学年北京市丰台区高二上学期期中化学试题解析版.docx
《学年北京市丰台区高二上学期期中化学试题解析版.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《学年北京市丰台区高二上学期期中化学试题解析版.docx（29页珍藏版）》请在冰点文库上搜索。
学年北京市丰台区高二上学期期中化学试题解析版
2018-2019学年北京市丰台区高二（上）期中化学试卷
一、单选题（本大题共25小题，共50.0分）
1.下列有机化合物的分类不正确的是（ ）
A
B
C
D
苯的同系物
芳香化合物
烯烃
醇
A.AB.BC.CD.D
【答案】A
【解析】解：
A．
中不含苯环，不是苯的同系物，属于环烷烃，故A错误；
B．
含有苯环，是芳香族化合物，故B正确；
C．
含有碳碳双键，属于不饱和烃，故C正确；
D．
中-OH没有直接连接苯环，二者芳香烃侧链中的氢原子被羟基取代，属于醇，故D正确；
故选：
A。
A．苯的同系物符合：
①只有一个苯环；②侧链为烷基；③具有通式CnH2n-6（n≥6）；
B．含有苯环的化合物为芳香族化合物；
C．含有碳碳双键的烃为烯烃；
D．芳香烃侧链中的氢原子被羟基取代，属于醇．
本题考查有机物的分类、结构，比较基础，注意对概念的理解，注意酚类与芳香醇的区别．
2.可以准确判断有机化合物含有哪些官能团的分析方法是（ ）
A.李比希燃烧法B.红外光谱法
C.质谱法D.核磁共振氢谱法
【答案】B
【解析】解：
A．李比希燃烧法可确定元素的种类，故A不选；
B．红外光谱法可确定有机物分子中含有的官能团，故B选；
C．质谱法可确定分子的相对分子质量，故C不选；
D．核磁共振氢谱法可确定分子中不同位置的H的数目，故D不选。
故选：
B。
利用红外光谱法可确定有机物分子中含有的官能团，以此解答该题。
本题考查有有机物的官能团与性质的关系，为高频考点，侧重考查学生的分析能力，题目难度不大，注意有机物结构的测定方法即可解答。
3.下列有关化学用语表示正确的是（ ）
A.乙烷的实验式C2H6B.乙醇的结构式CH3CH2OH
C.羟基电子式
D.1，3-丁二烯的分子式：
C4H8
【答案】C
【解析】解：
A．实验式是分子中原子个数的最简整数比，乙烷的实验式CH3，故A错误；
B．乙醇的结构式为
，故B错误；
C．羟基含有9个电子，羟基电子式为
，故C正确；
D．1，3-丁二烯的分子中含有2个碳碳双键，通式为CnH2n-2，则1，3-丁二烯的分子式为C4H6，故D错误。
故选：
C。
A．实验式是分子中原子个数的最简整数比；
B．结构式中C-H中的短线不能省略；
C．羟基含有9个电子；
D．1，3-丁二烯的分子中含有2个碳碳双键，通式为CnH2n-2。
本题考查了常见化学用语的表示方法，涉及结构简式、结构式、电子式等知识，明确常见化学用语的书写原则为解答关键，培养学生解题规范的能力。
4.下列各组混合物中能用分液漏斗进行分离的是（ ）
A.乙醇和水B.苯和甲苯C.溴乙烷和水D.乙醇和乙酸
【答案】C
【解析】解：
题中乙醇和水、苯和甲苯、乙醇和乙酸混溶，溶液不分层，不能用分液的方法分离，而溴乙烷不溶于水，液体分层，可用分液漏斗分离，
故选：
C。
两种液体不能相互溶解，混合后分层，则能用分液漏斗进行分离，以此解答该题。
本题考查混合物的分离，为高频考点，把握物质的溶解性及分液原理为解答的关键，明确混合后分层能用分液漏斗进行分离，题目难度不大。
5.下列有机物的命名正确的是（ ）
A.3-甲基2-乙基戊烷B.2，3，3-三甲基丁烷
C.2-甲基-3-丁炔D.3，3-二甲基-1-丁烯
【答案】D
【解析】解：
A、烷烃命名时，应选最长的碳链为主链，故主链上有6个碳原子，在3号和4号碳原子上各有一个甲基，故名称为3，4-二甲基己烷，故A错误；
B、烷烃命名时，当两端离支链一样近时，应从支链多的一端开始编号，故此烷烃的正确的名称为2，2，3-三甲基丁烷，故B错误；
C、炔烃命名时，应从离官能团近的一端给主链上的碳原子进行编号，故碳碳三键在1号和2号碳原子之间，在3号碳原子上有一个甲基，故名称为3-甲基-1-丁炔，故C错误；
