江苏高考数学试题与答案.docx
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江苏高考数学试题与答案
绝密★启用前
2018年普通高等学校招生全国统一考试(江苏卷)
数学Ⅰ
注意事项
考生在答题前请认真阅读本注意事项及各题答题要求
1.本试卷共4页,均为非选择题(第1题~第20题,共20题)。
本卷满分为160分,考试时间为120分钟。
考试结束后,请将本试卷和答题卡一片交回。
2.答题前,请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位
置。
3.请认真核对监考员从答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符。
学科@网
4.作答试题,必须用0.5毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答,在其他位置作答一律无效。
5.如需作图,须用2B铅笔绘、写清楚,线条、符号等须加黑、加粗。
参考公式:
锥体的体积V
1
Sh,其中S是锥体的底面积,h是锥体的高.
3
一、填空题:
本大题共
14小题,每小题5分,共计
70分.请把答案填写在答题卡相应位
......
置上.
..
1.已知集合A
{0,1,2,8}
,B{1,1,6,8},那么A
B▲
.
2.若复数z满足iz
1
2i,其中i是虚数单位,则
z的实部为
▲.
3.已知5位裁判给某运动员打出的分数的茎叶图如图所示,那么这
5位裁判打出的分数的
平均数为
▲.
4.一个算法的伪代码如图所示,执行此算法,最后输出的S的值为▲.
5.函数f(x)
log2x
1的定义域为
▲
.
6.某兴趣小组有
2名男生和3名女生,现从中任选
2名学生去参加活动,则恰好选中
2名
女生的概率为
▲.
7.已知函数y
sin(2x
)(
)的图象关于直线
x
对称,则
的值是
▲
.
2
2
3
8.在平面直角坐标系xOy中,若双曲线x2
y2
1(a
0,b
0)的右焦点F(c,0)
到一条渐近
a2
b2
线的距离为
3c,则其离心率的值是
▲.
2
cos
x
0
9.函数f(x)满足f(x4)
f(x)(xR),且在区间(2,2]上,f(x)
2
1|,-2
|x
2
x2,
则
x0,
f(f(15))的值为
▲.
10.如图所示,正方体的棱长为2,以其所有面的中心为顶点的多面体的体积为▲.[来源学科
网]
11.若函数
f(x)
2x3
ax2
1(a
R)在(0,
)内有且只有一个零点,则
f(x)在[
1,1]上的
最大值与最小值的和为
▲.
12.在平面直角坐标系
xOy
中,A为直线
l:
y
2x上在第一象限内的点,
B(5,0)
,以
AB为
直径的圆
C与直线
l交于另一点
D.若
AB
CD
0,则点
A的横坐标为
▲.
13.在△ABC中,角
A,B,C
所对的边分别为
a,b,c,
ABC
120,
ABC
的平分线交
AC
于点
D,且BD1,则
4a
c的最小值为
▲.
14.已知集合
A
{x|x
2n
1,n
N*},B
{x|x
2n,n
N*}.将
A
B的所有元素从小到
大依次排列构成一个数列
{an}
.记
Sn为数列
{an}的前
n项和,则使得
Sn
12an1成立的
n的最小值为
▲.
二、解答题:
本大题共6小题,共计90分.请在答题卡指定区域内作答,解答时应写出文字
.......
说明、证明过程或演算步骤.
15.(本小题满分14分)
在平行六面体ABCDA1B1C1D1中,AA1AB,AB1B1C1.
求证:
(1)AB∥平面A1B1C;
(2)平面ABB1A1平面A1BC.
16.(本小题满分14分)
已知,为锐角,tan
(1)求cos2的值;
(2)求tan()的值.
17.(本小题满分14分)
4,cos()
5
.
3
5
某农场有一块农田,如图所示,它的边界由圆O的一段圆弧MPN(P为此圆弧的中点)和线段MN构成.已知圆O的半径为40米,点P到MN的距离为50米.现规划在此农田上修建两个温室大棚,大棚Ⅰ内的地块形状为矩形ABCD,大棚Ⅱ内的地块形状为
△CDP,要求A,B均在线段MN上,C,D均在圆弧上.设OC
与MN所成的角为.
(1)用分别表示矩形ABCD和△CDP的面积,并确定sin的
取值范围;
(2)若大棚Ⅰ内种植甲种蔬菜,大棚Ⅱ内种植乙种蔬菜,且甲、
乙两种蔬菜的单位面积年产值之比为4∶3.求当为何值时,能使甲、乙两种蔬菜的年总产值最大.
18.(本小题满分16分)
如图,在平面直角坐标系
xOy中,椭圆C过点(
3,1),焦点
2
F1(3,0),F2(3,0),圆O的直径为F1F2.
(1)求椭圆C及圆O的方程;
(2)设直线l与圆O相切于第一象限内的点P.
①若直线l与椭圆C有且只有一个公共点,求点
P的坐标;
②直线l与椭圆C交于A,B两点.若△OAB的面积为
26,
7
求直线l的方程.
