烟台市高二物理寒假提升训练题含答案 18.docx

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烟台市高二物理寒假提升训练题含答案18

烟台市高二物理寒假提升训练题

一、单选题（本大题共12小题，共48.0分）

1.高速路上堵车，小东听到导航仪提醒“前方3公里拥堵，估计需要24分钟通过”，根据导航仪提醒，下列推断合理的是（　　）

A.汽车将匀速通过前方3公里

B.能够计算出此时车子的速度是0.125m/s

C.若此时离目的地还有30公里，到达目的地一定需要240分钟

D.通过前方这3公里的过程中，车子的平均速度大约为7.5km/h

2.

如图所示，质量为m的物体静止于地面上，物体上面固定一轻质弹簧，用手缓慢提升弹簧上端，使物体升高h，则人做的功应为（　　）

A.小于mgh

B.等于mgh

C.大于mgh

D.无法确定

3.

如图所示，水平细杆上套一环A，环A与球B间用一不可伸长轻质绳相连，质量分别为mA和mB，由于B球受到水平风力作用，A与B球一起向右匀速运动．已知细绳与竖直方向的夹角为θ，则下列说法中正确的是（　　）

A.B球受到的风力为mBgtgθ

B.风力增大时，轻质绳对B球的拉力保持不变

C.杆对A球的支持力随着风力的增加而增加

D.A球与水平细杆间的动摩擦因数为

4.

弹簧的弹力F与弹簧伸长量x的关系如图所示，该弹簧的劲度系数为（　　）

A.0.4N/mB.4N/mC.40N/mD.400N/m

5.关于合运动、分运动的说法，正确的是（　　）

A.合运动的位移为分运动位移的矢量和

B.合运动的位移一定比其中的一个分位移大

C.合运动的速度一定比其中的一个分速度大

D.合运动的时间一定比分运动的时间长

6.

2014年2月15日凌晨，在索契俄冬奥会自由滑雪女子空中技巧比赛中，中国选手徐梦桃以83.50分夺得银牌．比赛场地可简化为如图所示的助滑区，弧形过渡区，着陆区．减速区等组成．若将运动员看做质点，且忽略空气阻力，下列说法正确的是（　　）

A.运动员在助滑区加速下滑时处于超重状态

B.运动员在弧形过渡区运动过程中处于失重状态

C.运动员在跳离弧形过渡区至着陆区之前的过程中处于完全失重状态

D.运动员在减速区减速过程中处于失重状态

7.下列说法中正确的是（　　）

A.磁场中某点的磁感应强度可以这样测定：

测出一小段通电导线受到的磁场力F，与该导线的长度L、以及通过的电流I，根据B=

可算出该点的B

B.通电导线在某点不受磁场力的作用，则该点的磁感应强度一定为零

C.磁感应强度B=

只是定义式，它的大小取决于场源以及磁场中的位置，与B、I、L以及通电电线在磁场中的方向无关

D.放置在磁场中的1m长的导线，通以1A的电流，受力为1N，该处的磁感应强度大小为1T

8.地球的地理两极与地磁的两极并不重合，因此磁针并非准确的指南或者指北，其间有一个夹角--磁偏角．世界上第一个观测到磁偏角的人是（　　）

A.中国的沈括B.中国的郑和

C.意大利的哥伦布D.葡萄牙的麦哲伦

9.

太空深处有一均匀带负电的星球P，有一也带负电的极小星体Q沿如图所示的路径ABC掠过星球，B点是两者的最近点．忽略其他天体的影响，运动过程中万有引力始终大于静电力．则（　　）

A.极小星体Q在A点的动能比B点大

B.极小星体Q在A点的电势能比B点大

C.极小星体Q在A点所受的电场力比B点大

D.星球P产生的电场在A点的电势比B点高

10.在磁感应强度为0.2T的匀强磁场中，已知长为1m的通电直导线垂直放在磁场中所受安培力大小2N，则通电直导线中的电流为（　　）

A.1AB.5AC.10AD.20A

11.三条在同一平面

纸面

内的长直绝缘导线组成一等边三角形,在导线中通过的电流均为I,方向如图所示

、b和c三点分别位于三角形的三个顶角的平分线上,且到相应顶点的距离相等

将a、b和c处的磁感应强度大小分别记为

、

和

下列说法正确的是

A.

