高考浙江卷理综物理含谜底.docx
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高考浙江卷理综物理含谜底
2015年普通高等学校招生全国统一考试（浙江卷）
理科综合能力测试（物理部分）
一、选择题（本题共17小题。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
）
14．下列说法正确的是
A．电流通过导体的热功率与电流大小成正比
B．力对物体所做的功与力的作用时间成正比
C．电容器所带电荷量与两极板间的电势差成正比
D．弹性限度内，弹簧的劲度系数与弹簧伸长量成正比
15．如图所示，气垫导轨上滑块经过光电门时，其上的遮光条将光遮住，电子计时器可自动
记录遮光时间t，测得遮光条的宽度为x，用
x
为使x更接近瞬时速度，正确的措施是t
A．换用宽度更窄的遮光条
B．提高测量遮光条宽度的精确度
C．使滑块的释放点更靠近光电门
D．增大气垫导轨与水平面的夹角
16．如图所示为静电力演示仪，两金属极板分别固定于绝缘支架上，且正对平行放置。
工作时两板分别接高压直流电源的正负极，表面镀铝的乒乓球用绝缘细线悬挂在金属极板中间，则
A．乒乓球的左侧感应出负电荷
B．乒乓球受到扰动后，会被吸在左极板上
C．乒乓球共受到电场力，重力和库仑力三个力的作用
17．如图所示为足球球门，球门宽为将足球顶入球门的左下方死角（图中
D．用绝缘棒将乒乓球拨到与右极板接触，放开后乒乓球会在两极板间来回碰撞
L，一个球员在球门中心正前方距离球门s处高高跃起，
P点）。
球员顶球点的高度为h．足球做平抛运动（足球
可看做质点，忽略空气阻力）则
A．足球位移大小
v0
B．足球初速度的大小
2ghL42s2
C．足球末速度的大小
2ghL4s24gh
D．足球初速度的方向与球门线夹角的正切值tanL
2s
二、选择题（本题共3小题，在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是符合题目要求的，全部选对得6分，选对但选不选的的3分，有选错的得0分）18．我国科学家正在研制航母舰载机使用的电磁弹射器。
舰载机总质量为3104kg，设起飞
5
过程中发动机的推力恒为1.0105N；弹射器有效作用长度为100m，推力恒定。
要求舰载机在水平弹射结束时速度大小达到80m/s．弹射过程中舰载机所受总推力为弹射器和发动机推力之和，假设所受阻力为总推力的20％，则
A．弹射器的推力大小为1.1106N
B．弹射器对舰载机所做的功为1.1108J
C．弹射器对舰载机做功的平均功率为8.8107W
2
D．舰载机在弹射过程中的加速度大小为32m/s2
19．如图所示为赛车场的一个水平“U”形弯道，转弯处为圆心在O点的半圆，内外半径分别为r和2r．一辆质量为m的赛车通过AB线经弯道到达AB线，有如图所示的①②③三条路线，其中路线③是以O'为圆心的半圆，OOr。
赛车沿圆弧路线行驶时，路面对轮胎的最大径
向静摩擦力为Fmax．选择路线，赛车以不打滑的最大速率通过弯道
所选路线内赛车速率不变，发动机功率足够大），则
A．选择路线①，赛车经过的路程最短
B．选择路线②，赛车的速率最小
C．选择路线③，赛车所用时间最短
D．①②③三条路线的圆弧上，赛车的向心加速度大小相等
20．如图所示，用两根长度相同的绝缘细线把一个质量为0.1kg的小球A悬挂到水平板的MN
两点，A上带有Q3.0106C的正电荷。
两线夹角为1200，两线上的拉力大小分别为F1和
F2．A的正下方0.3m处放有一带等量异种电荷的小球
B，B与绝缘支架的总质量为0.2kg（重
力加速度取g10m/s2；静电力常量k9.0109Nm2/C2，A、B球可视为点电荷）则
A．支架对地面的压力大小为2.0N
B．两线上的拉力大小F1F21.9N
C．将B水平右移，使M、A、B在同一直线上，此时两线上的拉力大小为F11.225N,F21.0N
D．将B移到无穷远处，两线上的拉力大小F1F20.866N
非选择题部分
21．（10分）甲同学准备做“验证机械能守恒定律”实验，乙同学准备做“探究加速度与力、质量的关系”实验。
（1）上图中A、B、C、D、E表示部分实验器材，甲同学需在图中选用的器材
乙同学需在图中选用的器材。
（用字母表示）
①
29303132333435363738cm
②
282930313233343536cm
2）乙同学在实验室选齐所需器材后，经正确操作获得如图所示的两条纸带①和②。
纸带
的加速度大（填①或者②），其加速度大小为.
