化工原理吸收习题.docx
《化工原理吸收习题.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《化工原理吸收习题.docx(53页珍藏版)》请在冰点文库上搜索。
化工原理吸收习题
一、分析与判断
第六章吸收
1.在密闭容器内存在某种低浓度水溶液,容器内压强为p0,溶液温度为t,溶质含量为c(x),试问:
1)若将N2压入容器,则EHmp*;
2)若溶液温度t下降,则EHmp*;
3)注入溶质A,则EHmp*;
2、某吸收过程,已知气相传质系数与液相传质系数的关系是ky=3kx,则此时
气相传质推动力(y-yi),液相传质推动力(xi-x)。
(大于、等于,小于,不确定)
3、低浓度逆流吸收塔设计中,若气体流量、进出口组成及液体进口组成一定,减小吸收剂用量,传质推动力将,设备费用将(增大、减小,不变)
4、某逆流吸收塔操作时,因某种原因致使吸收剂入塔量减少,以至操作时液气比小于原定的最小液气比,则将发生什么情况:
。
5、低浓度逆流吸收操作中,原工况操作线如附图所示,现其他条件不变而吸收剂用量L增加,试判断下列参数变化情况并绘出新工况的操作线:
HOG,∆ym,出塔液体x1,出塔气体y2,回收率φ(增大、减小,不变,不确定)
题5附图题6附图
6、低浓度逆流吸收操作中,原工况操作线如附图所示,现其他条件不变而吸收剂入塔含量升高,试绘出新工况的操作线。
7、吸收操作中,原工况下气体进塔量为V,进出塔的含量分别为y1、y2。
由于某种原因,吸收剂入塔浓度升高,采用增加吸收剂用量L的方法后,使y1、y2保持不变。
则与原工况相比,被吸收溶质总量,平均推动力∆ym(增大,减小,不变,不确定)。
8、低浓度逆流吸收操作中,当吸收剂温度降低其他条件不变时,试判断下列参
数变化情况并绘出操作线:
相平衡常数,Kya,推动力∆ym,回收率φ,出塔y2,出塔x1(增大,减小,不变,不确定)。
第8题图第10题图
9、低浓度逆流吸收操作中,当气体进口含量y1下降,其他条件不变时,则气体出口含量y2,液体出口含量x1,被吸收溶质总量,回收率φ,推动力∆ym,NOL(增大,减小,不变,不确定)
10、已知某吸收过程操作线如图所示,试分别定性绘出以下几种情况下的操作线,
并讨论对吸收操作的影响:
1)吸收操作为气膜控制,气体流量V增至V’,其他条件不变;
2)吸收过程为液膜控制,气体流量V增至V’,其他条件不变;
11、某吸收塔原工况的操作线如图所示,现将吸收剂L的温度降低,其他条件不变,试定性绘出以下两种情况的操作线:
(忽略温度变化对传质分系数的影响)
1)吸收过程为气膜控制
2)吸收过程为液膜控制。
第11题图第11题答案
12、某吸收塔H=∞,气体流量V与组成y1和液相组成x2不变,试绘出以下两种情况下的操作线(平衡关系如附图所示)。
1)L/Vm;
2)L/Vm;
3)试讨论在以上两种情况下,增加L/V能否使气体出口含量y2降低?
第12题附图13、对解吸因数S=0.5的系统进行逆流吸收,当塔高为无穷大时,塔顶气相出口含量
y2y2
*,塔顶气相入口含量y1
*
y
1;若系统压力增加为原来的4倍,
其他条件不变,则此时y2y2
*,y1
*
y
1(大于,等于,小于,不确定)。
14、在吸收、解吸联合操作中,维持吸收塔L、V、y1,解吸气入塔含量y2'和两塔操作温度、压力均不变,现减少解吸气用量V',与原工况相比,新工况下离开解吸塔的液体含量x2,离开吸收塔的气体含量y2,离开吸收塔的液
体含量x1,吸收塔平均推动力∆ym,吸收塔的回收率(增大,减小,不变,不确定)。
二、计算题
1、例1用吸收操作除去某气体混合物中的可溶有害组分,在操作条件下的相平衡关系为y=1.5x,混合气体的初始含量y1=0.1(摩尔分数),循环吸收剂的入塔含量x2=0.001,液气比L/G=2.0。
已知在逆流操作时,气体出口的残余含量y2=0.005,试计算在操作条件不变的情况下改为并流操作,气体出口含量为多少?