B.

C.a和b处磁场方向垂直于纸面向外,c处磁场方向垂直于纸面向里

D.a处磁场方向垂直于纸面向外,b和c处磁场方向垂直于纸面向里

12.

如图所示电路中，电源电动势E恒定，内阻r=1Ω，两电表均为理想电表，定值电阻R3=5Ω．当开关K断开与闭合时，ab段电路消耗的电功率相等。

则下列说法正确的是（　　）

A.电阻R1、R2可能分别为3Ω、6Ω

B.电阻R1、R2可能分别为4Ω、5Ω

C.开关K 断开时电压表的示数一定小于K闭合时的示数

D.开关K断开与闭合时，电压表的示数变化量大小与电流表的示数变化量大小之比一定等于1Ω

二、多选题（本大题共4小题，共16.0分）

13.在高处的某一点将两个重力相同的小球以相同速率v0分别竖直上抛和竖直下抛，下列结论正确的是（不计空气阻力）（　　）

A.从抛出到刚着地，重力对两球所做的功相等

B.从抛出到刚着地，重力分别对两球做的总功都是正功

C.从抛出到刚着地，重力对两球的平均功率相等

D.两球刚着地时，重力的瞬时功率相等

14.某同学乘坐电梯时，突然感到背上的背包变轻了，这一现象表明（　　）

A.电梯可能在上升

B.该同学处于失重状态

C.电梯的加速度方向向上

D.该同学对电梯地板的压力大于地板对该同学的支持力

15.如图所示，一个带正电的物体从粗糙绝缘斜面底端以初速度v0冲上斜面，运动到A点时速度减为零，在整个空间施加一个垂直纸面向外的匀强磁场，物体运动过程中始终未离开斜面（　　）

A.物体仍以初速度v0冲上斜面，能到达A点上方

B.物体仍以初速度v0冲上斜面，不能到达A点

C.将物体由A点释放，到达斜面底端时速率一定大于v0

D.将物体由A点释放，到达斜面底端时速率一定小于v0

16.下列关于多用电表电阻挡的说法中，正确的是（　　）

A.表盘刻度是不均匀的，从零刻度处开始，刻度值越大处，刻度越密

B.红表笔是与表内的电源的负极相连的

C.测电阻时，首先要把红、黑表笔短接进行调零，然后再去测电阻

D.为了减小误差，应尽量使指针指在中间刻度附近

三、实验题（本大题共2小题，共15.0分）

17.某实验小组“用落体法验证机械能守恒定律”，实验装置如图甲所示。

实验中测出重物自由下落的高度h及对应的瞬时速度v，计算出重物减少的重力势能mgh和增加的动能

mv2，然后进行比较，如果两者相等或近似相等，即可验证重物自由下落过程中机械能守恒。

请根据实验原理和步骤完成下列问题：

（1）关于上述实验，下列说法中正确的是______。

A．重物最好选择密度较小的木块

B．重物的质量可以不测量

C．实验中应先接通电源，后释放纸带

D．可以利用公式v=

来求解瞬时速度

（2）如图乙是该实验小组打出的一条点迹清晰的纸带，纸带上的O点是起始点，选取纸带上连续的点A、B、C、D、E、F作为计数点，并测出各计数点到O点的距离依次为27.94cm、32.78cm、38.02cm、43.65cm、49.66cm、56.07cm。

已知打点计时器所用的电源是50Hz的交流电，重物的质量为0.5kg，则从计时器打下点O到打下点D的过程中，重物减小的重力势能△Ep=______J；重物增加的动能△Ek=______J，两者不完全相等的原因可能是______。

（重力加速度g取9.8m/s2，计算结果保留三位有效数字）

（3）实验小组的同学又正确计算出图乙中打下计数点A、B、C、D、E、F各点的瞬时速度v，以各计数点到A点的距离h′为横轴，v2为纵轴作出图象，如图丙所示，根据作出的图线，能粗略验证自由下落的物体机械能守恒的依据是______。

