普通高等学校招生全国统一考试江苏卷化学.docx

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普通高等学校招生全国统一考试江苏卷化学

2018年普通高等学校招生全国统一考试（江苏卷）化学

一、单项选择题共10小题，每小题2分，共20分

1.（2分）CO2是自然界碳循环中的重要物质。

下列过程会引起大气中CO2含量上升的是（）

A.光合作用

B.自然降雨

C.化石燃料的燃烧

D.碳酸盐的沉积

解析：

A.光合作用是叶绿素吸收二氧化碳生成氧气，过程中不会引起大气中CO2含量上升，故A错误；

B.自然降雨过程中，空气中二氧化碳部分溶于水，过程中不会引起大气中CO2含量上升，故B错误；

C.化石燃料为煤、石油、天然气等，都含碳元素，化石燃料的燃烧过程中都会生成二氧化碳气体，过程会引起大气中CO2含量上升，故C正确；

D.碳酸盐的沉积是碳元素减少的过程，过程中不会引起大气中CO2含量上升，故D错误；

答案：

C

2.（2分）用化学用语表示NH3+HCl═NH4Cl中的相关微粒，其中正确的是（）

A.中子数为8的氮原子：

N

B.HCl的电子式：

C.NH3的结构式：

D.Cl﹣的结构示意图：

解析：

A.中子数为8的氮原子的质量数=8+7=15，噶原子正确的表示方法为：

157N，故A错误；

B.HCl为共价化合物，电子式中不能标出电荷，其正确的电子式为

，故B错误；

C.氨气为共价化合物，分子中含有3个N﹣H键，NH3的结构式

，故C正确；

D.

