学年浙江省金华市七年级下册期中复习训练卷解析版.docx
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学年浙江省金华市七年级下册期中复习训练卷解析版
2020-2021学年浙江省金华市七年级下册期中复习训练卷
复习范围:
第1-4章
一.选择题
1.下列运动属于平移的是( )
A.荡秋千
B.地球绕着太阳转
C.风筝在空中随风飘动
D.急刹车时,汽车在地面上的滑动
2.如图,∠1和∠2不是同旁内角的是( )
A.
B.
C.
D.
3.下列运算正确的是( )
A.(﹣a3)2=﹣a6B.a8÷a4=a2
C.(a+b)2=a2+b2D.
4.已知方程mx+2y=﹣2,当x=3时y=5,那么m为( )
A.
B.﹣
C.﹣4D.
5.如图,能判定DE∥AC的条件是( )
A.∠3=∠CB.∠1=∠3C.∠2=∠4D.∠1+∠2=180°
6.下列各式中不能用公式法分解因式的是( )
A.x2﹣6x+9B.﹣x2+y2C.x2+2x+4D.﹣x2+2xy﹣y2
7.下列各式中能用平方差公式的是( )
A.(a+b)(b+a)B.(a+b)(﹣b﹣a)
C.(a+b)(b﹣a)D.(﹣a+b)(b﹣a)
8.如图,把三角尺的直角顶点放在直尺的一边上,若∠1=32°,则∠2的度数为( )
A.68°B.58°C.48°D.32°
9.已知关于x,y的二元一次方程组
的解为
,则k的值是( )
A.3B.2C.1D.0
10.长方形按如图所示折叠,点D折叠到点D'的位置,已知∠D′FC=62°,则∠EFD等于( )
A.56°B.58°C.59°D.60°
二.填空题
11.计算:
π0﹣|﹣2|= .
12.0.0012用科学记数法表示为 .
13.分解因式:
4a2﹣a= .
14.如图,已知a∥b,∠2=95°,∠3=140°,则∠1的度数为 .
15.如果方程组
的解为
,那么“*”表示的数是 .
16.三种不同类型的地砖的长、宽如图所示,若现有A型地砖4块,B型地砖4块,C型地砖2块,要拼成一个正方形,则应去掉1块地砖;这样的地砖拼法可以得到一个关于m,n的恒等式为 .
三.解答题
17.计算:
(1)(6xy2)2•(﹣2x2y)
(2)(2a+1)(2a﹣1)﹣4a(a﹣1).
18.如图,∠ABC与∠DEF的两边分别交于点M、N.若∠ABC=∠DEF,且AB∥EF.试说明BC∥DE.
19.如图,点M是△ABC外的一点,请你在网格内完成作图:
(1)作过点M且平行于BC的直线.
(2)画出△ABC先向左平移2个单位,再向上平移1个单位后的△A'B'C'.
20.
(1)解方程组:
;
(2)解方程组:
.
21.分解因式:
(1)x2﹣36;
(2)x3﹣2x2y+xy2.
22.某集团购买了150吨物资打算运往某地支援,现有甲、乙、丙三种车型供选择,每辆汽车的运载能力和运费如表所示:
(假设每辆车均满载)
车型
甲
乙
丙
汽车运载量(吨/辆)
5
8
10
汽车运费(元/辆)
1000
1200
1500
(1)若全部物资都用甲、乙两种车型来运送,需运费24000元,问分别需甲、乙两种车型各多少辆?
(2)若该集团决定用甲、乙、丙三种汽车共18辆同时参与运送,请你写出可能的运送方案,并帮助该集团找出运费最省的方案(甲、乙、丙三种车辆均要参与运送).
23.下面是某同学对多项式(x2﹣4x+2)(x2﹣4x+6)+4进行因式分解的过程
解:
设x2﹣4x=y,
原式=(y+2)(y+6)+4 (第一步)
=y2+8y+16 (第二步)
=(y+4)2(第三步)
=(x2﹣4x+4)2(第四步)
(1)该同学第二步到第三步运用了因式分解的 (填序号).
A.提取公因式B.平方差公式
C.两数和的完全平方公式D.两数差的完全平方公式
(2)该同学在第四步将y用所设中的x的代数式代换,得到因式分解的最后结果.这个结果是否分解到最后?
.(填“是”或“否”)如果否,直接写出最后的结果 .
(3)请你模仿以上方法尝试对多项式(x2﹣2x)(x2﹣2x+2)+1进行因式分解.