D、烯烃命名时，应选含官能团的最长的碳链为主链，故主链上有4个碳原子，从离官能团近的一端给主链上的碳原子进行编号，故在1号和2号碳原子之间有碳碳双键，在3号碳原子上有两个甲基，故名称为3，3-二甲基-1-丁烯，故D正确。
故选：
D。
A、烷烃命名时，应选最长的碳链为主链；
B、烷烃命名时，当两端离支链一样近时，应从支链多的一端开始编号；
C、炔烃命名时，应从离官能团近的一端给主链上的碳原子进行编号；
D、烯烃命名时，应选含官能团的最长的碳链为主链，从离官能团近的一端给主链上的碳原子进行编号，并表示出官能团和支链的位置。
本题考查了烷烃、烯烃和炔烃命名的正误判断，难度不大，应注意烃类命名原则的要点。
6.四种常见有机物的比例模型如下图。
下列说法正确的是
A.乙可与溴水发生取代反应而使溴水褪色
B.甲能使酸性KMnO4溶液褪色
C.丙中的碳碳键是介于碳碳单键和碳碳双键之间的特殊的键
D.丁为醋酸分子的比例模型
【答案】C
【解析】【分析】
本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的结构、比例模型、官能团与性质、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项C为解答的易错点，题目难度不大。
由比例模型图可知，甲为甲烷，乙为乙烯，丙为苯，丁为乙醇，
A.乙烯含碳碳双键，与溴水发生加成反应，故A错误；
B.甲烷与高锰酸钾不反应，高锰酸钾不褪色，故B错误；
C.苯中不含碳碳双键，其碳碳键是介于碳碳单键和碳碳双键之间的特殊的键，故C正确；
D.丁中官能团为-OH，且含2个C，为乙醇，故D错误。
故选C。
7.含有一个三键的炔烃，氢化后的产物结构简式为：
，此炔烃可能的结构简式有（ ）
A.1种B.2种C.3种D.4种
【答案】B
【解析】解：
根据炔烃与H2加成反应的原理，推知该烷烃分子中相邻碳原子上均带2个氢原子的碳原子间是对应炔存在C≡C的位置。
有如图
所示的3个位置可以还原C≡C键，其中1、2两位置相同，故该炔烃共有2种，
故选：
B。
加成反应指有机物分子中的不饱和键断裂，断键原子与其他原子或原子团相结合，生成新的化合物的反应．根据加成原理采取逆推法还原C≡C三键，烷烃分子中相邻碳原子上均带2个氢原子的碳原子间是对应炔存在C≡C的位置．还原三键时注意：
先判断该烃结构是否对称，如果对称，只考虑该分子一边的结构和对称线两边相邻碳原子即可；如果不对称，要全部考虑，然后各去掉相邻碳原子的2个氢原子还原C≡C．
本题以加成反应为载体，考查同分异构体的书写，题目难度中等，理解加成反应原理是解题的关键，采取逆推法还原碳碳三键，注意分析分子结构是否对称，防止重写、漏写．
8.下列物质中，沸点最高的是（ ）
A.乙烷B.乙醇C.乙二醇D.丙三醇
【答案】D
【解析】解：
乙醇和乙二醇与乙烷比较，乙醇和乙二醇含有氢键，沸点较高，在常温下为液体，而乙烷为气体；
乙醇和乙二醇相比较，乙二醇的相对分子质量较大，含有的氢键数目较多，则沸点比乙醇的高，则同理乙二醇与丙三醇相比较，沸点最高的为丙三醇，
故选：
D。
题中涉及物质都为分子晶体，其中B、C、D含有氢键，则沸点较高，结合性对分子质量以及氢键数目的多少解答。
本题考查物质的沸点比较，侧重于学生的分析能力的考查，注意把握影响沸点高低的因素，难度不大，题中注意氢键与分子间作用的区别和联系。
9.除去下列物质中的少量杂质（括号内），选用的试剂和分离方法不能达到实验目的是（ ）
混合物
试剂
分离方法
A
粗苯甲酸（泥沙等）
水
重结晶
B
乙酸乙酯（乙酸）
饱和碳酸钠溶液
分液
C
乙炔（硫化氢）
硫酸铜溶液
洗气
D
苯（苯酚）
溴水
过滤
A.AB.BC.CD.D
【答案】D
【解析】解：
A．苯甲酸的溶解度受温度影响大，可用重结晶分离，故A正确；
B．乙酸乙酯不溶于饱和碳酸钠溶液，乙酸与碳酸钠反应而被吸收，可分离，故B正确；
C．硫化氢能与硫酸铜反应生成硫化铜和硫酸，可以除去杂质，故C正确；
D．溴、三溴苯酚均溶于苯，不能除杂，应加NaOH溶液、分液除杂，故D错误。
故选：
D。
A．苯甲酸的溶解度受温度影响大；
B．乙酸乙酯不溶于饱和碳酸钠溶液，乙酸与碳酸钠反应而被吸收；