为氯原子结构示意图，氯离子的最外层含有8个电子，其正确的离子结构示意图为

，故D错误。

答案：

C

3.（2分）下列有关物质性质与用途具有对应关系的是（）

A.NaHCO3受热易分解，可用于制胃酸中和剂

B.SiO2熔点高硬度大，可用于制光导纤维

C.Al2O3是两性氧化物，可用作耐高温材料

D.CaO能与水反应，可用作食品干燥剂

解析：

A.碳酸氢钠与盐酸反应，可用作胃酸中和剂，与NaHCO3的稳定性无关，故A错误；

B.SiO2可用于制光导纤维，利用的是二氧化硅的导光性，与其熔点无关，故B错误；

C.由于Al2O3具有较高熔点，可用作耐高温材料，与Al2O3是两性氧化物无关，故C错误；

D.由于CaO与水发生反应，且无毒，可用作食品干燥剂，故D正确。

答案：

D

4.（2分）室温下，下列各组离子在指定溶液中能大量共存的是（）

A.0.1mol•L﹣1KI溶液：

Na+、K+、ClO﹣、OH﹣

B.0.1mol•L﹣1Fe2（SO4）3溶液：

Cu2+、NH4+、NO3﹣、SO42﹣

C.0.1mol•L﹣1HCl溶液：

Ba2+、K+、CH3COO﹣、NO3﹣

D.0.1mol•L﹣1NaOH溶液：

Mg2+、Na+、SO42﹣、HCO3﹣

解析：

A.ClO﹣能够氧化KI，在溶液中不能大量共存，故A错误；

B.Cu2+、NH4+、NO3﹣、SO42﹣之间不反应，都不与Fe2（SO4）3反应，在溶液中能够大量共存，故B正确；

C.CH3COO﹣与HCl反应生成弱电解质CH3COOH，在溶液中不能大量共存，故C错误；

D.Mg2+、HCO3﹣与NaOH溶液反应，在溶液中不能大量共存，故D错误。

答案：

B

5.（2分）下列有关从海带中提取碘的实验原理和装置能达到实验目的是（）

A.用装置甲灼烧碎海带

B.用装置乙过滤海带灰的浸泡液

C.用装置丙制备用于氧化浸泡液中I﹣的Cl2

D.用装置丁吸收氧化浸泡液中I﹣后的Cl2尾气

解析：

A.需要在坩埚中灼烧海带，不能用烧杯灼烧，故A错误；

B.装置乙中装置及操作均合理，可用装置乙过滤海带灰的浸泡液，故B正确；

C.装置丙中缺少加热装置，无法获得氯气，故C错误；

D.氯气难溶于饱和氯化钠溶液，应该为NaOH溶液吸收多余的氯气，故D错误。

答案：

B

6.（2分）下列有关物质性质的叙述一定不正确的是（）

A.向FeCl2溶液中滴加NH4SCN溶液，溶液显红色

B.KAl（SO4）2•12H2O溶于水可形成Al（OH）3胶体

C.NH4Cl与Ca（OH）2混合加热可生成NH3

D.Cu与FeCl3溶液反应可生成CuCl2

解析：

A.铁离子与NH4SCN溶液反应，溶液变红色，而亚铁离子不与NH4SCN反应，故A错误；

B.KAl（SO4）2•12H2O溶于水电离出铝离子，铝离子水解可形成Al（OH）3胶体，故B正确；

C.实验室中通常利用加热NH4Cl、Ca（OH）2固体混合物制取NH3，故C正确；

D.Cu与FeCl3溶液发生氧化还原反应生成FeCl2和CuCl2，故D正确。

答案：

A

7.（2分）下列指定反应的离子方程式正确的是（）

A.饱和Na2CO3溶液与CaSO4固体反应：

CO32﹣+CaSO4⇌CaCO3+SO42﹣

B.酸化NaIO3和NaI的混合溶液：

I﹣+IO3﹣+6H+═I2+3H2O

C.KClO碱性溶液与Fe（OH）3反应：

3ClO﹣+2Fe（OH）3═2FeO42﹣+3Cl﹣+4H++H2O

D.电解饱和食盐水：

2Cl﹣+2H+

Cl2↑+H2↑

解析：

A.饱和Na2CO3溶液与CaSO4固体反应生成碳酸钙沉淀和硫酸钠，该反应的离子方程式为：

CO32﹣+CaSO4⇌CaCO3+SO42﹣，故A正确；

B.酸化NaIO3和NaI发生氧化还原反应，正确的离子方程式为：

5I﹣+IO3﹣+6H+═3I2+3H2O，故B错误；

C.碱性溶液中，反应产物不能存在氢离子，正确的离子方程式为：

3ClO﹣+2Fe（OH）3+4OH¯=2FeO42﹣+3Cl﹣+5H2O，故C错误；

D.用惰性电极电解饱和食盐水时，阳极上氯离子放电生成氯气，阴极上氢离子放电生成氢气，同时溶液中生成氢氧化钠，水不能拆开，正确的离子方程式为：

2Cl﹣+2H2O

2OH﹣+H2↑+Cl2↑，故D错误。

答案：

A

8.（2分）短周期主族元素X、Y、Z、W原子序数依次增大，X是地壳中含量最多的元素，Y原子的最外层只有一个电子，Z位于元素周期表ⅢA族，W与X属于同一主族。

下列说法正确的是（）

A.原子半径：

r（W）＞r（Z）＞r（Y）

B.由X、Y组成的化合物中均不含共价键

C.Y的最高价氧化物的水化物的碱性比Z的弱

D.X的简单气态氢化物的热稳定性比W的强

解析：

短周期主族元素X、Y、Z、W原子序数依次增大，X是地壳中含量最多的元素，为O元素；Y原子的最外层只有一个电子且原子序数大于X，则Y为Na元素；Z位于元素周期表ⅢA族，且原子序数大于Y，则Z为Al元素；W与X属于同一主族且为短周期元素，则W为S元素，即X、Y、Z、W分别是O、Na、Al、S元素；

