河北省定州中学届高三化学下学期周练试题七课件.docx

1、河北省定州中学届高三化学下学期周练试题七课件河北定州中学20152016学年度第二学期化学周练（七）一、单选题：共16题 每题3分 共48分140时，在氨水体系中不断通入CO2，各种离子的变化趋势如图所示。下列说法不正确的是A在pH=9.0时，c(NH4+)c(HCO3)c(NH2COO)c(CO32)B不同pH的溶液中存在关系：c(NH4+)+c(H+)=2c(CO32)+c(HCO3)+c(NH2COO)+c(OH)C随着CO2的通入，不断增大D在溶液pH不断降低的过程中，有含NH2COO的中间产物生成2将溶液(或气体)X 逐渐加入(或通入)到一定量 Y 溶液中，产生沉淀的质量与加入X的物

2、质的量关系如下图，符合图中情况的一组物质是3化学与生产、生活密切相关，下列说法正确的是A淀粉、纤维素都属天然高分子化合物B食品包装袋中可用碱石灰做干燥剂C煤经过液化等物理变化可转化为清洁燃料D制作航天服的聚醋纤维属新型无机非金属材料4能正确表示下列反应的离子方程式是( )AFe2O3溶于过量氢碘酸溶液中：Fe2O3+6H+2I-2Fe2+I2+3H2OB0.1mol/LNH4Al(SO4)2溶液与0.2mol/LBa(OH)2溶液等体积混合：Al3+2SO42-+2Ba2+4OH-2BaSO4+AlO2-+2H2OC用浓盐酸酸化的KMnO4溶液与H2O2反应，证明H2O2具有还原性：2MnO4

3、-+6H+5H2O22Mn2+5O2+8H2OD向次氯酸钠溶液中通入足量SO2气体：ClO-+SO2+H2OHClO+HSO3-5W、X、Y、Z均为短周期主族元素，原子序数依次增加，X与Y形成的化合物能与水反应生成酸且X、Y同主族，两元素核电荷数之和与W、Z的原子序数之和相等，则下列说法正确的是( )AZ元素的含氧酸一定是强酸B原子半径：XZC气态氢化物热稳定性：WXDW、X与H形成化合物的水溶液可能呈碱性6某学生在实验室制取乙酸丁酯(已知乙酸丁酯的沸点124126，反应温度115125)，其反应装置选择A B C D7下列有机物分子中，在氢核磁共振谱中信号强度(个数比)是1:3的是A邻二甲苯

4、 B均三甲苯 C异丙醇 D丙酸乙酯8W、X、Y、Z是原子序数依次增大的四种短周期元素，分属于连续的四个主族，电子层数之和为10，四种原子中X原子的半径最大。下列说法正确的是（ ）A四种元素中有两种元素在第二周期BW所在主族的元素的原子次外层电子数不可能为18CX、Y、Z的最高价氧化物对应的水化物之间能两两反应D工业上获得X、Y单质的方法主要是电解其熔融的氯化物9在体积均为10 L的两恒容密闭容器中加入足量的相同的碳粉，再分别加入0.1 mol CO2和0.2 mol CO2，在不同温度下反应CO2(g) + C(s)2CO(g)达到平衡，平衡时CO2的物质的量浓度c(CO2)随温度的变化如图所

5、示(图中、点均处于曲线上)。下列说法正确的是A反应CO2(g) + C(s)2CO(g) S0、H0B体系中c(CO)：c(CO，状态) 2c(CO，状态)C体系的总压强P总：P总(状态) V逆（状态)10某密闭容器中充入等物质的量的气体A和B，一定温度下发生反应A(g)+xB(g)2C(g)，达到平衡后，只改变反应的一个条件，测得容器中物质的浓度、反应速率随时间变化如下图所示。下列说法中正确的是A8min时表示正反应速率等于逆反应速率B在0-54分钟的反应过程中该可逆反应的平衡常数始终为4C40min时改变的条件是升高温度，且正反应为放热反应D反应方程式中的x1，30min时改变的条件是降低