吸收塔逆流操作时所吸收的可溶性组分是并流操作的多少倍?
计算时可近似的认为体积传质系数Kya与流动方式无关。
例2:
某生产过程产生两股含有HCl的混合气体,一股流量G1=0.015kmol/s,HCl含量yG1=0.1(摩尔比)另一股流量G2=0.015kmol/s,HCl含量yG2=0.04(摩尔分数)。
今拟用一个吸收塔回收两股气体中的HCl,总回收率不低于85%,所用吸收剂为20℃纯水,亨利系数E=2.786×105Pa,操作压强为常压,试求:
(1)将两股物料混合后由塔底入塔,最小吸收剂用量为多少?
若将两股物料分别加入(第二股气流在最佳高度单独加入塔内),最小吸收剂用量有何变化?
ya
(2)若空塔速度取0.5m/s,并测得在此气速K=8×103kmol/(m3.s),实际液气比取最小液气比的1.2倍,问混合进料所需塔高为多少?
(2)若塔径和实际液气比与
(2)相同,第二股气流在最佳位置进料,所需塔
高为多少?
中间加料为于何处?
附图(a)附图(b)
附图(c)
例3用纯水吸收空气-氨混合气体中的氨,氨的初始含量为0.05(摩尔分数),要求氨的回收率不低于95%,塔底得到的氨水含量不低于0.05。
已知在操作条件下气液平衡关系y=0.95xe,试计算:
y
(1)采用逆流操作,气体流率取0.02kmol/(m2.s),体积传质系数Ka=2×10-2kmol/(m2.s),所需塔高为多少?
(2)采用部分吸收剂再循环流程,新鲜吸收剂与循环量之比L/LR=20,气体流速不变,KYa也假定不变,所需塔高为多少?
附图(a)附图(b)
例4用纯吸收剂吸收某气体混合物中的可溶组分,混合物的初始含量为0.05(摩尔分数),新鲜吸收剂与混合气体的流率之比L/G=1.2,在操作条件下相平衡关系为y=1.2x,吸收过程系气相阻力控制。
现有两流程如附图(a)所示,流程B中循环剂量LR是新鲜吸收剂量的1/10,试计算:
(1)当=0.80,两流程所需塔高之比为多少?
(2)当=0.90,两流程所需塔高之比有何变化?
附图(a)
附图(b)
例5在填料塔中,用水逆流吸收氨—空气混合气中的氨,入塔气含氨0.01,水的初始含氨量为0.001(均为摩尔分数),操作条件下的平衡关系为ye=1.0x,吸收过程可视为气相阻力控制。
若保持气体流量不变,试求在以下两种情况下气体残余含量与液气比的关系:
(1)塔高为无穷大;
(2)塔高为1个传质单元高度,且不随液体流量而变。
例6在一吸收塔内,用洗油吸收煤气中所含苯蒸汽,苯的初始含量为0.02(摩尔分数),在吸收塔操作条件下,气液平衡关系ye=0.125x,两相呈逆流接触。
当液气比为0.16、循环洗油入口含量为0.0075时,煤气中本的含量可降至0.001。
由吸收塔底排出的吸收液升温后,在解吸塔内用过热蒸汽进行解吸,解吸塔内的气液比为0.365,相平衡关系为ye=3.16x。
因吸收内m很小,过程可认为是气相阻力控制,解吸塔内m很大,过程可认为是液相控制,且kxa∝L0.66。
现欲进一步降低煤气中本的残余含量,将吸收剂的循环量增加一倍,其它条件均维持不变,问能否达到预期的目的?