A.同一周期元素，原子半径随着原子序数增大而减小，所以原子半径r（Y）＞r（Z）＞r（W），故A错误；

B.由X、Y组成的化合物可能是Na2O也可能是Na2O2，Na2O只含离子键、Na2O2含有离子键和共价键，故B错误；

C.元素的金属性越强，其最高价氧化物的水化物碱性越强，金属性Y＞Z，则Y的最高价氧化物的水化物的碱性比Z的强，故C错误；

D.元素的非金属性越强，其简单气态氢化物的稳定性越强，非金属性X＞W，所以X的简单气态氢化物的热稳定性比W的强，故D正确。

答案：

D

9.（2分）在给定条件下，下列选项所示的物质间转化均能实现的是（）

A.NaHCO3（s）

Na2CO3（s）

NaOH（aq）

B.Al（s）

NaAlO2（aq）

Al（OH）3（s）

C.AgNO3（aq）

[Ag（NH3）2]+（aq）

Ag（s）

D.Fe2O3（s）

Fe（s）

FeCl3（aq）

解析：

A.NaHCO3（s）加热分解生成Na2CO3（s），碳酸钠与石灰水反应生成碳酸钙沉淀和NaOH，该转化关系均能实现，故A正确；

B.NaAlO2（aq）与过量盐酸反应生成氯化铝和水，不会得到Al（OH）3（s），故B错误；

C.[Ag（NH3）2]+（aq）不与蔗糖反应，故C错误；

D.Fe与盐酸反应生成氯化亚铁和氢气，不会得到FeCl3（aq），故D错误。

答案：

A

10.（2分）下列说法正确的是（）

A.氢氧燃料电池放电时化学能全部转化为电能

B.反应4Fe（s）+3O2（g）═2Fe2O3（s）常温下可自发进行，该反应为吸热反应

C.3molH2与1molN2混合反应生成NH3，转移电子的数目小于6×6.02×1023

D.在酶催化淀粉水解反应中，温度越高淀粉水解速率越快

解析：

A.原电池工作时，化学能不可能全部转化为电能，部分转化为热能，故A错误；

B.反应自发进行的判断依据△H﹣T△S＜0，已知常温常压下反应4Fe（s）+3O2（g）=2Fe2O3（s）可以自发进行，△S＜0，满足△H﹣T△S＜0，△H＜0，该反应是放热反应，故B错误；

C.3molH2与1molN2混合反应生成NH3，由于该反应为可逆反应，则生成氨气的物质的量小于2mol，转移电子小于6mol，转移电子的数目小于6×6.02×1023，故C正确；

D.在酶催化淀粉水解反应中，适宜温度淀粉水解速率加快，但温度过高可能导致酶的催化活性降低甚至消失，故D错误。

答案：

C

二、不定项选择共5小题，每小题4分，共20分

11.（4分）化合物Y能用于高性能光学树脂的合成，可由化合物X与2﹣甲基丙烯酰氯在一定条件下反应制得：

下列有关化合物X、Y的说法正确的是（）

A.X分子中所有原子一定在同一平面上

B.Y与Br2的加成产物分子中含有手性碳原子

C.X、Y均不能使酸性KMnO4溶液褪色

D.X→Y的反应为取代反应

解析：

A.苯分子中所有原子共平面，共价单键可以旋转，所以O﹣H键可以旋转，导致﹣OH中的H原子与苯环不共平面，故A错误；

B.Y与溴发生加成反应后，连接甲基的碳原子上含有4个不同原子或原子团，所以Y与溴发生加成反应后的产物中连接甲基的碳原子为手性碳原子，故B正确；

C.含有碳碳不饱和键、含有酚羟基的有机物都能被酸性高锰酸钾溶液氧化而使酸性高锰酸钾溶液褪色，X中含有酚羟基、Y中含有碳碳双键，所以X、Y能被酸性高锰酸钾溶液氧化而使酸性高锰酸钾溶液褪色，故C错误；