19.(本小题满分16分)
记f(x),g(x)分别为函数
f(x),g(x)的导函数.若存在
x0
R,满足f(x0)
g(x0)且
f(x0)g(x0),则称x0为函数f(x)与g(x)的一个“S点”.
(1)证明:
函数f(x)
x与g(x)
x2
2x2不存在“S点”;
(2)若函数f(x)ax2
1与g(x)
lnx存在“S点”,求实数
a的值;[来源:
Zxxk.Com]
x
(3)已知函数f(x)
x
2
be.对任意a
0,判断是否存在b
0,使函
a,g(x)
x
数f(x)与g(x)在区间(0,
)内存在“S点”,并说明理由.
20.(本小题满分
16分)
设{an}是首项为a1,公差为d的等差数列,{bn}是首项为b1,公比为q的等比数列.
(1)设a1
0,b1
1,q
2,若|anbn|
b1对n1,2,3,4均成立,求d的取值范围;
(2)若a1
b1
0,m
N*,q
(1,m2]
,证明:
存在dR,使得|anbn|
b1对
n2,3,,m
1均成立,并求
d的取值范围(用b1,m,q表示).
数学Ⅰ试题参考答案
一、填空题:
本题考查基础知识、基本运算和基本思想方法.每小题
5分,共计
70分.
1.{1,8}
2.2
3.90
4.8
5.[2,+∞)
6.3
π
8.2
7.
10
6
2
10.4
11.–3
12.3
9.
2
3
13.9
14.27
二、解答题
15.本小题主要考查直线与直线、直线与平面以及平面与平面的位置关系,考查空间想象
能力和推理论证能力.满分
14分.
证明:
(1)在平行六面体ABCD-A1B1C1D1中,AB∥A1B1.
因为AB平面A1B1C,A1B1平面A1B1C,
所以AB∥平面A1B1C.
(2)在平行六面体ABCD-A1B1C1D1中,四边形ABB1A1为平行四边形.
又因为AA1=AB,所以四边形ABB1A1为菱形,
因此AB1⊥A1B.
又因为AB1⊥B1C1,BC∥B1C1,
所以AB1⊥BC.
又因为A1B∩BC=B,A1B平面A1BC,BC平面A1BC,
所以AB1⊥平面A1BC.
因为AB1平面ABB1A1,
所以平面ABB1A1⊥平面A1BC.
16.本小题主要考查同角三角函数关系、两角和(差)及二倍角的三角函数,考查运算求
解能力.满分
14分.
解:
(1)因为tan
4,tan
sin
,所以sin
4
cos.
3
cos
3
因为sin
2
cos
2
2
9
,
1,所以cos
25
因此,cos2
2cos
2
7.
1
25
(2)因为
为锐角,所以
(0,π).
又因为cos(
)
5
,所以sin(
)
1cos2(
)
25,
5
5
因此tan(
)
2.
因为tan
4
,所以tan2
2tan
24,
3
1
tan2
7
因此,tan(
)
tan[2
(
)]
tan2
tan(
)
2.
1+tan2
tan(
)
11
17.本小题主要考查三角函数的应用、用导数求最值等基础知识,考查直观想象和数学建
模及运用数学知识分析和解决实际问题的能力.满分14分.
解:
(1)连结PO并延长交MN于H,则PH⊥MN,所以OH=10.
过O作OE⊥BC于E,则OE∥MN,所以∠COE=θ,故OE=40cosθ,EC=40sinθ,
则矩形ABCD的面积为2×40cosθ(40sinθ+10)=800(4sinθcosθ+cosθ),
△CDP的面积为1×2×40cosθ(40–40sinθ)=1600(cosθ–sinθcosθ).2
过N作GN⊥MN,分别交圆弧和OE的延长线于G和K,则GK=KN=10.
令∠GOK=θ,则sinθ=1,θ∈(0,π).
000
46
当θ∈[θ,π)时,才能作出满足条件的矩形ABCD,
0
2
所以sinθ的取值范围是[1,1).
4
答:
矩形ABCD的面积为800(4sinθcosθ+cosθ)平方米,△CDP的面积为
1
1600(cosθ–sinθcosθ),sinθ的取值范围是[,1).
(2)因为甲、乙两种蔬菜的单位面积年产值之比为4∶3,
设甲的单位面积的年产值为4k,乙的单位面积的年产值为3k(k>0),则年总产值为4k×800(4sinθcosθ+cosθ)+3k×1600(cosθ–sinθcosθ)
=8000k(sinθcosθ+cosθ),θ∈[θ0,π).
2
设f(θ)=sinθcosθ+cosθ,θ∈[θ,π),
0
2
则f′()cos2sin2sin(2sin2sin1)(2sin1)(sin1).
令f′()=0,得θ=π,6
当θ∈(θ,π)时,f′()>0,所以f(θ)为增函数;
0
6
当θ∈(π,π)时,f′()<0,所以f(θ)为减函数,
6
2
因此,当θ=π时,f(θ)取到最大值.