C．硫化氢能与硫酸铜反应生成硫化铜和硫酸；
D．溴、三溴苯酚均溶于苯．
本题考查物质的分离、提纯，侧重于学生的分析能力和实验能力的考查，为高频考点，注意把握物质的性质的异同，根据性质的差别选择分离方法，难度不大．
10.1mol某气态烃能与1mol氯化氢发生加成反应，加成后的产物又可与7mol氯气发生完全的取代反应，则该烃的结构简式为（ ）
A.CH2=CH2B.CH3CH=CH2
C.CH3CH2CH=CH2D.CH3CH2CH2CH=CH2
【答案】B
【解析】解：
烯烃和HCl发生加成反应时，烯烃中碳碳双键物质的量与所需HCl的物质的量相等，1mol某气态烃能与1mol氯化氢发生加成反应，说明该气态烃中含有1个碳碳双键；卤代烃和氯气发生取代反应时，卤代烃中氢原子的物质的量与所需氯气的物质的量相等，说明该卤代烃中含有7个H原子，且其中一个H原子为加成得到的，所以该烯烃中含有6个H原子，符合条件的为B，
故选：
B。
烯烃和HCl发生加成反应时，烯烃中碳碳双键物质的量与所需HCl的物质的量相等；卤代烃和氯气发生取代反应时，卤代烃中氢原子的物质的量与所需氯气的物质的量相等，据此分析解答．
本题考查有机物结构和性质，为高频考点，侧重考查学生分析推断能力，明确官能团及其性质关系是解本题关键，注意双键、H原子与发生加成反应、取代反应时需要物质的关系，题目难度不大．
11.若丙醇中的氧原子为18O，它和乙酸反应生成的酯的相对分子质量为（ ）
A.102B.104C.120D.122
【答案】B
【解析】解：
酸与醇反应的原理为酸脱羟基，醇脱氢，故丙醇与乙酸反应的原理为：
CH3COOH+CH3CH2CH218OH
CH3CO18OCH2CH2CH3+H2O，故CH3CO18OCH2CH2CH3的相对分子质量为5×12+16+18+10×1=104，
故选：
B。
根据酸与醇反应的实质进行分析得出正确结论．酯化反应的反应机理是酸脱羟基，醇脱氢，据此分析．
酯化反应是高考热点题型，每年高考必考．本题重点考查了酯化反应的实质，酸脱羟基，醇脱氢．
12.用核磁共振仪对分子式为C3H8O的有机物进行分析，核磁共振氢谱有三个峰，峰面积之比是1：
1：
6，则该化合物的结构简式为（ ）
A.CH3-O-CH2-CH3B.CH3CH（OH）CH3
C.CH3CH2CH2OHD.C3H7OH
【答案】B
【解析】解：
A．含3种H，且原子个数比为3：
2：
3，故A不选；
B．含3种H，且原子个数比为1：
1：
6，故B选；
C．含4种H，故C不选；
D．C3H7OH若为2-丙醇含3种H，若为1-丙醇含4种H，故D不选；
故选：
B。
磁共振氢谱有三个峰，峰面积之比是1：
1：
6，可知含3种H，且原子个数比为1：
1：
6，以此来解答。
本题考查有机物的结构，为高考常见题型，把握H的种类及个数为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意对称性的应用，题目难度不大。
13.下列烃的一卤代物同分异构体数目最多的是（ ）
A.乙烷B.2-甲基丙烷
C.2，2-二甲基丙烷D.2，2-二甲基丁烷
【答案】D
【解析】解：
A、乙烷的结构简式为CH3CH3，分子中含有1种氢原子，其一氯代物有1种异构体；
B、2-甲基丙烷的结构简式为CH3CH（CH3）2，分子中含有2种氢原子，其一氯代物有2种异构体；
C、2，2-二甲基丙烷的结构简式为C（CH3）4，分子中含有1种氢原子，其一氯代物有1种异构体；
D、2，2-二甲基丁烷的结构简式为（CH3）3CCH2CH3，分子中含有3种氢原子，其一氯代物有3种异构体；
故选：
D。
根据分子中等效H原子判断一氯代物异构体数，分子中由几种H原子，其一氯代物就有几种异构体．
本题考查同分异构体的书写与判断，难度中等，注意根据物质名称写出结构简式判断等效氢是解题的关键．
14.“绿色化学”对化学反应提出了“原子经济性”（原子节约）的新概念及要求，理想原子经济性反应是原料分子中的原子全部转化成所需要的产物，实现零排放。
下列反应类型一定符合这一要求的是。
（ ）
（1）取代反应
（2）加成反应 （3）消去反应 （4）水解反应 （5）酯化反应 （6）氧化反应。
A.