D.X中﹣OH上的H原子被

取代，所以为取代反应，故D正确。

答案：

BD

12.（4分）根据下列实验操作和现象所得出的结论正确的是（）

选项

实验操作和现象

结论

A

向苯酚浊液中滴加Na2CO3溶液，浊液变清

苯酚的酸性强于H2CO3的酸性

B

向碘水中加入等体积CCl4，振荡后静置，上层接近无色，下层显紫红色

I2在CCl4中的溶解度大于在水中的溶解度

C

向CuSO4溶液中加入铁粉，有红色固体析出

Fe2+的氧化性强于Cu2+的氧化性

D

向NaCl、NaI的混合稀溶液中滴入少量稀AgNO3溶液，有黄色沉淀生成

Ksp（AgCl）＞Ksp（AgI）

A.A

B.B

C.C

D.D

解析：

A.苯酚和Na2CO3反应生成NaHCO3和苯酚钠，导致浊液变澄清，根据强酸制取弱酸原理知，苯酚酸性大于HCO3﹣而不是碳酸，故A错误；

B.向碘水中加入等体积CCl4，振荡后静置，上层接近无色，下层显紫红色，说明碘被萃取到四氯化碳中，由此证明I2在CCl4中的溶解度大于在水中的溶解度，故B正确；

C.同一氧化还原反应中氧化剂的氧化性大于氧化产物的氧化性，该反应为Cu2++Fe=Cu+Fe2+，

该反应中氧化剂是Cu2+、氧化产物是Fe2+，则氧化性：

Cu2+＞Fe2+，故C错误；

D.离子浓度相同条件下，溶度积越小的越易先产生沉淀，因为c（Cl﹣）、c（I﹣）相对大小未知，导致无法判断溶度积大小，故D错误。

答案：

B

13.（4分）根据下列图示所得出的结论不正确的是（）

A.图甲是CO（g）+H2O（g）=CO2（g）+H2（g）的平衡常数与反应温度的关系曲线，说明该反应的△H＜0

B.图乙是室温下H2O2催化分解放出氧气的反应中c（H2O2）随反应时间变化的曲线，说明随着反应的进行H2O2分解速率逐渐减小

C.图丙是室温下用0.1000mol•L﹣1NaOH溶液滴定20.00mL0.1000mol•L﹣1某一元酸HX的滴定曲线，说明HX是一元强酸

D.图丁是室温下用Na2SO4除去溶液中Ba2+达到沉淀溶解平衡时，溶液中c（Ba2+）与c（SO42﹣）的关系曲线，说明溶液中c（SO42﹣）越大c（Ba2+）越小

解析：

A.根据图知，升高温度，化学平衡常数减小，说明平衡逆向，升高温度平衡向吸热方向移动，则逆反应是吸热反应，正反应是放热反应，即正反应△H＜0，故A正确；

B.反应物浓度越大，反应速率越大，根据图知，随着时间的进行，双氧水浓度逐渐降低，则随着反应的进行H2O2分解速率逐渐减小，故B正确；

C.根据图知，HX中未加NaOH溶液时，0.1000mol/L的HX溶液中pH大于2，说明该溶液中HX不完全电离，所以HX为一元弱酸，故C错误；

D.温度不变，溶度积常数不变，Ksp（BaSO4）=c（Ba2+）。

c（SO42﹣），c（Ba2+）与c（SO42﹣）成反比，则c（SO42﹣）越大c（Ba2+）越小，故D正确。

答案：

C

14.（4分）H2C2O4为二元弱酸，Ka1（H2C2O4）=5.4×10﹣2，Ka2（H2C2O4）=5.4×10﹣5，设H2C2O4溶液中c（总）=c（H2C2O4）+c（HC2O4﹣）+c（C2O42﹣）。

室温下用NaOH溶液滴定25.00mL0.1000mol•L﹣1H2C2O4溶液至终点。

滴定过程得到的下列溶液中微粒的物质的量浓度关系一定正确的是（）

A.0.1000mol•L﹣1H2C2O4溶液：

c（H+）=0.1000mol•L﹣1+c（C2O42﹣）+c（OH﹣）﹣c（H2C2O4）

B.c（Na+）=c（总）的溶液：

c（Na+）＞c（H2C2O4）＞c（C2O42﹣）＞c（H+）

C.pH=7的溶液：

c（Na+）=0.1000mol•L﹣1+c（C2O42﹣）﹣c（H2C2O4）

D.c（Na+）=2c（总）的溶液：

c（OH﹣）﹣c（H+）=2c（H2C2O4）+c（HC2O4﹣）

解析：

A.0.1000mol•L﹣1H2C2O4溶液中存在电荷守恒：

c（H+）=2c（C2O42﹣）+c（OH﹣）+c（HC2O4﹣），还存在物料守恒：

c（总）=c（H2C2O4）+c（HC2O4﹣）+c（C2O42﹣）=0.1000mol/L，二者结合可得：

c（H+）=0.1000mol•L﹣1+c（C2O42﹣）+c（OH﹣）﹣c（H2C2O4），故A正确；

B.c（Na+）=c（总）的溶液中，溶质为NaHC2O4，HC2O4﹣的水解平衡常数=

=

＜Ka2（H2C2O4）=5.4×10﹣5，说明HC2O4﹣的电离程度大于其水解程度，则c（C2O42﹣）＞c（H2C2O4），溶液中还存在水电离的氢离子，则c（H+）＞c（C2O42﹣），所以正确的离子浓度大小为：

c（Na+）＞c（H+）＞c（C2O42﹣）＞c（H2C2O4），故B错误；

C.草酸与氢氧化钠溶液等体积、等浓度时满足：

c（Na+）=0.1000mol•L﹣1+c（C2O42﹣）﹣c（H2C2O4），但氢氧化钠溶液浓度不知，中和后溶液的体积不知，不能确定反应后浓度与0.1000mol•L﹣1的关系，所以该关系不一定不成立，故C错误；

D.c（Na+）=2c（总）的溶液中，溶质为Na2C2O4，根据Na2C2O4溶液中的质子守恒可得：

c（OH﹣）﹣c（H+）=2c（H2C2O4）+c（HC2O4﹣），故D正确。

答案：

AD

15.（4分）一定温度下，在三个容积相同的恒容密闭容器中按不同方式投入反应物，发生反应2SO2（g）+O2（g）⇌2SO3（g）（正反应放热），测得反应的相关数据如表：

