高考模拟理综物理试题含答案文档格式.docx

1、A法拉第发现电流的磁效应，与他坚信电和磁之间一定存在联系的哲学思想是分不开的B利用v-t 图像推导匀变速直线运动位移公式的方法是理想模型法C 牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许用扭秤实验测出了万有引力常量的数值，从而使万有引力定律有了真正的使用价值DTm2与Vs能表示同一个物理量的单位15如图所示，由粗糙的水平杆AO与光滑的竖直杆BO组成的绝缘直角支架，在AO杆、BO杆上套有带正电的小球P、Q，两个小球在某一位置平衡。现将P缓慢地向左移动一小段距离，两球再次达到平衡。若小球所带电量不变，与移动前相比（ ）A杆BO对Q的弹力减小B杆AO对P的弹力减小C杆AO对P的摩擦力增大DP、Q之间的距离增大1

2、6.一个质量为的铁块以初速度沿粗糙斜面上滑，经过一段时间又返回出发点，整个过程铁块速度随时间变化的图象如图所示，则下列说法正确的是（ ）A铁块上滑过程处于超重状态B铁块上滑过程与下滑过程的加速度方向相反C铁块上滑过程与下滑过程满足D铁块上滑过程损失的机械能为172014年5月10日天文爱好者迎来了“土星冲日”的美丽天象。“土星冲日”是指土星和太阳正好分处地球的两侧，三者几乎成一条直线。该天象每378天发生一次，土星和地球绕太阳公转的方向相同，公转轨迹都近似为圆，地球绕太阳公转周期和半径以及引力常量均已知，根据以上信息可求出（ ）A土星质量B地球质量C土星公转周期D土星和地球绕太阳公转速度之比1

3、8. 理想变压器原线圈a匝数n1=200匝，副线圈b匝数n2=100匝，线圈a接在u=44sin 314tV交流电源上，“12V，6W”的灯泡恰好正常发光电阻R2=l6，电压表V为理想电表。下列推断正确的是（ ）A.交变电流的频率为100 HzB.穿过铁芯的磁通量的最大变化率为WbsC.电压表V的示数为22 VD. R1消耗的功率是1W19如图甲所示，abcd是位于竖直平面内的正方形闭合金属线框，在金属线框的下方有一磁感应强度为B的匀强磁场区域，MN和MN是匀强磁场区域的水平边界，边界的宽度为S，并与线框的bc边平行，磁场方向与线框平面垂直现让金属线框由距MN的某一高度从静止开始下落，图乙是金

4、属线框由开始下落到完全穿过匀强磁场区域的v-t图象（其中OA、BC、DE相互平行）。已知金属线框的边长为L（LS）、质量为m，电阻为R，当地的重力加速度为g，图象中坐标轴上所标出的字母v1、v2、t1、t2、t3、t4均为已知量（下落过程中bc边始终水平）根据题中所给条件，以下说法正确的是（ ）At2是线框全部进入磁场瞬间，t4是线框全部离开磁场瞬间B从bc边进入磁场起一直到ad边离开磁场为止，感应电流所做的功为mgSCV1的大小可能为D线框穿出磁场过程中流经线框横截面的电荷量比线框进入磁场过程中流经框横截面的电荷量多20理论研究表明，无限大的均匀带电平面在周围空间会形成与平面垂直的匀强电场，

5、若均匀带电平面单位面积所带电荷量为，则产生匀强电场的电场强度的大小为。现有两块无限大的均匀绝缘带电平板，如图所示放置， A1B1两面正电，A2B2两面负电，且单位面积所带电荷量相等（设电荷不发生移动），A1B1面与A2B2面成60，并且空间分成了四个区间、，若设在四个区间、内的电场强度的大小分别为、和，图中直线A1B1和A2B2分别为带正电平面和带负电平面与纸面正交的交线，O为两交线的交点，C、D、F、G恰好位于纸面内正方形的四个顶点上，且GD的连线过O点并与带电平面均成60夹角。则下列说法中正确的是（ ）AB CC、F两点电势相同D在C、D、F、G四个点中电子在F点具有的电势能最大第卷（共1

6、93分） 【必做部分】21 （6分） DIS实验是利用现代信息技术进行的实验。“用DIS研究机械能守恒定律”的实验装置如图甲所示，小组同学在实验中利用小铁球从很光滑的曲面上滚下，选择DIS以图象方式显示实验的结果，所显示的图象如图乙所示。图象的横轴表示小球距d点（最低点）的高度h，纵轴表示小铁球的重力势能EP、动能Ek或机械能E。试回答下列问题：（1）图乙的图象中，表示小球的机械能E、动能Ek、重力势能EP随小球距d点的高度h变化关系的图线分别是_（按顺序填写相应图线所对应的文字）；（2）根据图乙所示的实验图象，可以得出的结论是：_。22（12分） 某实验小组进行“探究热敏电阻的温度特性”实验