附图
例7在图示吸收塔内,用洗油吸收煤气中所含的苯蒸汽,入塔煤气含苯0.02(摩尔分数,下同)。
当液气比为0.16,洗油入口苯含量为0.005时,出塔煤气的残余苯含量为0.001,吸收操作的平衡关系为ye=0.125x。
吸收塔低排出的洗油,在解吸塔内用过热蒸汽解吸,使解吸后的洗油中苯含量降为0.005,解吸塔的气液比为0.365,平衡关系为ye=3.16x。
吸收塔操作温度低,过程可视为气相阻力控制;解析塔温度高,过程可视为液相阻力控制。
现欲将出塔煤气的苯含量将为0.0005,试问:
(1)保持洗油入口苯含量不变而增大液气比,能否达到要求?
(2)若保持洗油流量不变而降低洗油入口苯含量,解析塔的蒸汽消耗需增加多少倍?
附图
答案
1.1)不变,不变,变小,不变
当密闭容器内压入N2时,相当于容器内的总压增加,总压变化时,对均无影响,故E、H不变,溶质的含量也不变,平衡分压p*=Ex不变,然而,m=E/p,总压p增加,故m变小。
2)变小,变大,变小,变小
若溶液的温度下降,则平衡分压p*变小,E、H均受温度的影响,E变小,H变大,m=E/p变小。
3)不变,不变,不变,变大
注入溶质A时,体系的温度压强均不变,此时物系的E、H、m均不变,而注入A后,溶液中溶解的溶质含量变大,故p*变大。
2.不确定。
题中未给出平衡关系,两个传质系数相差又不大,所以无法判断是气膜控制过程还是液膜控制过程。
3.减小,增大
减小吸收剂的用量,则吸收过程的推动力降低,即传质推动力减小,达到原来的分离要求所需的填料层的高度增加,所以设备的费用将增大。
4.气体出塔含量y2增大,达不到设计要求,液体出塔含量x1也增大。
吸收剂入塔量减小,吸收的推动力下降,由于原定的最小液气比对应着原分离要求,虽然操作的液气比小于原定的最小液气比,操作仍然是吸收操作,只是此时对应的分离要求发生了变化,由于液气比下降,所以操作无法达到原来的设计要求,气体出塔的含量将增大;而又由于操作的温度、压强不变,所以吸收的平衡关系不变,入塔的气体组成不变,故液气比越低,对应的出塔的液体
组成越接近平衡组成,故液体出塔含量x1也增大。
5.减小,不确定,减小,减小,增大
Kya=1mV
+
kkkK
HOG=K
yx,吸收剂用量L增加,则x增大,ya增大,ya减
小;
S=mV
填料层高度不变,HOG减小,NOG增大,L
减小,根据传质单元数关
y1-mx2φ=
联图,y2-mx2增大,而y1、x2均不变,故y2减小,回收率
y1-y2
y1
增大;
L增大,操作线的斜率变大,而
y1、x2均不变,故操作线上端与平衡线的
距离变大,出塔液体的组成x1减小。
出塔液体x1减小,塔底的推动力变大,出塔气体y2减小,塔顶的推动力变小,故∆ym的变化不确定。
新工况的操作线如图所示
第5题答案图第6题答案
6.因为其他条件不变,x2变高,则
*
y
2变大,塔顶的推动力变小,故新工
况下的操作线必然下移,且与原工况的操作线的斜率相等。
新工况的操作线如图所示。
7.不变,减小
吸收过程中被吸收的溶质量为:
V(y1-y2),由于改变前后的y1、y2
均不变,故被吸收的溶质量不变;
Kya=1mV
+
kkkK
HOG=K
yx,吸收剂用量L增加,则x增大,ya增大,ya
减小;
NOG=
填料层高度不变,HOG减小,NOG增大,
y1-y2
∆ym
,y1、y2不变,
NOG增大,故∆ym减小。
8.减小,增大,不确定,增大,减小,增大
Kya=1
吸收剂温度降低,则相平衡常数减小,ky
1
+m
kx,m减小,则Kya增大,
H=V
OGKHN
ya减小;填料层高度不变,OG减小,OG增大,S不变,根据传质
y1-mx2φ=
单元数关联图,y2-mx2增大,y1、x2不变,所以y2减小,回收率
y1-y2
y1
增大,y2减小,操作线的斜率不变,y1、x2不变,操作线平行下移,与y=y1
xNOG=
y1-y2
∆yN
y-y∆y
的交点右移,1增大,m
,OG增大,1
2增大,故m的变化