容器1

容器2

容器3

应温度T/K

700

700

800

反应物投入量

2molSO2、1molO2

4molSO3

2molSO2、1molO2

平衡v正（SO2）/mol•L﹣1•S﹣1

v1

v2

v3

平衡c（SO3）/mol•L﹣1

c1

c2

c3

平衡体系总压强p/Pa

p1

p2

p3

物质的平衡转化率α

α1（SO2）

α2（SO3）

α3（SO3）

平衡常数K

K1

K2

K3

下列说法正确的是（）

A.v1＜v2，c2＜2c1

B.K1＞K3，p2＞2p3

C.v1＜v3，α1（SO2）＞α3（SO2）

D.c2＞2c3，α2（SO3）+α3（SO2）＜1

解析：

A.将I容器中的反应极限化时产生2molSO3，Ⅱ容器是以4molSO3起始，整体来讲Ⅱ容器的物料浓度高于Ⅰ容器中的物料浓度，所以v1＜v2，Ⅱ容器相当于Ⅰ容器加压，若平衡不发生移动，则平衡时有c2=2c1，但加压有利于该反应正向进行，所以c2＞2c1，故A错误；

B.正反应为放热反应，升高温度不利于反应正向进行，所以K1＞K3，容器中，根据理想气体状态方程pV=nRT，容器Ⅱ是4molSO3起始反应，容器Ⅲ极限化时生成2molSO2，容器Ⅱ相当于容器Ⅲ加压，若平衡不发生移动，则有c2=2c3，但加压有利于反应正向进行，并且容器Ⅱ和容器Ⅲ的温度不等，容器Ⅲ的反应温度高于容器Ⅱ的反应温度，则c2＞2c3，而压强关系为

=

=

＞

=

，则就不一定有p2＞2p3，故B错误；

C.温度升高，化学反应速率加快，则v1＜v3，正反应吸热，温度升高不利于反应正向进行，则容器Ⅰ中SO2的平衡转化率更高，所以α1（SO2）＞α3（SO2），故C正确；

D.容器Ⅱ是4molSO3起始反应，容器Ⅲ极限化时生成2molSO2，容器Ⅱ相当于容器Ⅲ加压，若平衡不发生移动，则有c2=2c3，但加压有利于反应正向进行，并且容器Ⅱ和容器Ⅲ的温度不等，容器Ⅲ的反应温度高于容器Ⅱ的反应温度，则c2＞2c3，若容器Ⅱ不是相对于容器Ⅲ加压，且两容器温度相同，则有α2（SO3）+α3（SO2）=1，但加压有利于反应向减压方向进行，则α2（SO3）减小，温度升高不利于反应正向进行，则α3（SO2）减小，因此最终α2（SO3）+α3（SO2）＜1，故D正确。

答案：

CD

三、非选择题

16.（12分）以高硫铝土矿（主要成分为Al2O3、Fe2O3、SiO2，少量FeS2和金属硫酸盐）为原料，生产氧化铝并获得Fe3O4的部分工艺流程如下：

（1）烙烧过程均会产生SO2，用NaOH溶液吸收过量SO2的离子方程式为。

解析：

用NaOH溶液吸收过量SO2生成HSO3﹣，则发生反应的离子方程式为：

SO2+OH﹣═HSO3﹣

答案：

SO2+OH﹣═HSO3﹣

（2）添加1%CaO和不添加CaO的矿粉焙烧，其硫去除率随温度变化曲线如题图所示。

已知：

多数金属硫酸盐的分解温度都高于600℃

硫去除率=（1﹣

）×100%

①不添加CaO的矿粉在低于500℃焙烧时，去除的硫元素主要来源于。

②700℃焙烧时，添加1%CaO的矿粉硫去除率比不添加CaO的矿粉硫去除率低，其主要原因是。

解析：

①不添加CaO的矿粉中S元素来源是FeS2和金属硫酸盐，金属硫酸盐的分解温度较高，所以可判断焙烧过程中S元素主要来源是FeS2，②700℃焙烧时，添加1%CaO的矿粉硫去除率比不添加CaO的矿粉硫去除率低，考虑加入CaO可能使S转化为CaSO4，形成的硫酸盐分解温度较高，所以会导致S的脱除率降低。