（2）B.
（1）（4）C.（3）（5）D.
（2）（6）
【答案】A
【解析】解：
（1）取代反应、（3）消去化反应、（4）水解反应、（5）酯化反应、（6）氧化反应这四种反应生成物不止一种，且有副产物产生，不符合原子经济理念；
（2）加成反应中原料分子中的原子全部转化成所需要的产物，且不产生副产物，原子利用率高达100%，符合原子经济理念；
故选：
A。
原子经济性反应是原料分子中的原子全部转化成所需要的产物，不产生副产物，实现零排放，以此解答。
本题以绿色化学为载体，考查反应类型的特点，正确把握原子经济理念解反应的特点是解本题关键，题目难度不大。
15.为了鉴定卤代烃中所含的卤素原子，要经过①加入AgNO3溶液；②加热；③用HNO3酸化；④加入NaOH溶液，其中正确的实验顺序是（ ）
A.④②③①B.①②③④C.④①③②D.④①②③
【答案】A
【解析】解：
为了检验溴乙烷中含有溴元素，不能直接向溴乙烷中滴加硝酸银溶液来检验，是因为溴乙烷中不含有溴离子；
检验溴乙烷中含有溴元素一定要将之转化为溴离子，可以采用卤代烃的水解方法生成卤离子，即加入氢氧化钠选④，加热，发生水解反应生成NaBr选②，用HNO3酸化溶液至溶液呈酸性选③，最后加入硝酸银溶液，生成淡黄色沉淀，则证明含溴元素选①，
即操作顺序为④②③①。
故选：
A。
检验溴乙烷中溴元素使卤代烃中的卤素原子变为卤离子，溴乙烷可以在氢氧化钠水溶液中水解生成卤离子，再加入硝酸酸化，最后加入硝酸银，观察是否有黄色沉淀生成，据此即可解答．
本题考查有机物的结构和性质，注意溴乙烷中不含溴离子，明确卤离子的转化是解答的关键，水解后加酸至酸性为解答的易错点，题目难度不大．
16.化学式为C4H8的链状烃有（考虑顺反异构体）（ ）
A.3种B.4种C.5种D.6种
【答案】B
【解析】解：
C4H8中属于烯烃的同分异构体有CH2=CH-CH2CH3、CH2=C（CH3）2、
、
，故符合条件的同分异构体有4种，
故选：
B。
烯烃具有顺反异构，C=C双键不饱和的同一C原子上连接2个不同的原子或原子团，据此书写判断．
本题考查同分异构体的书写，难度不大，注意烯烃具有顺反异构，满足C=C双键不饱和的同一C原子上连接2个不同的原子或原子团．
17.
