L答案（1）31（2）13【素养立意】要求学生能建立正确的物理模型，对跨过滑轮的绳子产生的力有更深刻的认识。通过分析和推理能使科学的思维方法得到内化，提升了对知识的理解水平。