答案：

FeS2硫元素转化为CaSO4而留在矿粉中

（3）向“过滤”得到的滤液中通入过量CO2，铝元素存在的形式由（填化学式）转化为（填化学式）。

解析：

过滤前使用NaOH溶液进行碱浸，Al2O3转化为NaAlO2，“过滤”得到的滤液中主要含有AlO2﹣，向“过滤”得到的滤液中通入过量CO2，可以将AlO2﹣转化为Al（OH）3

答案：

NaAlO2Al（OH）3

（4）“过滤”得到的滤渣中含大量的Fe2O3.Fe2O3与FeS2混合后在缺氧条件下焙烧生成Fe3O4和SO2，理论上完全反应消耗的n（FeS2）：

n（Fe2O3）=。

解析：

过滤”得到的滤渣中含大量的Fe2O3，Fe2O3与FeS2混合后在缺氧条件下焙烧生成Fe3O4和SO2，设有xmolFe3O4和ymolFeS2完全参加反应，根据电子得失守恒：

2x×（3﹣

）=2y×5+y×（

﹣2），解得

，所以理论上完全反应消耗的n（FeS2）：

n（Fe2O3）=1：

16。

答案：

1：

16

17.（15分）丹参醇是存在于中药丹参中的一种天然产物。

合成丹参醇的部分路线如下：

已知：

（1）A的官能团名称为（写两种）。

解析：

A的官能团名称为碳碳双键和羰基。

答案：

碳碳双键、羰基

（2）D→E的反应类为。

解析：

通过以上分析知，D中的醇羟基转化为E中的碳碳双键，所以D→E的反应类为消去反应

答案：

消去反应

（3）B的分子式为C9H14O，写出B的结构简式：

。

解析：

通过以上分析知，B的结构简式：

答案：

（4）

的一种同分异构体同时满足下列条件，写出该同分异构体的结构简式：

。

①分子中含有苯环，能与FeCl3溶液发生显色反应，不能发生银镜反应；

②碱性条件水解生成两种产物，酸化后分子中均只有2种不同化学环境的氢。

解析：

的一种同分异构体同时满足下列条件：

①分子中含有苯环，能与FeCl3溶液发生显色反应，不能发生银镜反应，说明含有酚羟基但不含醛基；

②碱性条件水解生成两种产物，说明含有酯基，酸化后分子中均只有2种不同化学环境的氢，

符合条件的结构简式为

答案：

（5）写出以

和

为原料制备

的合成路线流程图（无机试剂和乙醇任

用，合成路线流程图示例见本题题干）。

解析：

和溴发生加成反应生成

，

发生消去反应生成

，

和

发生加成反应生成

，

和氢气发生加成反应生成

，其合成路线为

答案：

18.（12分）碱式硫酸铝溶液可用于烟气脱硫。

室温下向一定浓度的硫酸铝溶液中加入一定量的碳酸钙粉末，反应后经过滤得到碱式硫酸铝溶液，反应方程式为：

（2﹣x）Al2（SO4）3+3xCaCO3+3xH2O═2[（1﹣x）Al2（SO4）3•xAl（OH）3]+3xCaSO4↓+3xCO2↑

生成物（1﹣x）Al2（SO4）3•xAl（OH）3中x值的大小影响碱式硫酸铝溶液的脱硫效率。

（1）制备碱式硫酸铝溶液时，维持反应温度和反应时间不变，提高x值的方法有。

解析：

反应是室温下向一定浓度的硫酸铝溶液中加入一定量的碳酸钙粉末，反应后经过滤得到碱式硫酸铝溶液，根据反应方程式分析，可以通过增大反应程度提高x的值，所以可以适当增加CaCO3的量或加快搅拌速率

答案：

适当增加CaCO3的量或加快搅拌速率

（2）碱式硫酸铝溶液吸收SO2过程中，溶液的pH（填“增大”、“减小”、“不变）。

解析：

碱式硫酸铝溶液呈弱碱性，吸收酸性气体SO2能使溶液pH减小

答案：

减小

（3）通过测定碱式硫酸铝溶液中相关离子的浓度确定x的值，测定方法如下：

①取碱式硫酸铝溶液25.00mL，加入盐酸酸化的过量BaCl2溶液充分反应，静置后过滤、洗涤，干燥至恒重，得固体2.3300g。

②取碱式硫酸铝溶液2.50mL，稀释至25mL，加入0.1000mol•L﹣1EDTA标准溶液25.00mL，调节溶液pH约为4.2，煮沸，冷却后用0.08000mol•L﹣1CuSO4标准溶液滴定过量的ED