十九大报告提出将我国建设成为制造强国，2020年我国“PX”产能将达到3496万吨/年。
有机物（烃）“PX”的结构模型如图，下列说法错误的是（ ）
A.“PX”的分子式为C8H10
B.“PX”的二氯代物共有6种（不考虑立体异构）
C.“PX”分子中，最多有14个原子共面
D.可用酸性KMnO4溶液鉴别“PX”与苯
【答案】B
【解析】解：
A．由球棍模型可知有机物含有8个C、10个H，分子式为C8H10，故A正确；
B．如一个氯原子在甲基上，另一个氯原子有3种位置，如1个氯原子在苯环上，另一个氯原子在苯环的位置有3种，另外两个氯原子可同在一个甲基上，共7种，故B错误；
C．与苯环直接相连的原子共平面，结合三点确定一个平面，两个甲基各有一个H原子可能共平面，共14个，故C正确；
D．苯环连接甲基，具有甲苯的性质，可被酸性高锰酸钾氧化，故D正确。
故选：
B。
由球棍模型可知有机物为
，含有苯环和甲基，结合苯以及甲烷的结构和性质解答该题。
本题考查有机物的结构和性质，为高频考点，侧重考查学生的分析能力，注意把握有机物的结构特点，把握同分异构体的判断，难度不大。
18.可用于鉴别乙醇、甲酸、乙醛、乙酸4种无色液体的一种试剂是（ ）
A.水B.新制Cu（OH）2C.NaOH溶液D.石蕊试剂
【答案】B
【解析】解；A．四种有机物都溶于水，不能鉴别，故A错误；
B．加入新制Cu（OH）2悬浊液，乙醇不反应，乙醛在加热时生成砖红色沉淀，乙酸和氢氧化铜发生中和反应，氢氧化铜溶解，甲酸能溶解氢氧化铜，含有醛基，加热时有砖红色沉淀生成，可鉴别，故B正确；
C．氢氧化钠溶液不能鉴别乙醇、乙醛，二者都不反应，也不能鉴别乙酸、甲酸，没有明显的现象，故C错误；
D．乙醇、乙醛溶液呈中性，乙酸、甲酸溶液呈酸性，用石蕊试剂不能鉴别，故D错误。
故选：
B。
四种有机物都易溶于水，其中乙醛含有-CHO，具有还原性，可用新制Cu（OH）2悬浊液检验，乙酸具有酸性，甲酸既具有酸性又具有还原性，以此选择鉴别试剂．
本题考查有机物的鉴别，为高频考点，侧重于学生的分析、实验能力的考查，题目难度中等，本题注意把握常见有机物的性质和鉴别方法，鉴别有机物时，要有明显的现象．
19.下列各物质中既能发生消去反应又能催化氧化，并且催化氧化的产物是醛的（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】D
【解析】解：
A．不能发生催化氧化，可发生消去反应，故A错误；
B．能发生催化氧化，但不能发生消去反应，故B错误；
C．能发生催化氧化、发生消去反应，但氧化产物为丙酮，不能发生银镜反应，故C错误；
D．能发生消去反应，催化氧化可生成醛，能发生银镜反应，故D正确。
故选：
D。
既能发生消去反应又能催化氧化，说明-OH邻位C原子有H原子，且与-OH相连的C原子上有H原子，并且催化氧化的产物是醛，则应含有R-CH（R'）-CH2OH的结构特点．
本题考查有机物的结构和性质，题目难度中等，本题注意醇类物质发生消去、催化氧化反应与结构的关系，注意把握相关规律，为易错点．
20.分子式C4H8O2的有机物与硫酸溶液共热可得有机物A和B．将A氧化最终可得C，且B和C为同系物．若C可发生银镜反应，则原有机物的结构简式为（ ）
A.HCOOCH2CH2CH3B.CH3COOCH2CH3
C.CH3CH2COOCH3D.HCOOCH（CH3）2
【答案】C
【解析】解：
分子式C4H8O2的有机物与硫酸溶液共热可得有机物A和B，C4H8O2可为酯，水解生成酸和醇，将A氧化最终可得C，且B和C为同系物，说明A为醇，B和C为酸，C可发生银镜反应，则C为HCOOH，则A应为CH3OH，B为CH3CH2COOH，对应的酯的结构简式为CH3CH2COOCH3，
故选：
C。
分子式C4H8O2的有机物与硫酸溶液共热可得有机物A和B，C4H8O2可为酯，水解生成酸和醇，将A氧化最终可得C，且B和C为同系物，说明A为醇，B和C为酸，C可发生银镜反应，则C为HCOOH，则A应为CH3OH，B为CH3CH2COOH，以此可判断该有机物的结构简式．
本题考查有机物的推断，题目难度不大，明确有机物的性质以及相互之间的转化为解答该题的关键，注意A、B、C的关系．
21.下列有关甲苯的实验事实中，能说明侧链对苯环性质有影响的是（ ）
A.甲苯燃烧产生大量黑烟
B.1mol甲苯与3mol H2发生加成反应
C.甲苯能使酸性KMnO4溶液褪色而甲烷不能
D.苯在50～60°C时发生硝化反应而甲苯在30°C时即可
【答案】D
【解析】解：
A．甲苯含碳量高，燃烧有黑烟，与组成元素有关，故A不选；
B．甲苯含苯环，1mol甲苯与3molH2发生加成反应，故B不选；
C．苯环影响甲基，则甲苯能被高锰酸钾氧化，为苯环影响侧链，故C不选；
D．苯在50～60°C时发生硝化反应而甲苯在30°C时即可，可知甲基影响苯环，故D选；
故选：
D。
A．甲苯含碳量高，燃烧有黑烟；
B．甲苯含苯环；
C．苯环影响甲基，则甲苯能被高锰酸钾氧化；
D．苯在50～60°C时发生硝化反应而甲苯在30°C时即可，可知甲基影响苯环。
本题考查有机物的结构与性质，为高考常见题型，把握有机物的结构、性质及有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项C为解答的易错点，题目难度不大。
22.