18.某同学利用图（a）所示电路测量量程为2.5V的电压表

的内阻（内阻为数千欧姆），可供选择的器材有：

电阻箱R（最大阻值99999.9Ω），滑动变阻器R1（最大阻值50Ω），滑动变阻器R2（最大阻值5kΩ），直流电源E（电动势3V），开关1个，导线若干。

实验步骤如下：

①按电路原理图（a）连接线路；

②将电阻箱阻值调节为0，将滑动变阻器的滑片移到与图（a）中最左端所对应的位置，闭合开关S；

③调节滑动变阻器，使电压表满偏；

④保持滑动变阻器滑片的位置不变，调节电阻箱阻值，使电压表的示数为2.00V，记下电阻箱的阻值。

回答下列问题：

（1）实验中应选择滑动变阻器______（填“R1”或“R2”）。

（2）根据图（a）所示电路将图（b）中实物图连线。

（3）实验步骤④中记录的电阻箱阻值为630.0Ω，若认为调节电阻箱时滑动变阻器上的分压不变，计算可得电压表的内阻为________Ω（结果保留到个位）。

（4）如果此电压表是由一个表头和电阻串联构成的，可推断该表头的满刻度电流为________（填正确答案标号）。

A．100μA B．250μA   C．500μA D．1mA

四、计算题（本大题共4小题，共21.0分）

19.

如图所示，某人用轻绳牵住一只质量m=0.6kg的氢气球，因受水平风力的作用，系氢气球的轻绳与水平方向成37°角．已知空气对气球的浮力为15N，人的质量M=50kg，且人受的浮力忽略不计（sin37°=0.6，cos37°=0.8）．

求：

（1）水平风力的大小；

（2）人对地面的压力大小；

（3）若水平风力增强，人对地面的压力如何变化？

（要求说明理由）

20.

如图所示，水平传送带正在以v=4.0m/s的速度匀速顺时针转动，质量为m=1kg的某物块（可视为质点）与传送带之间的动摩擦因数μ=0.1，将该物块从传送带左端无初速度地轻放在传送带上（g取10m/s2）。

（1）如果传送带长度L=4.5m，求经过多长时间物块将到达传送带的右端；

（2）如果传送带长度L=20m，求经过多长时间物块将到达传送带的右端。

21.

一个初速度为零的电子通过电压为U=4500V的电场加速后，从C点沿水平方向飞入电场强度为E=1.5×105V/m的匀强电场中，到达该电场中另一点D时，电子的速度方向与电场强度方向的夹角正好是120°，如图所示．试求C、D两点沿电场强度方向的距离y．

22.

如图所示，竖直平面内的直角坐标系中，X轴上方有一个圆形有界匀强磁场（图中未画出），x轴下方分布有斜向左上与Y轴方向夹角θ=45°的匀强电场；在x轴上放置有一挡板，长0.16m，板的中心与O点重合．今有一带正电粒子从y轴上某点P以初速度v0=40m/s与y轴负向成45°角射入第一象限，经过圆形有界磁场时恰好偏转90°，并从A点进入下方电场，如图所示．已知A点坐标（0.4m，0），匀强磁场垂直纸面向外，磁感应强度大小B=