6、温度11分子式为C9H12O，苯环上有两个取代基且含羟基的化合物，其可能的结构有 A9种 B12种 C15种 D16种12如下图所示，其中甲池的总反应式为2CH3OH3O24KOH=2K2CO36H2O，下列说法正确的是 ( )A甲池是电能转化为化学能的装置，乙、丙池是化学能转化为电能的装置B甲池通入CH3OH的电极反应式为CH3OH6e2H2O=CO8HC反应一段时间后，向乙池中加入一定量Cu(OH)2固体能使CuSO4溶液恢复到原浓度D甲池中消耗280 mL(标准状况下)O2，此时丙池中理论上最多产生1.45 g固体13向含有0.2molFeI2的溶液中加入a molBr2。下列叙述不正确

7、的是（ ）A当a=0.1时，发生的反应为2I-+Br2=I2+2Br-B当a=0.25时，发生的反应为2Fe2+4I-+3Br2=2Fe3+2I2+6Br-C当溶液中I-有一半被氧化时，c(I-):c(Br-)=1:1D当0.2a0.3时，溶液中各离子浓度的关系为2c(Fe2+)+3c(Fe3+)+c(H+)=c(Br-)+c(OH-)14组成和结构可用表示的有机物共有(不考虑立体结构)( )A16种 B28种 C48种 D60种15一定温度下的可逆反应：A(s)+2B(g)2C(g)+D(g)H0现将1mol A和2molB加入甲容器中，将4molC和2mol D加入乙容器中，此时控制活塞P

8、，使乙的容积为甲的2倍，t1时两容器内均达到平衡状态（如图1所示，隔板K不能移动）下列说法正确的是（ ）A保持温度和活塞位置不变，在甲中再加入1molA和2molB，达到新的平衡后，甲中C的浓度是乙中C的浓度的2倍B保持活塞位置不变，升高温度，达到新的平衡后，甲中B的体积分数增大，乙中B的体积分数减小C保持温度不变，移动活塞P，使乙的容积和甲相等，达到新的平衡后，乙中C的体积分数是甲中C的体积分数的2倍D保持温度和乙中的压强不变，t2时分别向甲、乙中加入等质量的氦气后，甲、乙中反应速率变化情况分别如图2和图3所示（t1前的反应速率变化已省略）16向甲、乙、丙三个密闭容器中充入一定量的A和B，发

9、生反应：A(g)xB(g) 2C(g)。各容器的反应温度、反应物起始量，反应过程中C的浓度随时间变化关系分别以下表和下图表示：容器甲乙丙容积0.5 L0.5 L1.0 L温度/T1T2T2反应物起始量1.5 mol A0.5 mol B1.5 mol A0.5 mol B6.0 mol A2.0 mol B下列说法正确的是( )A10min内甲容器中反应的平均速率v(A)0.025 molL1min1B由图可知：T1T2，且该反应为吸热反应C若平衡时保持温度不变，改变容器体积平衡不移动DT1，起始时甲容器中充入0.5 mol A、1.5 mol B，平衡时A的转化率为25%二、计算题：共6题

10、共52分17天津港“8.12”特别重大爆炸事故教训深刻氰化钠（N元素显3价）属于剧毒化学品，处理氰化物的方法主要有两种：（1）碱性氯化法是在碱性条件下通入氯气，氯气将CN氧化成无污染的气体请补充并配平该反应的离子方程式：CN+OH+Cl2CO2+ + +H2O处理35吨NaCN，理论上需要液氯 吨（2）过氧化氢氧化法：NaCN+H2O2+H2ONaHCO3+NH3检测水坑里氰化钠的浓度，取水样1ml，加入11ml1molL1H2O2溶液，充分反应后，加入过量的KI固体，充分反应后调节pH至7左右，用0.2500molL1Na2S2O3溶液8.00ml（已知：实验中涉及的部分离子方程式为：2H+

11、H2O2+2II2+2H2O、I2+2S2O322I+S4O62）请计算水坑里氰化钠的浓度18实验室常用MnO2与浓盐酸加热制备Cl2，反应会因盐酸浓度下降而停止。为测定反应残余液中盐酸的浓度，某小组同学提出的下列实验方案：向足量的二氧化锰中加入12.0mL的浓盐酸，加热，反应结束时收集到336mLCl2（标准状况）；将反应后得到的残余液过滤、洗涤滤渣，洗涤液和滤液混合；向滤液中加入足量的AgNO3溶液，过滤、洗涤、干燥后得到固体11.48g。计算（1）参加反应的二氧化锰的质量。（2）将生成的Cl2通到NaOH溶液中制得100mL消毒液，求消毒液中有效成分的物质的量浓度。（3）浓盐酸能和二氧化