7、，实验室提供如下器材：热敏电阻R t （常温下约8 k）、温度计、电流表A（量程1 mA，内阻约200 ）、电压表V（量程3 V，内阻约10 k）、电池组E（4.5 V，内阻约1 ）、滑动变阻器R（最大阻值为20 ）、开关S、导线若干、烧杯和水（1）根据提供器材的参数将右图所示的实物图中所缺的导线补接完整（2）实验开始前滑动变阻器的滑动触头P应置于 端（填“a”或“b”） （3）利用补接完整的实验装置测量出不同温度下的电阻值，画出该热敏电阻的Rtt图象如右图中的实测曲线，与图中理论曲线相比二者有一定的差异除了偶然误差外，下列关于产生系统误差的原因或减小系统误差的方法叙述正确的是_（填选项前的字

8、母，不定项选择）A电流表的分压造成电阻的测量值总比真实值大B电压表的分流造成电阻的测量值总比真实值小C温度升高到一定值后，电流表应改为外接法（4）将本实验所用的热敏电阻接到一个电流较大的恒流电源中使用，当电流通过电阻产生的热量与电阻向周围环境散热达到平衡时，满足关系式I2Rk（tt0）（其中k是散热系数，t是电阻的温度，t0是周围环境温度，I为电流强度），电阻的温度稳定在某一值若通过它的电流恒为50 mA，t020C，k0.25 w/C，由实测曲线可知该电阻的温度稳定在 C. 23（18分）如图所示为水上滑梯的简化模型：倾角=37斜滑道AB和水平滑道BC平滑连接，起点A距水面的高度H=7m，B

9、C长d=2m，端点C距水面的高度h=1m。质量m=50kg的运动员从滑道起点A点无初速地自由滑下，运动员与AB、BC间的动摩擦因数均为=0.1。已知cos37=0.8，sin37=0.6，运动员在运动过程中可视为质点，g取10 m/s2。求：（1）运动员从A滑到C的过程中克服摩擦力所做的功W；（2）运动员到达C点时的速度大小；（3）保持水平滑道端点在同一竖直线上，调节水平滑道高度h和长度d到图中BC位置时，运动员从滑梯平抛到水面的水平位移最大，求此时滑道BC距水面的高度h24.（20分）如图甲所示，在光滑绝缘水平桌面内建立xoy坐标系，在第象限内有平行于桌面的匀强电场，场强方向与轴负方向的夹角

10、45在第象限垂直于桌面放置两块相互平行的平板1、2，两板间距为10.6，板间有竖直向上的匀强磁场，两板右端在轴上，板1与轴重合，在其左端紧贴桌面有一小孔，小孔离坐标原点的距离为0.72。在第象限垂直于轴放置一块平行轴且沿轴负向足够长的竖直平板3，平板3在轴上垂足为，垂足与原点相距20.18。现将一带负电的小球从桌面上的点以初速度垂直于电场方向射出，刚好垂直于轴穿过板上的孔，进入磁场区域。已知小球可视为质点，小球的比荷，点与小孔在垂直于电场方向上的距离为，不考虑空气阻力。（1）匀强电场的场强大小；（2）要使带电小球无碰撞地穿出磁场并打到平板3上，求磁感应强度的取值范围；（3）若t0时刻小球从点进

11、入磁场，磁场的磁感应强度如乙图随时间呈周期性变化（取竖直向上为磁场正方向），求小球从点到打在平板3上所用的时间。（计算结果保留两位小数）37【物理选修3-3】（12分） （1）（4分）下列说法正确的是（ ）。A气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子之间存在斥力的缘故B当分子间的引力和斥力平衡时，分子势能最小C一定量100的水变成100的水蒸气，其分子之间的势能增加D一定量的气体，在压强不变时，分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数随着温度降低而减少（2）（8分）.如图所示，A、B气缸的长度均为30cm，横截面积相同，C是可在气缸内无摩擦滑动的、体积不计的活塞，D为阀门整个装置均由导热良