用如图所示装置检验乙烯时不需要除杂的是（ ）
乙烯的制备
试剂X
试剂Y
A
CH3CH2Br与NaOH乙醇溶液共热
水
KMnO4酸性溶液
B
CH3CH2Br与NaOH乙醇溶液共热
水
Br2的CCl4溶液
C
C2H5OH与浓H2SO4加热至170℃
NaOH溶液
KMnO4酸性溶液
D
C2H5OH与浓H2SO4加热至170℃
NaOH溶液
Br2的CCl4溶液
A.AB.BC.CD.D
【答案】B
【解析】解：
A．溴乙烷的消去反应：
+NaOH
CH2=CH2↑+NaBr+H2O，利用KMnO4+CH2=CH2+H2SO4→CO2↑+K2SO4+MnSO4+H2O，导致酸性KMnO4溶液褪色，检验乙烯；但乙烯中含有杂质乙醇，乙醇能与KMnO4酸性溶液反应，5C2H5OH+4KMnO4+6H2SO4→5CH3COOH+4MnSO4+11H2O+2K2SO4，使KMnO4酸性溶液褪色，故需用水分离，乙醇能和水任意比互溶，而乙烯难溶于水，故A正确；
B．CH3CH2Br与NaOH乙醇溶液共热含有的杂质乙醇，乙醇不与Br2的CCl4溶液反应，无需分离乙醇和乙烯，故B错误；
C．乙醇在浓硫酸加热170℃发生消去反应生成乙烯气体，CH3-CH2-OH
CH2=CH2↑+H2O，同时乙醇和浓硫酸在170℃以上能发生氧化反应，生成黑色碳、二氧化硫气体和水，反应为C2H5OH+2H2SO4
2C+2SO2↑+5H2O，含有杂质乙醇、二氧化硫、二氧化碳，二氧化硫、乙醇能与KMnO4酸性溶液反应，2KMnO4+5SO2+2H2O=K2SO4+2MnSO4+2H2SO4，导致酸性KMnO4溶液褪色，5C2H5OH+4KMnO4+6H2SO4→5CH3COOH+4MnSO4+11H2O+2K2SO4，使KMnO4酸性溶液褪色，故需用NaOH溶液分离，NaOH溶液能溶解乙醇，能和二氧化硫反应，故C正确；
D．乙醇在浓硫酸加热170℃发生消去反应会有杂质乙醇、二氧化硫、二氧化碳，二氧化硫能与Br2的CCl4溶液反应，SO2+2H2O+Br2=H2SO4+2HBr，乙醇与水互溶，二氧化碳不影响乙烯的检验，需用氢氧化钠除去二氧化硫，故D正确；
故选：
B。
CH3CH2Br与NaOH乙醇溶液共热制备的乙烯中含有乙醇，乙烯和乙醇都能使KMnO4酸性溶液褪色；乙醇不与Br2的CCl4溶液反应；
乙醇和浓硫酸在170℃以上能发生氧化反应，生成黑色碳、二氧化硫气体和水，二氧化硫、乙醇能与KMnO4酸性溶液反应，SO2中+4价S具有还原性，能还原酸性KMnO4溶液，使其紫色褪去，乙醇也能被KMnO4酸性溶液氧化，乙烯能与Br2的CCl4溶液反应使其褪色，以此解答该题。
本题考查化学
升级会员 