12、锰反应的生成Cl2的最低浓度（假设反应后残余液体积为12mL）。（保留至0.01）19将20g某铁矿石（设只含铁的氧化物和杂质SiO2）溶于过量的稀盐酸，过滤后得5.6g不溶物和滤液；然后在滤液中加入足量的NaOH溶液，过滤后将沉淀灼烧，得16g红棕色固体。（1）红棕色固体的化学式是 ，其中的n(Fe)= mol。（2）请计算（写出计算过程）：该矿石中铁氧化物的化学式。若加入的稀盐酸为4.0molL -1200mL，反应前后体积变化忽略不计，则滤液中剩余H+的物质的量浓度是多少？20现有铜、银合金14g与足量的某浓度的硝酸100mL发生反应，将生成的气体与1.12L（标况）氧气混合，通入足量的

13、水中恰好全部吸收，反应后溶液体积仍为100mL。试通过计算回答下列问题：（1）原固体混合物中铜和银的质量各是多少？（2）若原硝酸溶液为浓硝酸，反应产生的气体是单一气体，则该反应中被还原的硝酸的物质的量是多少？（3）合金完全溶解后，若生成的气体在标况下体积为2.24L，反应后溶液中c（H）=7mol/L，则该混合气体中NO和NO2在标准状况下的体积分别是多少？原硝酸的浓度是多少？21硝酸在化学工业中有着极其广泛的应用。（1）将1.25 mol的NO、NO2、N2O4混合物（其中NO的体积分数为0.60）通入水中，在空气充足的条件下完全反应后可获得硝酸的物质的量范围是_。（2）向稀硝酸中加入18.

14、4 mol/L的浓硫酸（98%）作吸水剂并蒸馏得浓硝酸，当其浓度下降到87%（密度1.8 g/cm3）以下时，则失去吸水能力。50 mL 18.4 mol/L的浓硫酸作为吸水剂时，最多可吸水_ g。（3）在65%的HNO3（质量m1）中加入72%的Mg(NO3)2（质量m2）后蒸馏，分别得到97.5%的HNO3和60%的Mg(NO3)2溶液（其中不含硝酸）。若蒸馏过程中，硝酸、硝酸镁均无损耗，H2O的损耗占总质量的5%，则蒸馏前投料比_。（4）硝酸工业中的尾气用烧碱进行吸收产物为NaNO2、NaNO3和H2O。现有含0.50mol氮氧化物的尾气，恰好被一定量的NaOH溶液完全吸收。已知反应后溶

15、液含有0.35molNaNO2。若将尾气NO和NO2的平均组成用NOx表示，则x = 。22H2还原CuO所得的红色固体可能是Cu与Cu2O的混合物，已知Cu2O在酸性溶液中可发生自身氧化还原反应，生成Cu2+和单质铜。现有8g CuO被H2还原后，得到红色固体6.8g。（1）6.8 g上述混合物中含Cu与Cu2O的物质的量之比是 ；（2）若将6.8 g上述混合物与足量的稀硫酸充分反应后过滤，可得到固体 g；（3）若将6.8 g上述混合物与一定量的浓硝酸充分反应，生成标准状况下1.568 L的气体（不考虑NO2的溶解，也不考虑NO2与N2O4的转化），则该气体的成分及物质的量之比是 ；参考答案

16、1C【解析】试题分析：A.pH=9时，图象中各种离子浓度的大小关系为c(NH4+)c(HCO3-)c(NH2COO)c(CO32)，A项正确；B.溶液中存在电荷守恒，则不同pH的溶液中存在电荷守恒关系为c(NH4+)+c(H+)=2c(CO32)+c(HCO3)+c(NH2COO)+c(OH)，B项正确；C.已知Kb=c(NH4+)c(OH)c(NH3H2O)，温度一定时，Kb为常数，c(OH)/c(NH3H2O)=Kb/c(NH4+)随着CO2的通入，c(NH4+)逐渐增大，则c(OH)/c(NH3H2O)不断减小，C项错误；D.由图中可知，开始没有NH2COO，后来也不存在NH2COO，所