12、好的材料制成原来阀门关闭，A内有压强PA=2105Pa的氧气B内有压强PB=1105Pa的氢气阀门打开后，活塞C向右移动，最后达到平衡假定氧气和氢气均视为理想气体，连接气缸的管道体积可忽略不计求：活塞C移动的距离及平衡后B中气体的压强；活塞C移动过程中B中气体是吸热还是放热（简要说明理由）山师附中2012级高三物理模拟题答案：14：CD【解析】：根据=BS和E=得Tm2与Vs能表示同一个物理量的单位，即磁通量的单位，故D正确；本题选不正确的，故选：CD15.C 16答案：C解析：上滑过程匀减速上滑，加速度方向沿斜面向下，下滑过程匀加速下降则加速度方向沿斜面向下，故上滑和下滑过程加速度方向相同，

13、物体都处于失重状态，故A、B错误；速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，由图可知，上滑的位移为，下滑的位移为，经过一段时间又返回出发点说明，故C正确；根据能量守恒知上滑损失机械能为，故D错误17答案：CD 18.BD 19.AC20. BD【命题意图】本题考查电场强度的矢量性和电势、电势能的概念，意在考查考生对电场强度、电势和电势能等概念的掌握情况。【解题思路】空间中任意一点的场强方向是A1B1和A2B2分别产生的场强的矢量和，根据平行四边形定则可求得：，所以有，选项B正确A错误；等势面与场强方向垂直，所以DG为等势面，在C、D、F、G四个点中F点的电势最低，所以在C、D、F、G四个点中电子

14、在F点具有的电势能最大，即选项D正确C错误.21.（1）甲、丙、乙（3分）； （2）忽略阻力作用，小球下落过程机械能守恒（3分）。将各个时刻对应的高度和速度二次方数据标在坐标图中，用描点法作出v2h图象；由mgh=mv2，可得v2h图象的斜率等于2g。根据小球下滑动能增大、重力势能减小、机械能不变可知表示小球的重力势能EP、动能Ek、机械能E随小球距d点的高度h变化关系的图线分别是乙、丙、甲。22.答案（1）连线如图所示（2分） （2）a（2分）（3）AC（4分）选全得4分，漏选得2分，错选得0分（4）48（4650均可） （4分）解析（1）如果用限流法，待测电阻两端的电压将超出电压表的量程，

15、故用分压法，因为待测电阻是大电阻，故用内接法（2）开始时待测电阻两端的电压应当最小，故滑动触头应置于a端（3）用电流表内接法测量的是待测电阻和电流表内阻的和，故测量值偏大，A正确；温度升高，热敏电阻的阻值变小，当与电流表电阻接近时，应改为电流表外接法，C正确（4）将I50 mA、t020C、k0.25 W/C代入I2Rk（tt0）中可得R0.1（t20） k，在Rtt图中作出该直线，找到该直线与实测Rtt曲线的交点，交点所对应的横坐标约为48C，所以该电阻的温度稳定在48C.23（1）500J （2）10 m/s （3）3m【解析】（1）运动员从A滑到C的过程中，克服摩擦力做功为： （5分）（

16、2）运动员从A滑到C的过程中，根据动能定理有： （2分）得运动员滑到C点时速度的大小 v= 10 m/s （2分）（3）在从C 点滑出至落到水面的过程中，运动员做平抛运动的时间为t，则 （1分）解得下滑过程中克服摩擦做功保持不变W=500J （1分）根据动能定理得：（2分）运动员在水平方向的位移：当时，水平位移最大 （1分）24、解析（20分）：（1）小球在第象限内做类平抛运动有： -1分-2分 由牛顿第二定律有： -2分带数据解得：-1分（2）设小球通过M点时的速度为v，由类平抛运动规律： -1分小球垂直磁场方向进入两板间做匀速圆周运动，轨迹如图，由牛顿第二定律有：-1分得：小球刚好能打到Q

17、点磁感应强度最强设为B1。此时小球的轨迹半径为R1由几何关系有： -2分解得：-1分小球刚好不与C2板相碰时磁感应强度最小设为B2，此时粒子的轨迹半径为R2 -1分 解得：-1分综合得磁感应强度的取值范围： -1分（3）小球进入磁场做匀速圆周运动，设半径为，周期为T有：-1分由磁场周期分析知小球在磁场中运动的轨迹如图，一个磁场周期内小球在x轴方向的位移为3r=0.54m -2分即：小球刚好垂直y轴方向离开磁场 则在磁场中运动的时间离开磁场到打在平板C3上所用的时间-1分小球从M点到打在平板C3上所用总时间-1分37（1）BC （2）解：由玻意耳定律得： 对A部分气体有：pALS=p（L+x）S， 对B部分气体有：pBLS=p（Lx）S， 代入相关数据解得：x=10cm，p=1.5105Pa；活塞C向右移动的过程中活塞对B中气体做功，而气体发生等温变化，内能不变，故B中气体向外界放热