，粒子的荷质比

=

×103C/kg，不计粒子的重力．问：

（1）带电粒子在圆形磁场中运动时，轨迹半径多大？

（2）圆形磁场区域的最小面积为多少？

（3）为使粒子出电场时不打在挡板上，电场强度应满足什么要求？

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：

A、根据导航仪的提示，不能判断出汽车是否是匀速运动。

由于“前方3公里拥堵”估计不能匀速运动。

故A错误；

B、根据导航仪的提示，不能判断出汽车此时的运动状态。

故B错误；

C、D、由于“前方3公里拥堵，估计需要24分钟通过”，可知通过前方这3公里的过程中，车子的平均速度大约为

km/h；

但不能据此判断出3km以后汽车做怎么样的运动，所以并不能判断出若此时离目的地还有30公里，到达目的地的时间。

故C错误，D正确。

故选：

D。

已知位移与时间，可以据此求出平均速度，但不能判断出运动的性质．由此分析即可．

该题考查对速度的概念组的理解，清楚地理解瞬时速度、平均速度、瞬时速率以及它们之间的区别与联系是解答该题的关键．

2.【答案】C

【解析】解：

重力势能的变化量等于负的重力所做的功，即：

△EP=-WG=-（-mgH）=mgh

物体缓缓提高说明速度不变，所以物体动能不发生变化，

△E弹=WF+WG=WF-mgh＞0，因此人做的功WF＞mgh；故ABD错误C正确。

故选：

C。

重力势能的变化量等于负的重力所做的功，物体缓缓提高说明速度不变，拉力F做的功等于物体重力势能的变化量与弹簧弹性势能增加量之和。

本题主要考查了重力势能的变化量与重力做功的关系以及能量转化关系，难度不大，属于基础题。

3.【答案】A

【解析】解：

A、B、对球B受力分析，受重力、风力和拉力，如左图

，风力为：

F=mBgtanθ，故A正确；

绳对B球的拉力为：

T=

；

当风力增大时，θ增大，则T增大。

故B错误。

C、D、把环和球当作一个整体，对其受力分析，受重力（mA+mB）g、支持力N、风力F和向左的摩擦力f，如右图

根据共点力平衡条件可得：

杆对A环的支持力大小为：

N=（mA+mB）g、

f=F

则A环与水平细杆间的动摩擦因数为：

μ=

=

，故D错误；

对整体分析，竖直方向上杆对环A的支持力NA=（mA+mB）g，故C错误；

故选：

A。

先对球B受力分析，受重力、风力和拉力，根据共点力平衡条件列式分析；对A、B两物体组成的整体受力分析，受重力、支持力、风力和水平向左的摩擦力，再再次根据共点力平衡条件列式分析各力的变化．

本题关键是先对整体受力分析，再对球B受力分析，然后根据共点力平衡条件列式分析求解．

4.【答案】D

【解析】解：

根据F=kx知，图线的斜率表示劲度系数，则k=

。

故选：

D。

根据胡克定律，结合图线的斜率求出弹簧的劲度系数。

解决本题的关键掌握胡克定律F=kx，注意x是形变量，不是弹簧的长度，知道F-x图线的斜率表示劲度系数，基础题。

5.【答案】A

【解析】解：

A、位移是矢量，合成遵循平行四边形定则，合运动的位移为分运动位移的矢量和。

故A正确；

B、根据平行四边形定则，知合位移可能比分位移大，可能比分位移小，可能与分位移相等。

故B错误；

C、根据平行四边形定则，知合速度可能比分速度大，可能比分速度小，可能与分速度相等。

故C错误；

D、合运动与分运动具有等时性，合运动的时间等于分运动的时间，故D错误；

故选：

A。

运动的合成与分解也就是位移、速度、加速度的合成与分解，遵循平行四边形定则．合运动与分运动具有等时性．

解决本题的关键知道位移、速度、加速度的合成分解遵循平行四边形定则，以及知道分运动与合运动具有等时性．

6.【答案】C

【解析】解：

A、运动员在助滑区加速下滑时，加速度有向下的分量，处于失重状态，故A错误；

B、运动员在弧形过渡区做圆周运动，加速度有向上的分量，处于超重状态，故B错误；

C、运动员在跳离弧形过渡区至着陆区之前的过程中，离开轨道，只受重力，处于完全失重状态，故C正确；

D、运动员在减速区减速过程中，加速度有向上的分量，处于超重状态，故D错误；

故选：

C。

失重状态：

当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；

超重状态：

当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度．

本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力变了．

7.【答案】C

【解析】解：

A、通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度，要注意该定义式的条件。

故A错误；

B、磁感应强度B=

是反映磁场力的性质的物理量，与磁场中有无电流元无关。

故B错误；

C、磁感应强度B=

是反映磁场力的性质的物理量，是采用比值的方法来定义的，该公式是定义式而不是决定式，磁场中各处的B值是唯一确定的，与放入该点的检验电流的大小、方向无关。

故C正确；

D、通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度，要注意该定义式的条件是电流元与磁场的方向垂直，所以放置在磁场中的1m长的导线，通以1A的电流，受力为1N，该处的磁感应强度大小不一定等于1T．故D错误。