趋势不能确定。
变化后的操作线如图。
9.减小,减小,减小,不变,减小,不变
y1-mx2
其他条件不变,则NOG不变,根据传质单元数关联图,y2-mx2不变,
x2不
变,y1下降,
第9题答案图第10题答案图
所以,气体出口含量y2也减小,吸收操作线的斜率不变,所以吸收操作线平行下移,所以吸收的平均推动力∆ym减小,回收率减小,NOL也不变,
NOL
=x1-x2
∆x
∆xxx
m,推动力m减小,2不变,所以,液体出口含量1减小,因为
吸收率下降,被吸收的溶质总量减小。
H≈V
V'0.3
10.1)气膜控制,
Kya≈k
OG
ya,ya,ya
∝V0.7则
HO'G=HOG(V)
,塔高
一定,
NO'G
=NOG
(V)0.3
V'
,增加气体流量V,液气比L/V'减小,NO'G也减
小,y2'增加;
Kya=
1
1+m
1≈mmVV
2)液膜控制,
kykx
,Kya
kxa
HOG≈
k
,xa
NO'G
,
=NOGV',增加
气体流量V,液气比L/V'减小,NO'G大大减小,y2'则大大增加;
H≈V
11.1)气膜控制,
Kya≈kya,
OG
ya不变,
NOG
不变,但温度t
下降,推动
力变大,y2'减小;
1≈m
H≈mV
2)液膜控制,Kya
kxa,
kxa,温度t下降,m减小,HO'G减小,
NO'G增大,而且推动力∆ym
增大,
NOG=
y1-y2'
∆ym
,所以y2'大大减小。
12.
第12题答案1)附图第12题答案2)附图
3)当L/Vm的情况,此情况下y2受相平衡约束等于mx2,增大L/V不会降低y2,只会无谓地降低x1,增大操作负荷;
当L/Vm的情况,此时,增大L/V对降低y2效果显著。
13.答:
等于,大于,大于,等于同上图
14.增大,增大,增大,减小,减小
解吸气的用量减少,解吸的推动力减小,故离开解吸塔的液体含量增大,解吸的操作线的斜率变小,在y1不变的条件下,线的位置上移,故出塔的气体含量增大,其他条件不变,x2增大,则吸收塔的平均推动力减小,回
y1-mx2
收率减小,NOL不变,A不变,故y1-mx1
不变,x2增大,故x1也增大。
计算题
1.在逆流操作时,由物料衡算式可求得液体出口含量为
x=G(y-y)+x=1⨯(0.1-0.005)+0.001=0.485
1L1222
平均传质推动力为
∆y=(y1-mx1)-(y2-mx2)=(0.1-1.5⨯0.0485)-(0.005-1.5⨯0.001)=0.01157
my-mx0.1-1.5⨯0.0485
ln11ln
y2-mx2
0.005-1.5⨯0.001
吸收过程的传质单元数为
NOG=
y1-y2
∆ym
=0.1-0.005
0.01157
=8.21
HOG=Ka
改为并流操作后,因Kya可近似认为不变,传质单元高度
y不变,
N=H
=8.21
OG
OG
不变。
于是,并流操作的气、液两相出口含量
``
2、1可联立
求解以下两式获得
x`=1(y-y`)+x
12122
(1)
y-y`1y-mx
N=12=
ln12
OG(y
-mx)-(y`-mx`)
mGy`-mx`
11221+22
lny1-mx1L
y`-mx`
22
(2)
将已知数据带入以上两式,并将式
(2)线性化,则
x`=1(0.1-y`)+0.001
122
(3)
1.737⨯106y`-2.065⨯106x`=0.0985
21(4)
由式(3)、(4)求得
y
`=0.044
,x`=0.0291
逆流与并流操作所吸收的溶剂质量之比为
N逆=KyaH∆ym逆=G(y1-y2)
N并KyaH∆ym并G(y1-y)
`
N∆y
逆=m逆
=y1-y2
=0.1-0.005=1.7
N∆y
y-y`
0.1-0.044
从本例计算结果可以看出,在同一吸收塔内,当操作条件完全相同时,逆流操作可得到更好的分离效果,其原因是逆流操作具有更大的平均传质推动力。
因此,从传质推动力的角度看,逆流操作同样优于并流操作。
2.