6
答:
当θ=
π
时,能使甲、乙两种蔬菜的年总产值最大.
[来源学§科§网]
6
18.本小题主要考查直线方程、圆的方程、圆的几何性质、椭圆方程、椭圆的几何性质、
直线与圆及椭圆的位置关系等知识,考查分析问题能力和运算求解能力.满分
16分.
解:
(1)因为椭圆C的焦点为F1(
3,0),F2(3,0)
,
可设椭圆C的方程为x2
y2
1(a
b
0).又点(
3,
1
)在椭圆C上,
a2
b2
2
所以
3
1
1,
a2
4,
a2
4b2
,解得
b2
1,
a
2
2
3,
b
因此,椭圆C的方程为x2
y2
1.
4
因为圆O的直径为F1F2,所以其方程为
x2
y2
3
.
(2)①设直线l与圆O相切于P(x0,y0)(x0
0,y0
0)
,则x0
2
y0
2
3
,
所以直线l的方程为y
x0(x
x0)
y0
,即y
x0x
3.
y0
y0
y0
2
x
y
2
1,
4
由
消去y,得
x0
y
x
3
y0
y0
(4x0
2
y0
2)x2
24x0x36
4y0
2
0
.(*)
因为直线l与椭圆C有且只有一个公共点,
所以(
24x0)2
4(4x0
2
y0
2)(364y0
2)
48y0
2(x0
2
2)
0.
因为x0,y0
0,所以x0
2,y0
1.
因此,点P的坐标为(
2,1)
.
②因为三角形OAB的面积为26
,所以1
ABOP
26
,从而AB
42
.
7
2
7
7
设A(x1,y1),B(x2,y2),
24x0
2
2
由(*)得x1,2
48y0(x0
2)
,
2
2
2(4x0
y0)
所以AB2
(x1
x2)2
(y1
y2)2
(1
x2
48y2(x
2
2)
0
2)
0
2
0
2
)
2
.
y0
(4x0
y0
因为x02y023,
所以AB
2
16(x0
2
2)
32
,即2x0
4
2
,
(x0
2
1)2
49
45x0
1000
解得x0
2
5
(x0
2
20舍去),则y0
2
1,因此P的坐标为(10,
2).
2
2
2
2
综上,直线l的方程为y5x
3
2.
19.本小题主要考查利用导数研究初等函数的性质,考查综合运用数学思想方法分析与解
决问题以及逻辑推理能力.满分16分.
解:
(1)函数f(x)=x,g(x)=x2+2x-2,则f′(x)=1,g′(x)=2x+2.
由f(x)=g(x)且f′(x)=g′(x),得
2
xx2x2,此方程组无解,
12x2
因此,f(x)与g(x)不存在“S”点.
2
(2)函数(fx)ax1,g(x)lnx,
则f(x)2ax,g(x)1.x
设x0为f(x)与g(x)的“S”点,由f(x0)=g(x0)且f′(x0)=g′(x0),得
ax2
1
lnx
2
0
0
ax0
1
lnx0,(*)
2ax0
1
,即
2
x0
2ax0
1
1
1
1
e
得lnx0
x0
e2,则a
,即
1
.
2
2(e2)2
2
e时,x0
1
当a
e
2满足方程组(*),即x0
为f(x)与g(x)的“S”点.
2
因此,a的值为e.
2
(3)对任意a>0,设h(x)
x3
3x2
ax
a.
因为h(0)
a0,h
(1)
1
3
a
a
2
0,且h(x)的图象是不间断的,
所以存在x0∈(0,1),使得h(x0)
2x03
,则b>0.
0.令b
ex0(1
x0)
函数f(x)
x2
a
,g(x)
bex
,
x
则f′(x)
2x,g′(x)
bex
(x1)
2
.
x
由f(x)=g(x)且f′(x)=g′(x),得
3
ex
2
a
bex
x2
a
ex0
2x0
x)
x
x
(1
x
,即
0
,(**)
2x
bex(x1)
2x
2x03
ex(x1)
x2
ex0(1x0)
x2
此时,x0满足方程组(**),即x0是函数f(x)与g(x)在区间(0,1)内的一个“S
点”.
因此,对任意a>0,存在b>0,使函数f(x)与g(x)在区间(0,+∞)内存在“S点”.
20.本小题主要考查等差和等比数列的定义、
通项公式、性质等基础知识,考查代数推理、
转化与化归及综合运用数学知识探究与解决问题的能力.满分
16分.
解:
(1)由条件知:
an(n1)d,bn
2n1.
因为|an
bn|
b1对n=1,2,3,4均成立,
即|(n
1)d
n1
,2,3,4均成立,
2|1对n=1
即11,1
d3,32d
5,73d
9,得7
d
5.
3
2
因此,d的取值范围为[7,5].
3
2
(2)由条件知:
an
b1