章末质量检测五Word文档下载推荐.docx

1、WB B.EkAWBC.EkAEkB，WAWB D.EkAEkB，WAEkB，故选项C正确，A、B、D错误。答案C3.长为L1 m、质量为M1 kg的平板车在粗糙水平地面上以初速度v5 m/s向右运动，同时将一个质量为m2 kg的小物块轻轻放在平板车的最前端，物块和平板车的平板间的动摩擦因数为0.5，由于摩擦力的作用，物块相对平板车向后滑行距离s0.4 m后与平板车相对静止，平板车最终因为地面摩擦而静止，如图2所示，物块从放到平板车上到与平板车一起停止运动，摩擦力对物块做的功为（）图2A.0 B.4 J C.6 J D.10 J解析将小物块轻放到平板车上时，由于摩擦力做正功，使小物块加速，到与

2、平板车速度相等时变为静摩擦力，由于地面对平板车的阻力而使平板车和小物块都减速，静摩擦力对小物块做负功，因为小物块初速度为零，最终与平板车一起减速到零，故动能变化量为零，在整个过程中摩擦力对小物块做的功为零，选项A正确。答案A4.一汽车以速度v0在平直路面上匀速行驶，在t0时刻汽车进入一定倾角的上坡路段，设汽车行驶过程中受到的阻力大小不变，发动机的输出功率不变，已知汽车上坡路面足够长。从t0时刻开始，汽车运动的vt图象可能正确的有（）解析汽车在平直路面上以速度v0匀速行驶时，设汽车受到的阻力大小为f，汽车的牵引力大小为F，t0时刻汽车上坡，加速度大小a，汽车立即减速，又牵引力F随速度减小而增大，

3、汽车做加速度减小的减速运动，当加速度减小为0时，汽车匀速运动，选项D正确。5.物体放在水平地面上，在水平拉力的作用下，沿水平方向运动，在6 s内其速度与时间关系的图象和拉力的功率与时间关系的图象如图3甲、乙所示，由图象可以求得物体的质量为（取g10 m/s2）（）图3A.2 kg B.2.5 kg C.3 kg D.3.5 kg解析匀速运动时拉力等于摩擦力，有F2FfN2.5 N。物体做匀加速直线运动时，拉力为恒力，v随时间均匀增大，所以P随t均匀增大。F1N7.5 N。F1Ffma，am/s22 m/s2，可得m2.5 kg。故选项B正确。答案B6.运动员以一定的初速度将冰壶沿水平面推出，由

4、于摩擦阻力的作用，其动能随位移变化图线如图4所示。已知冰壶质量为19 kg，g取10 m/s2，则以下说法正确的是（）图4A.0.05 B.0.01C.滑行时间t5 s D.滑行时间t10 s解析对冰壶由动能定理得mgx0mv，得0.01，选项A错误，B正确；冰壶运动时有ag0.1 m/s2，由运动学公式xat2得t10 s，选项C错误，D正确。答案BD7.如图5所示，固定斜面AD上有B、C两点，且ABBCCD，小滑块以初动能Ek0从A点出发，沿斜面向上运动。若整个斜面AD光滑，则滑块到达D位置速度恰好为零，而后下滑。若斜面AB部分与滑块间有摩擦力，其余部分BD无摩擦力，则滑块恰好滑到C位置速

5、度为零，然后下滑，那么滑块下滑到（）图5A.位置B时的动能为B.位置B时的动能为C.位置A时的动能为D.位置A时的动能为解析设斜面长为3x、高为3h，若斜面光滑，滑块由底端运动到顶端过程中，mg3h0Ek0；若AB部分粗糙，其他部分光滑，滑块由底端A滑到位置C过程中，Ffxmg2h0Ek0，滑块由C滑到B过程中，mghEkB，联立得EkBEk0，滑块由C滑到A过程中，mg2hFfxEkA，联立得EkA，选项A、D正确。答案AD8.如图6甲所示，将一倾角为的光滑斜面体固定在地面上，在斜面的底端固定一轻弹簧，弹簧处于原长时上端位于斜面上的B点。现将一质量为m2 kg的可视为质点的滑块由斜面处的A点

6、静止释放，最终将弹簧压缩到最短（此时弹簧上端位于C点）。已知滑块从释放到将弹簧压缩到最短的过程中，滑块的速度时间图象如图乙所示。其中00.4 s内的图线为直线，其余部分均为曲线，且BC1.2 m。重力加速度g10 m/s2。则下列说法正确的是（）图6A.B.滑块在压缩弹簧的过程中机械能先增加后减小C.弹簧储存的最大弹性势能为16 JD.滑块从C点返回到A点的过程中，机械能一直增大解析由题图乙可知，滑块在0.4 s末刚好到达B点，在00.4 s内，滑块做匀加速直线运动，加速度为am/s25 m/s2，由牛顿第二定律得mgsin ma，解得sin 0.5，则，选项A正确；滑块从B点到C点的运动过程

7、中，除重力做功外，弹簧弹力对滑块做负功，故滑块的机械能一直在减少，选项B错误；对滑块和弹簧组成的系统由机械能守恒定律可得，在C点，弹簧的弹性势能为EpmghBC16 J，选项C正确；滑块从C点返回到A点的过程中，开始时弹簧的弹力对滑块做正功，滑块的机械能增加，当滑块离开弹簧后，只有重力对滑块做功，则滑块的机械能守恒，选项D错误。答案AC二、非选择题（本题共4小题，共52分）9.（8分）（2017泰州摸底调研）某活动小组利用图7甲装置“验证机械能守恒定律”。钢球自由下落过程中，先后通过光电门A、B，计时装置测出钢球通过A、B的时间分别为tA、tB。用钢球通过光电门的平均速度表示钢球球心通过光电门