(1)在操作条件下,系统的相平衡常数为
m=E
p
=2.786⨯105
1.013⨯105
=2.75
两股气体混合后的含量为
y1=
yGi+yG2
2
=0.1+0.04=0.07
2
气体出口含量为
y2=(1-φ)y1=(1-0.85)⨯0.07=0.0105
两股气体混合后进塔的最小液气比为
⎛L⎫
çG⎪
=y1-y2
x
=0.07-0.0105=2.3375
0.07
⎝⎭min
1e
2.75
Lmin
=2.3375G=2.3375(G1+G2)=2.3375⨯0.03=0.0701kmol/s
当两股气体分别进塔时,塔下半部的液气比大于上半部,操作线将首先在中间加料处与平衡线相交,对中间加料口至塔顶这一段作物料衡算,可求出为达到分离要求所需要的最小液气比为
⎛L⎫
çG⎪
=yG2-y2
y
=0.04-0.0105=2.028
0.04
⎝⎭min
G2
m2.75
吸收塔下半部的液气比
(L/V1)min=4.056,对下半部作物料衡算可得液体最大出口含量为连接(0,y2)、
yG2
(m
yG2)、(x1,min,yG1)三点的分段进料的操作线。
(2)混合气体的总体积流量为
q=22.4⨯T(G'+G')=22.4⨯293⨯0.03=0.721m3/s
12273
吸收塔直径为
D===1.335m
L=⎛L⎫
1.2ç⎪
=1.2⨯2.3375
=2.805
G⎝G⎭min
由物料衡算式可求出液体出口含量为
x=G(y-y)+x
=0.07-0.01=0.0124
1L122
2.805
平均传质推动力为
∆y=(y1-mx1)-(y2-mx2)=(0.07-2.75⨯0.0124)-0.01=0.0106
my-mx0.07-2.75⨯0.0214
ln11
y2-mx2
ln
0.01
所需塔高
G
(π/4)D2
y-y
0.03
0.785⨯1.3352
0.07-0.01
H=
Kya
⨯12=
∆ym
8⨯10-3
⨯
0.0106
=14.7m
在实际液气比下的操作线如附图(b)线段ab`所示.
(3)再吸收塔的上半部,液气比L/G=2.805,由物料衡算可求得中间加料处吸收液含量为
x=G(y
ALG2
-
y2
)+x2
=0.04-0.01=0.0107
2.805
上半部的平均传质推动力为
∆y=(yG2-mxA)-(y2-mx2)=(0.04-2.75⨯0.0107)-0.01=0.0103
my-mx0.04-2.75⨯1.0107
lnG2A
y2-mx2
ln
0.01
上半部所需塔高为
G
(π/4)D2
y-y
0.03
0.785⨯1.3352
0.04-0.01
H1=
Kya
⨯G22=
∆ym
8⨯10-3
⨯
0.0103
=7.57m
L
在吸收塔下半部,液体流率不变,气体流率减半,G1
=2L
G
=5.61
,液体出口含
量为
x
=G1(y
1LG1
-
yG2
)+xA
=0.1-0.04+0.0107=0.0214
5.61
下半部的平均传质推动力为
∆y=(yG1-mx1)-(yG2-mxA)=(0.1-2.75⨯0.0214)-(0.04-2.75⨯0.0107)=0.0225
my-mx0.1-2.75⨯0.0214
lnG11ln
yG2
-
mxA
0.04-2.75⨯0.0107
下半部所需塔高为
G1
(π/4)D2
y-y
0.015
0.785⨯1.3352
0.1-0.04
H2=
Kya
⨯G1G2=
∆ym
8⨯10-3
⨯
0.0225
=3.46m
在实际回流比下,单独进料的操作线如附图(c)中ab`c`所示。
吸收塔总高度
H