故选：

C。

根据左手定则可知，磁感应强度的方向与安培力的方向垂直；磁感应强度是描述磁场强弱和方向的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度。

此比值与磁场力及电流元均无关。

本题关键要掌握磁感应强度的物理意义、定义方法，以及磁感应强度与安培力之间的关系，即可进行分析判断。

基础题目。

8.【答案】A

【解析】解：

世界上第一个清楚的、准确的论述磁偏角的是沈括，沈括是中国历史上最卓越的科学家之一，他发现了地磁偏角的存在，比欧洲发现地磁偏角早了四百多年。

故选：

A。

世界上第一个清楚的、准确的论述磁偏角的是沈括，根据所学物理学史知识分析解答．

此题考查了学生对古代科学家所做贡献的掌握．

9.【答案】D

【解析】解：

A、极小星体Q在运动过程中只受到万有引力和静电力，万有引力指向P，静电力是斥力，离背P，由于万有引力始终大于静电力，两者的合力方向始终指向P，与速度方向的夹角先小于90°，后大于90°，则合外力先做正功后做负功，根据动能定理得知从C到B动能增大，从B到A动能减小。

所以Q在A点的动能比B点小。

故A错误。

B、从B到A，静电力一直做正功，星体Q的电势能减小，所以Q在A点的电势能比B点小，故B错误。

C、星体Q与P点的距离在B点最小，根据库仑定律可知Q在A点所受的电场力比B点小，故C错误。

D、根据负电荷的电场线从无穷远处指向负电荷，顺着电场线电势降低，则知星球P产生的电场在A点的电势比B点高，故D正确。

故选：

D。

小星体在运动过程中只受到万有引力和静电力，根据合外力做功正负分析动能的变化．根据电场力做功正负判断电势能的变化．由库仑定律分析电场力的大小．根据负电荷的电场线从无穷远处指向负电荷，顺着电场线电势降低，判断电势的高低．

本题关键要掌握常见的功与能的关系：

动能的变化与合外力做功有关、电势能变化与电场力做功有关，知道负电荷电场线的分布情况，根据电场线的方向可判断电势的高低．

10.【答案】C

【解析】解：

由F=BIL得：

。

故选：

C。

本题中B⊥L，根据安培力的公式F=BIL，即可求电流．

对于安培力公式F=BIL要明确其适用条件以及公式中各个物理量的含义．

11.【答案】C

【解析】解：

A、B、由题意可知，a点的磁感应强度等于三条通电导线在此处叠加而成，相邻的两根电流产生的磁场相互抵消，则由第三根产生磁场，即垂直纸面向外，而b点与a点有相同的情况，相邻的两根电流产生的磁场相互抵消，则由第三根产生磁场，即为垂直纸面向外，而c点三根导线产生磁场方向相同，所以叠加而成的磁场最强，故A错误，B错误；