17、以NH2COO为中间产物，D项正确；答案选C。【考点定位】考查离子浓度的大小比较【名师点晴】本题考查离子浓度大小比较、电荷守恒的应用、图象的分析与应用等知识。侧重于考查学生对图象的分析与应用能力。具体分析如下：根据pH=9时，图象中各种离子浓度的大小关系分析；溶液中存在电荷守恒，即正电荷的总浓度等于负电荷的总浓度；根据Kb= c(NH4+)c(OH)c(NH3H2O)分析；根据图象可知开始没有NH2COO，后来也不存在NH2COO。2AC【解析】试题分析：A向NaOH溶液中加入AlCl3溶液溶液，先是氢氧根离子过量与铝离子反应生成偏铝酸根，无沉淀，继续滴加，铝离子与偏铝酸根反应生成氢氧化铝沉淀

18、，所以一开始没有沉淀产生，后产生沉淀，但消耗AlCl3的物质的量应为3：1，图像不满足，故A错误；BBaCl2溶液中加入Na2CO3溶液，发生复分解反应，一开始就生成碳酸钙，故B错误；CMg(HSO4)2溶液中加入KOH溶液，开始发生酸碱中和无沉淀生成，继续滴加生成Mg(OH)2 沉淀，故C正确；D石灰水中通入二氧化碳一开始就生成碳酸钙，不符合图象，故D错误；故选C。【考点定位】考查图象分析，涉及化合物的性质及转化；【名师点晴】解答本题首先分析图象的意义是随着X的不断加入，反应开始没有沉淀或气体生成，然后沉淀或气体逐渐增加，并注意滴加过程中消耗的物质的量关系，其次将四个反应的化学反应原理逐一分

19、析，沉淀或气体的生成与X试剂的关系，最后和图象对比可解答，难点为选项A易错答。3A【解析】试题分析：A淀粉、纤维素都属天然高分子化合物，A正确；B碱石灰具有腐蚀性，食品包装袋中百年用碱石灰做干燥剂，B错误；C煤的液化属于化学变化，C错误；D制作航天服的聚醋纤维属新型有机高分子材料，D错误，答案选A。考点：考查化学与生活的判断4A【解析】试题分析：AFe2O3溶于过量氢碘酸溶液中的离子反应为Fe2O3+6H+2I-2Fe2+I2+3H2O，故A正确；B.0.1mol/LNH4Al(SO4)2溶液与0.2mol/LBa(OH)2溶液等体积混合的离子反应为2Ba2+NH4+Al3+2SO42-+4O

20、H-Al(OH)3+2BaSO4+NH3H2O，故B错误；C用浓盐酸酸化的KMnO4溶液与H2O2反应，因高锰酸钾氧化HCl，不能证明H2O2具有还原性，故C错误；D向次氯酸钠溶液中通入足量SO2气体的离子反应为ClO-+SO2+H2O2H+Cl-+SO42-，故D错误；故选A。【考点定位】考查离子方程式的书写【名师点晴】本题考查离子反应方程式书写的正误判断，为高频考点，把握发生的反应及离子反应的书写方法为解答的关键，侧重复分解反应、氧化还原反应的离子反应考查，注意离子反应中保留化学式的物质及电子、电荷守恒。5D【解析】试题分析：W、X、Y、Z均为的短周期主族元素，原子序数依次增加，X与Y形成

21、的化合物能与水反应生成酸且X、Y同主族，则X为O元素，Y为S元素，O、S元素核电荷数之和与W、Z的原子序数之和相等，则W、Z的原子序数之和24，而且W的原子序数小于O，Z的原子序数大于S，则Z为Cl元素，所以W的原子序数为24-17=7，即W为N元素；A、Z为Cl元素，Cl元素的最高价含氧酸是最强酸，其它价态的含氧酸的酸性不一定强，如HClO是弱酸，故A错误；B、电子层越多，原子半径越大，所以OCl，即原子半径：XZ，故B错误；C、元素的非金属性越强，其氢化物越稳定，非金属性ON，所以气态氢化物热稳定性：WX，故C错误；D、W、X与H形成化合物的水溶液可能是氨水，呈碱性，故D正确。故选D。【考

22、点定位】考查元素周期律与元素周期表【名师点晴】本题以元素推断为载体，考查原子结构位置与性质关系、元素化合物知识，推断元素是解题的关键。120号元素的特殊的电子层结构可归纳为：（1）最外层有1个电子的元素：H、Li、Na、K；（2）最外层电子数等于次外层电子数的元素：Be、Ar；（3）最外层电子数是次外层电子数2倍的元素：C；（4）最外层电子数是次外层电子数3倍的元素：O；（5）最外层电子数是内层电子数总数一半的元素：Li、P；（6）最外层电子数是次外层电子数4倍的元素：Ne；（7）次外层电子数是最外层电子数2倍的元素：Li、Si；（8）次外层电子数是其他各层电子总数2倍的元素：Li、Mg；(9