24.如图①,直线l1∥l2,直线EF和直线l1、l2分别交于C、D两点,点A、B分别在直线l1、l2上,点P在直线EF上,连接PA、PB.
猜想:
如图①,若点P在线段CD上,∠PAC=15°,∠PBD=40°,则∠APB的大小为 度.
探究:
如图①,若点P在线段CD上,直接写出∠PAC、∠APB、∠PBD之间的数量关系.
拓展:
如图②,若点P在射线CE上或在射线DF上时,直接写出∠PAC、∠APB、∠PBD之间的数量关系.
参考答案
一.选择题
1.【解答】解:
A、荡秋千不符合平移的性质,不属于平移,故本选项错误;
B、地球绕着太阳转不符合平移的性质,不属于平移,故本选项错误;
C、风筝在空中随风飘动,不符合平移的性质,故本选项错误;
D、急刹车时,汽车在地面上的滑动,符合平移的性质,故本选项正确.
故选:
D.
2.【解答】解:
选项D中的∠1、∠2不两条直线被第三条直线所截得到的角,
∠1与∠2既不是同位角、内错角,也不是同旁内角,
故选:
D.
3.【解答】解:
A、原式=a6,故不符合题意;
B、原式=a4,故不符合题意;
C、原式=a2+2ab+b2,故不符合题意;
D、原式=4,故符合题意;
故选:
D.
4.【解答】解:
把x=3,y=5代入方程得:
3m+10=﹣2,
移项合并得:
3m=﹣12,
解得:
m=﹣4,
故选:
C.
5.【解答】解:
A、当∠3=∠C时,DE∥AC,符合题意;
B、当∠1=∠3时,EF∥BC,不符合题意;
C、当∠2=∠4时,无法得到DE∥AC
,不符合题意;
D、当∠1+∠2=180°时,EF∥BC,不符合题意;
故选:
A.
6.【解答】解:
A、原式=(x﹣3)2,不符合题意;
B、原式=(y+x)(y﹣x),不符合题意;
C、原式不能用公式分解,符合题意;
D、原式=﹣(x﹣y)2,不符合题意,
故选:
C.
7.【解答】解:
A、(a+b)(b+a)=(a+b)2,不能用平方差公式进行计算,不合题意;
B、(a+b)(﹣b﹣a)=﹣(a+b)2,不能用平方差公式进行计算,不合题意;
C、(a+b)(b﹣a)=b2﹣a2,能用平方差公式进行计算,符合题意;
D、(﹣a+b)(b﹣a)=(b﹣a)2,不能用平方差公式进行计算,不合题意.
故选:
C.
8.【解答】解:
如图所示:
∵AD∥FE,
∴∠2=∠3,
又∵∠1+∠BAC+∠3=180°,∠BAC=90°,
∴∠1+∠3=90°,
又∵∠1=32°,
∴∠3=58°,
∴∠2=58°,
故选:
B.
9.【解答】解:
把x=3,y=﹣3代入方程3x+2y=k+1,得9﹣6=k+1,
解得k=2.
故选:
B.
10.【解答】解:
∵∠D′FC=62°,
∴∠D′FD=180°﹣∠D′FC=180°﹣62°=118°,
又∵∠D′FE=∠DFE,
∴∠EFD=
∠D′FD=
.
故选:
C.
二.填空题
11.【解答】解:
原式=1﹣2
=﹣1.
故答案为:
﹣1.
12.【解答】解:
将0.0012用科学记数法表示为1.2×10﹣3,
故答案是:
1.2×10﹣3.
13.【解答】解:
原式=a(4a﹣1),
故答案为:
a(4a﹣1).
14.【解答】解:
∵∠3=140°,∠3+∠4=180°,
∴∠4=40°,
∵∠2=95°,∠2=∠5+∠4,
∴∠5=55°,
∵a∥b,
∴∠1+∠5=180°,
∴∠1=125°,
故答案为:
125°.
15.【解答】解:
将x=6代入2x﹣y=16,得12﹣y=16,
解得y=﹣4,
∴x+y=6﹣4=2.
故答案为:
2.
16.【解答】解:
4块A的面积为:
4×m×m=4m2;
4块B的面积为:
4×m×n=4mn;
2块C的面积为2×n×n=2n2;
那么这三种类型的砖的总面积应该是:
4m2+4mn+2n2=4m2+4mn+n2+n2=(2m+n)2+n2,
因此,多出了一块C型地砖,去掉一块C型地砖,这两个数的平方为(2m+n)2.