8、的瞬时速度。测出两光电门间的距离为h，钢球直径为D，当地重力加速度为g。图7（1）用20分度的游标卡尺测量钢球的直径，读数如图乙所示，钢球直径为D_cm。（2）要验证机械能守恒，只要比较_。A.D2与gh是否相等B.D2与2gh是否相等C.D2D.D2（3）钢球通过光电门的平均速度_（填“”或“”）钢球球心通过光电门的瞬时速度，由此产生的误差_（填“能”或“不能”）通过增加实验次数减小。答案（1）1.020（2）D（3）不能10.（10分）（2017郑州模拟）某探究学习小组的同学欲验证“动能定理”，他们在实验室组装了一套如图8所示的装置，另外他们还找到了打点计时器所用的学生电源、导线、复写纸、

9、纸带、滑块、细沙。当滑块连接上纸带，用细线通过滑轮挂上空的小沙桶时，释放小桶，滑块处于静止状态。若你是小组中的一位成员，要完成该项实验。则：图8（1）你认为还需要的实验器材有_。（2）实验时为了保证滑块受到的合力与沙和沙桶的总重力大小基本相等，沙和沙桶的总质量应满足的实验条件是_，实验时首先要做的步骤是_。（3）在（2）的基础上，某同学用天平称量滑块的质量M，往沙桶中装入适量的细沙，用天平称出此时沙和沙桶的总质量m，让沙桶带动滑块加速运动，用打点计时器记录其运动情况，在打点计时器打出的纸带上取两点，测出这两点的间距L和这两点的速度大小v1与v2（v1v2）。则本实验最终要验证的数学表达式为_（

10、用题中的字母表示实验中测量得到的物理量）。解析（1）实验要验证动能增加量和总功是否相等，故需要求出总功和动能，故还要天平和刻度尺。（2）沙和沙桶加速下滑，其对细线的拉力小于重力，设拉力为FT，根据牛顿第二定律得，对沙和沙桶，mgFTma，对滑块FTMa，解得FT，故当mM时，有FTmg；实验时首先要做的步骤是平衡摩擦力。（3）合力做的功为mgL，实验探究合力做的功与动能变化的关系，所以本实验最终要验证的数学表达式为mgLM（vv）。答案（1）刻度尺、天平（2）沙和沙桶的总质量远小于滑块的质量平衡摩擦力（3）mgL）11.（16分）如图9所示，水平面上某点固定一轻质弹簧，A点左侧的水平面光滑，右

11、侧水平面粗糙，在A点右侧5 m远处（B点）竖直放置一半圆形光滑轨道，轨道半径R0.4 m，连接处平滑。现将一质量m0.1 kg的小滑块放在弹簧的右端（不拴接），用力向左推滑块而压缩弹簧，使弹簧具有的弹性势能为2 J，放手后，滑块被向右弹出，它与A点右侧水平面的动摩擦因数0.2，取g10 m/s2。图9（1）求滑块经过半圆形轨道最低点B处时对轨道的压力；（2）改变半圆形轨道的位置（左右平移），使得被弹出的滑块到达半圆形轨道最高点C处时对轨道的压力大小等于滑块的重力，问A、B之间的距离应调整为多少？解析（1）对滑块从释放到经过B点的运动过程中，由动能定理得mgxABEp对滑块经过B点时，由牛顿第二

12、定律得FNmgm由解得FN6 N，由牛顿第三定律可知，滑块对轨道的压力大小为6 N，方向竖直向下。（2）对滑块从释放到经过圆周轨道最高点的运动过程中，由动能定理得mgxABmg2R对滑块经过C点时，由牛顿第二定律得mgFNm滑块经过轨道最高点C时对轨道的压力可能竖直向下，也可能竖直向上，即轨道对滑块可能是竖直向下的压力，也可能是竖直向上的支持力，代入FNmg或FNmg，解得A、B之间的距离应调整为xAB4 m或xAB6 m。答案（1）6 N方向竖直向下（2）4 m或6 m12.（18分）（2017四川大教育四市联考）如图10所示，平面直角坐标系xOy在竖直面内，x轴在水平面上，抛物线状的支架Q

13、OC（方程为yx2）固定在x轴上，其顶点在坐标原点O；半径R2 m 的四分之一光滑圆弧轨道AB固定在抛物线状的支架上合适的P点，其A端在y轴上，A端切线水平；倾角为45的斜面CD，其C端固定在抛物线状的支架的C端，其D端在x轴上。一个小物块从圆弧轨道上某一位置由静止释放，过A点的速度为vA2 m/s，并恰好从C点沿着斜面方向进入斜面。已知小物块与斜面间的动摩擦因数0.5，不计空气阻力，g10 m/s2。求：图10 （1）A点的高度h；（2）小物块在圆弧轨道上释放点位置的纵坐标和横坐标；（3）小物块到达斜面底端时的速度大小。解析（1）从A到C，小物块做平抛运动，设经过的时间为t，C点的坐标为（x

14、C，yC），小物块在C点竖直方向的速度为vy，则vyvAtan 45，vygt，|xC|vAtC点在yx2上，有yCx，hyCgt2解得vy2 m/s，ts，|xC|2 m，yC4 m，hyC1 m，h5 m（2）设小物块在圆弧轨道上释放点的坐标为（x，y），过该点的半径与竖直方向成角，小物块质量为m，从释放点到A点运动过程，由动能定理得mg（RRcos ）由几何关系得xRsin ，yhR（1cos ）解得xm，y6 m，即释放点位置的坐标是（m，6 m）（3）设斜面长为L，小物块在C点时的速度为vC，在D点时的速度为vD，有vAvCcos 45，yCLsin 45由动能定理得（mgsin 45mgcos 45）L解得vD4 m/s答案（1）5 m（2）6 m m（3）4