22．（10分）图1是小红同学在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验的实物连接图。
（1）根据图1画出实验电路图
（2）调节滑动变阻器得到了两组电流表与电压表的示数如图2中的①②③④所示，电流表量
程为0.6A，电压表量程为3V．所示读数为：
①②③④。
两组数据得到的电阻分别为
和
23．如图所示，用一块长L11.0m的木板在墙和桌面间架设斜面，桌面高H=0.8m，长
L21.5m。
斜面与水平桌面的倾角可在0~60°间调节后固定。
将质量m=0.2kg的小物块从
斜面顶端静止释放，物块与斜面间的动摩擦因数10.05，物块与桌面间的动摩擦因数2，
忽略物块在斜面与桌面交接处的能量损失。
（重力加速度取g10m/s2；最大静摩擦力等于滑动摩擦力）
（1）求角增大到多少时，物块能从斜面开始下滑；（用正切值表示）
（2）当增大到37°时，物块恰能停在桌面边缘，求物块与桌面间的动摩擦因数2（已知
sin37=°0.6，cos37°=0.8）
24．小明同学设计了一个“电磁天平”，如图1所示，等臂天平的左臂为挂盘，右臂挂有矩形线圈，两臂平衡。
线圈的水平边长L=0.1m，竖直边长H=0.3m，匝数为N1。
线圈的下边处于匀强磁场内，磁感应强度B01.0T，方向垂直线圈平面向里。
线圈中通有可在0~2.0A范围内调节的电流I。
挂盘放上待测物体后，调节线圈中电流使得天平平衡，测出电流即可测得物体的质量。
（重力加速度取g10m/s2）
（1）为使电磁天平的量程达到0.5kg，线圈的匝数N1至少为多少
2）进一步探究电磁感应现象，另选N2100匝、形状相同的线圈，总电阻R10，不接
外电流，两臂平衡，如图2所示，保持B0不变，在线圈上部另加垂直纸面向外的匀强磁场，25．使用回旋加速器的实验需要把离子束从加速器中引出，离子束引出的方法有磁屏蔽通道法和静电偏转法等。
质量为m，速度为v的离子在回旋加速器内旋转，旋转轨道时半径为r的圆，圆心在O点，轨道在垂直纸面向外的匀强磁场中，磁感应强度为B。
为引出离子束，使用磁屏蔽通道法设计引出器。
引出器原理如图所示，一对圆弧形金属板组成弧形引出通道，通道的圆心位于O'点（O'点图中未画出）。
引出离子时，令引出通道内磁场的磁感应强度降低，从而使离子从P点进入通道，沿通道中心线从Q点射出。
已知OQ长度为L。
OQ与OP的夹角为，
（1）求离子的电荷量q并判断其正负
（2）离子从P点进入，Q点射出，通道内匀强磁场的磁感应强度应降为B'，求B'；
（3）换用静电偏转法引出离子束，维持通道内的原有磁感应强度B不变，在内外金属板间加
直流电压，两板间产生径向电场，忽略边缘效应。
为使离子仍从P点进入，Q点射出，求通
道内引出轨迹处电场强度E的方向和大小。
参考答案
14
15
16
17
18
19
20
C
A
D
B
ABD
ACD
BC
21【答案】
（1）AB；BDE
（2）①（2.50.2）m/s2
【解析】
（1）“验证机械能守恒定律”实验，需要在竖直面上打出一条重锤下落的纸带，即可验证，故选仪器AB；“探究加速度与力、质量的关系”实验需要钩码拉动小车打出一条纸带，故选BDE．
2）纸带①中前第l、2点与第2、3点的位移差为连续相等时间内位移差
Δx1=（32.40–30.70）–（30.70–29.10）=0.1（cm）；纸带①中前第l、2点与第2、3点的位移差为连续相等时间内位移差Δx2=（31.65–29.00）–（29.00–27.40）=0.05（cm）；由匀变速直线运动Δx=aT2，可
知纸带①加速度大为a=Δx/T2=2.5m/s2．
22【答案】
（1）如图
（2）①0.10A、②0.24A、③2.00V、④0.27V．
8.30.1）Ω和（2.70.1）Ω，如填为（2.70.1）Ω和（8.30.1）Ω也行。
解析】
（1）从实物图中可知电压表测量灯泡两端电压，电流表采用外接法，滑动变阻器采用分压接法，故电路图如图所示
（2）电流表的量程为0.6A，最小分度值为0.02A，①的读数为0.10A，②的读数为0.24A，电压表量程为3V，最小分度值为0.1V，③的读数为2.00V，④的读数为0.27V．由I=U/R知：
①④为同组数据得电阻为2.7Ω，②③为另组数据得电阻为8.3Ω．
23【答案】
（1）tan0.05
（2）2=0.8（3）1.9m
解析】
（1）为使小物块下滑mgsin1mgcos
满足的条件tan0.05
2）克服摩擦力做功Wf1mgL1cos2mg（L2L1cos）
由动能定理得mgL1sin-Wf0
代入数据得2=0.8
12
3）由动能定理得mgL1sin-Wfmv2
代入数据得v=1m/s
1
2g
t=0.4s
x1vt
x10.4m
xmx1L21.9m
B
24【答案】
（1）N1=25匝
（2）0.1T/s
t
【解析】
（1）线圈受到安培力
FN1B0IL
天平平衡mg=N1B0IL
代入数据得N1=25匝
（2）由电磁感应定律得
EN2
2t
B
EN2Ld
2t
由欧姆定律得I'E
R
线圈受到安培力FN2B0IL
天平平衡mgN2B0BdL2
tR
代入数据可得B0.1T/st
mv（2r2Lcos）
q（r2L22rLcos）
3）EBv
mv2（2r2Lcos）
22
q（r2L22rLcos）
解析】
（1）离子做圆周运动
mv
Bqv
r
mv
25【答案】
（1）q，正电荷
（2）
Br
2
mv
q，正电荷
Br
（2）如图所示
O?
Q=R，OQ=L，O?
O=R–r
2
引出轨迹为圆弧Bqvmv
R
mvRqB
根据几何关系得
r2L22rLcos
2r2Lcos
mvmv（2r2Lcos）qRq（r2L22rLcos）
3）电场强度方向沿径向向外
2引出轨迹为圆弧BqvEqmvR
2
EBvmv22（2r22Lcos）
q（r2L22rLcos）
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