这样的地砖拼法可以得到一个关于m,n的恒等式为:
4m2+4mn+n2=(2m+n)2
故答案为:
4m2+4mn+n2=(2m+n)2.
三.解答题
17.【解答】解:
(1)(6xy2)2•(﹣2x2y)
=36x2y4•(﹣2x2y),
=﹣72x4y5;
(2)(2a+1)(2a﹣1)﹣4a(a﹣1),
=4a2﹣1﹣4a2+4a,
=4a﹣1.
18.【解答】解:
∵AB∥EF.(已知)
∴ABC+∠BNE=180°,(两直线平行,同旁内角互补)
∵∠ABC=∠DEF.(已知)
∴∠BNE+∠DEF=180°.(等量代换)
∴BC∥DE.(同旁内角互补,两直线平行)
19.【解答】解:
(1)如图,直线l即为所求;
(2)如图,△A'B'C'即为所求.
20.【解答】解:
(1)把①代入②得:
3(y+1)+y=7,
解得:
y=1,
把y=1代入①得:
x=1+1=2,
则方程组的解为
;
(2)②×5﹣①×2得:
21y=20,
解得:
y=
,
把y=
代入②得:
2x+5×
=8,
解得:
x=
,
则方程组的解为
.
21.【解答】解:
(1)x2﹣36=(x+6)(x﹣6);
(2)x3﹣2x2y+xy2
=x(x2﹣2xy+y2)
=x(x﹣y)2.
22.【解答】解:
(1)设需甲种车型x辆,乙种车型y辆,
由题意得:
,
解得:
,
答:
需甲种车型6辆,需乙种车型15辆;
(2)设需甲车型x辆,乙车型y辆,丙车型z辆,由题意得:
,
消去z得:
5x+2y=30,x=6﹣
y,
∵甲、乙、丙三种车型都参与运送,
∴x、y、z是正整数,且不大于18,得y=5,10,
解得:
,
,
∴有两种运送方案:
①甲车型4辆,乙车型5辆,丙车型9辆;
②甲车型2辆,乙车型10辆,丙车型6辆;
∴应该是甲车型4辆,乙车型5辆,丙车型6辆;
或甲车型2辆,乙车型10辆,丙车型3辆;
两种方案的运费分别是:
①1000×4+1200×5+1500×9=23500(元),
②1000×2+1200×10+1500×6=23000(元),
∵23000<23500,
∴甲车型2辆,乙车型10辆,丙车型6辆,运费最省.
23.【解答】解:
(1)该同学第二步到第三步运用了因式分解的两数和的完全平方公式;
故选:
C;
(2)这个结果没有分解到最后,
原式=(x2﹣4x+4)2=(x﹣2)4;
故答案为:
否,(x﹣2)4;
(3)(x2﹣2x)(x2﹣2x+2)+1
=(x2﹣2x)2+2(x2﹣2x)+1
=(x2﹣2x+1)2
=(x﹣1)4.
24.【解答】解:
猜想:
如图①,过点P作PG∥l1,
∵l1∥l2,
∴l1∥l2∥PG,
∴∠APG=∠PAC=15°,∠BPG=∠PBD=40°,
∴∠APB=∠APG+∠BPG=∠PAC+∠PBD=15°+40°=55°,
∴∠APB的大小为55度,
故答案为:
55;
探究:
如图①,∠PAC=∠APB﹣∠PBD,理由如下:
∵l1∥l2∥PG,
∴∠APG=∠PAC,∠BPG=∠PBD,
∴∠APB=∠APG+∠BPG=∠PAC+∠PBD,
∴∠PAC=∠APB﹣∠PBD;
拓展:
∠PAC=∠PBD﹣∠APB或∠PAC=∠APB+∠PBD,理由如下:
如图,当点P在射线CE上时,
过点P作PG∥l1,
∴l1∥l2∥PG,
∴∠APG=∠PAC,∠BPG=∠PBD,
∴∠PAC=∠APG=∠BPG﹣∠APB,
∴∠PAC=∠PBD﹣∠APB;
当点P在射线DF上时,
过点P作PG∥l1,
∴l1∥l2∥PG,
∴∠APG=∠PAC,∠BPG=∠PBD,
∴∠PAC=∠APG=∠APB+∠BPG,
∴∠PAC=∠APB+∠PBD,
综上所述:
当点P在射线CE上或在射线DF上时,∠PAC=∠PBD﹣∠APB或∠PAC=∠APB+∠PBD.