C、D、由图可知，根据右手螺旋定则可得，a和b处磁场方向垂直于纸面向外，c处磁场方向垂直于纸面向里，故C正确，D错误。

故选：

C。

通电导线周围存在磁场，且离导线越远场强越弱．磁场不但有大小而且有方向，方向相同则相加，方向相反则相减．并根据矢量叠加原理来求解．

根据通电导线周围的磁场对称性、方向性，去确定合磁场强度大小．磁场的方向相同，则大小相加；方向相反的，大小相减．同时考查矢量叠加原理．

12.【答案】B

【解析】解：

AB、据题意，电键K断开与闭合时，ab段电路消耗的电功率相等，K闭合时R2被短路，则有：

，将R1=3Ω、R2=6Ω代入方程不成立，而将R1=4Ω、R2=5Ω代入方程成立。

故A错误，B正确。

C、电键K断开时外电路总电阻大于K闭合时外电路总电阻，则电键K断开时电压表的示数一定大于K闭合时的示数。

故C错误。

D、根据闭合电路欧姆定律得：

U=E-I（R3+r），则电压表的示数变化量大小与电流表的示数变化量大小之比为

，故D错误。

故选：

B。

当K闭合时R2被短路，根据电键K断开与闭合时，ab段电路消耗的电功率相等，列出方程，将电阻R1、R2代入，选择使方程成立的阻值。

根据外电路总电阻的变化，分析电压表示数的大小关系。

根据闭合电路欧姆定律求解电键K断开与闭合时电压表的示数变化量大小与电流表的示数变化量大小之比

本题考查运用闭合电路欧姆定律分析和计算电路问题的能力。

D项也可以根据U-I图象理解，此题注意以电建断开闭合分类讨论。

13.【答案】ABD

【解析】解：

A、在高处的某一点将两个重力相同的小球以相同速率v0分别竖直上抛和竖直下抛，可知小球初始高度相等，质量相等，重力做功为WG=mgh，可知从抛出到刚着地，重力对两球所做的功相等，故A正确。

B、初位置高度大于末位置高度，重力做正功，故从抛出到刚着地，重力分别对两球做的总功都是正功，故B正确。

C、竖直上抛要向上升，在下降，故其运动时间大于竖直下抛的时间，由功率：

可知，从抛出到刚着地，重力对两球的平均功率不相等，故C错误。

D、由动能定理：

，可知落地速度相等，瞬时功率：

P=mgv，故落地重力的瞬时功率相等，故D正确。

故选：

ABD。

在高处的某一点将两个重力相同的小球以相同速率v0分别竖直上抛和竖直下抛，可知小球初始高度相等，质量相等，故可知重力做的功。

由抛出的方式可判定落地时间关系，进而确定重力的平均功率。

由动能定理可判定落地速度，由瞬时功率的表达式判定落地时重力的瞬时功率。

本题重点掌握竖直上抛和竖直下抛的特征，会用重力做功的表达式求重力的功，能正确使用功率的表达式计算平均功率和瞬时功率。

14.【答案】AB

【解析】解：

A、B、C、突然感到背上的背包变轻了，所以人和物体处于失重状态，则电梯的加速度的方向向下，可能向下加速，也可能向上减速。

故A、B正确，C错误；

 D、该同学对电梯地板的压力和地板对该同学的支持力是作用力与反作用力，总是大小相等，方向相反。

故D错误。

故选：

AB。

背上的背包变轻了，说明背包处于失重状态，加速度方向竖直向下，速度可能向上，做减速运动，也可能速度向下，做加速运动．

本题根据牛顿运动定律分析超、失重现象，每种现象对应两种运动情况：

减速上升与加速下降时，物体处于失重状态，反之，处于超重状态．

15.【答案】BD

【解析】解：

A、未加磁场时，根据动能定理，有-mgh-Wf=

．加磁场后，多了洛伦兹力，洛伦兹力不做功根据左手定则，洛伦兹力的方向垂直于斜面向下，所以物体对斜面的压力增大，所以摩擦力变大，摩擦力做的功变大，根据动能定理，有-mgh-Wf′=0-

mv02，Wf′＞Wf，故不能到达A点，故A错误，B正确

C、未加磁场时，根据动能定理，有-mgh-Wf=0-

。

即：

mgh+Wf=

加磁场后向下滑动的过程中，多了洛伦兹力，洛伦兹力不做功，根据动能定理，有mgh-Wf′=

mv2-0＜mgh+Wf，所以v＜v0．故C错误，D正确。

故选：

BD。

未加磁场时，滑块受到重力、支持力，摩擦力，加磁场后，根据左手定则，多了一个垂直斜面向上的洛伦兹力。

两种情况重力做功相同，洛伦兹力不做功，但加磁场时对斜面的正压力发生变化，摩擦力变化，克服摩擦力做功发生变化，根据动能定理，即可比较判断。

解决本题的关键两次运用动能定理，两种情况重力功相同，多了磁场后多了洛伦兹力，洛伦兹力不做功，但导致摩擦力变大，即两种情况摩擦力做功不同，即可判断

16.【答案】ABCD

【解析】解：

A、欧姆表的工作原理是闭合电路的欧姆定律，由I=

，电流I与对应的待测电阻阻值Rx不成正比，电阻的刻度线是不均匀的，刻度值越大处刻度线越密，故A正确；

B、在欧姆表内部黑表笔接的是电源的正极，红表笔是与表内的电源的负极相连，故B正确；

C、测电阻时，首先要把红、黑表笔短接进行调零，然后再去测电阻，故C正确