23、)次外层电子数与其他各层电子总数相等的元素Be、S；(10)电子层数与最外层电子数相等的元素：H、Be、Al。6D【解析】试题分析：A该装置采用的是水浴，反应温度不超过100，实验室制取乙酸丁酯，反应需要反应温度为115125，而水浴加热适合温度低于100的反应，故A错误；B该装置采用长导管可起冷凝易挥发的乙酸和丁醇，但采用水浴，反应温度不超过100，实验室制取乙酸丁酯，反应需要反应温度为115125，而水浴加热适合温度低于100的反应，故B错误；C实验室制取乙酸丁酯，原料乙酸和丁醇易挥发，为了避免反应物损耗和充分利用原料，应设计冷凝回流装置，而该装置无冷凝装置，故C错误；D实验室制取乙酸丁酯

24、，原料乙酸和丁醇易挥发，当有易挥发的液体反应物时，为了避免反应物损耗和充分利用原料，要在发生装置设计冷凝回流装置，使该物质通过冷凝后由气态恢复为液态，从而回流并收集实验室可通过在发生装置安装长玻璃管或冷凝回流管等实现，该装置符合这些要求，故D正确；故选D。考点：考查乙酸丁酯的制取，掌握乙酸丁酯的制取原理是解答的关键。7B【解析】试题分析：A邻二甲苯有3种氢原子，核磁共振氢谱有3种峰，故A错误； B均三甲苯分子中有2种氢原子，核磁共振氢谱有2种峰，且氢原子数目之比为1：3，故B正确；C异丙醇分子中有3种氢原子，核磁共振氢谱有3种峰，故C错误；D丙酸乙酯有3种氢原子，核磁共振氢谱有4种峰，故D错误

25、；故选B。考点：考查核磁共振氢谱。8B【解析】试题分析：W、X、Y、Z是原子序数依次增大的四种短周期元素，分属于连续的四个主族，电子层数之和为10，四种原子中X原子的半径最大，若W是第一周期，则XYZ为第三周期，且X原子半径最大，符合题意的元素为氢，镁，铝，硅。若W的第二周期元素，则X为第二周期，YZ为第三周期，则X不是半径最大的元素，不符合题意。A、四种元素都不在第二周期，故A错误；B、W为氢元素，所在的第一主族元素的次外层都为8电子，不可能是18电子，故B正确；C、XYZ的最高价氧化物对应的水化物分别为氢氧化镁，氢氧化铝和硅酸，不能两两反应，故C错误；D、工业上获得镁是用电解氯化镁，获得铝

26、是电解氧化铝，故D错误。考点：原子结构和元素周期律的关系9B【解析】试题分析：A.C和CO2反应是吸热反应，H0，A项错误；B.状态可以看作先通0.1CO2，此时两者CO的浓度相等，再通入0.1molCO2，若平衡不移动，状态CO的浓度等于2倍，但再充入CO2，相当增大压强，平衡右移，消耗CO，因此c(CO，状态)2P总（状态），C项错误；D.温度越高，反应速率越快，V逆（状态）Fe3+，所以当a=0.1时，二者的物质的量的比是2:1，发生的反应为2I-+Br2 =I2+2Br-，正确；B当a=0.25时，二者的物质的量的比是2:1，发生的反应为2Fe2+8I-+5Br2= 2Fe3+ 4I2

27、+8Br-，错误；C当溶液中I-有一半被氧化时，只有I-被氧化，二者的物质的量的比是2:1，发生的反应为2I-+Br2= I2+2Br-，溶液中c（I-）：c（Br-）=1：1，正确；D当0.2a0.3时，溶液中I-都被氧化产生I2，所以根据电荷守恒可得溶液中各离子浓度的关系为2c(Fe2+)+3c(Fe3+) +c(H+)=c(Br-)+ c(OH-)，正确。考点：考查氧化还原反应及电荷守恒在微粒浓度的大小比较急计算的应用的知识。14C【解析】试题分析：丁烷为CH3CH2CH2CH3时，分子中有2种不同的H原子，故有2种丁基；丁烷为CH3CH(CH3)CH3时，分子中有2种不同的H原子，故有2种丁基，故丁基(-C4H9