河北省黄骅中学学年高二物理上学期第二次月考试题.docx
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河北省黄骅中学学年高二物理上学期第二次月考试题
黄骅中学2018－2019年度高中二年级第一学期第二次月考
物理试卷
本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷两部分。
第Ⅰ卷1至4页，第Ⅱ卷5至8页。
共100分。
考试时间90分钟。
第Ⅰ卷（客观题共48分）
一．选择题（本题包括12小题，每小题4分，共48分；在每个小题给出的四个选项中，1-8小题只有一个选项正确，9-12小题有多个选项正确，全部选对得满分，选不全的得2分，有选错的或不答的得0分）
1、关于静电场的电场强度和电势，下列说法正确的是（ ）
A.电场强度为零的地方，电势也为零
B.电场强度的方向一定是电势降落最快的方向
C.随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低
D.电场强度的大小相等的地方，电势一定相等
2、下列说法中正确的是（ ）
A.当穿过某个面的磁通量等于零时，该区域的磁感应强度一定为零
B.磁感应强度的方向一定与通电导线所受安培力方向、直导线方向都垂直
C.感应电流遵从楞次定律所描述的方向，这是能量守恒定律的必然结果
D.洛伦兹力不改变运动电荷的速度
3、安培提出了著名的分子电流假说，根据这一假说，电子绕核运动可等效为一环形电流.设电荷量为e的电子以速率v绕原子核沿顺时针方向做半径为r的匀速圆周运动，关于该环形电流的说法，正确的是（ ）
A.电流大小为
，电流方向为顺时针B.电流大小为
，电流方向为顺时针
C.电流大小为
，电流方向为逆时针D.电流大小为
，电流方向为逆时针
4、如图所示，三根平行的长直导线，分别垂直地通过一个等腰直角三角形的三个顶点，三导线中电流方向相同，A、B两导线中的电流大小相同，如图所示，已知导线A在斜边中点O处所产生的磁场的磁感应强度大小为B，导线C在斜边中点O处所产生的磁场的磁感应强度大小为2B，则O处的磁感应强度的大小和方向为（ ）
A.大小为B，方向沿OA方向
B.大小为2
B，方向竖直向下
C.大小为2B，方向沿OB方向
D.大小为2B，方向沿OA方向
5、如图所示，金属圆环放在匀强磁场中，将它从磁场中匀速拉出来，则（）
A.向左拉出和向右拉出，其感应电流方向相反
B.不管从什么方向拉出，金属圆环中的感应电流方向总是顺时针
C.不管从什么方向拉出，环中的感应电流方向总是逆时针
D.在此过程中感应电流大小不变
6、如图所示，甲、乙两带电小球的质量均为m，所带电荷量分别为＋q和－q，两球间用绝缘细线2连接，甲球用绝缘细线1悬挂在天花板上，在两球所在空间有沿水平方向向左的匀强电场，场强为E，且有qE＝mg，平衡时细线都被拉直.则平衡时的可能位置是哪个图（ ）
7、显像管的电子枪中，从炽热的金属丝不断放出的电子进入电压为U的加速电场，设其初速度为零，经加速后形成横截面积为S、电流为I的电子束。
已知电子的电荷量为e、质量为m，则在刚射出加速电场时，一小段长为Δl的电子束内的电子个数是（ ）
A.
B.
C.
D.
8、如图所示，在真空中有两个固定的等量异种点电荷＋Q和－Q.直线MN是两点电荷连线的中垂线，O是两点电荷连线与直线MN的交点.a、b是两点电荷连线上关于O的对称点，c、d是直线MN上的两个点.下列说法中正确的是（ ）
A.a点场强大于b点场强，将一检验电荷沿MN由c移动到d，所受电场力先增大后减小
B.a点场强小于b点场强，将一检验电荷沿MN由c移动到d，所受电场力先减小后增大
C.a点场强等于b点场强，将一检验电荷沿MN由c移动到d，所受电场力先增大后减小
D.a点场强等于b点场强，将一检验电荷沿MN由c移动到d，所受电场力先减小后增大
9、如图所示的电路中，P为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U1不变，闭合开关S，下列说法正确的是（ ）
A.P向下滑动时，灯L变亮
B.P向下滑动时，变压器的输出电压不变
C.P向上滑动时，变压器的输入电流变小
D.P向上滑动时，变压器的输出功率变大
10、美国物理学家密立根通过研究平行板间悬浮不动的带电油滴，准确地测定了电子的电荷量。
如图所示，平行板电容器两极板M、N与电压为U的恒定电源两极相连，板的间距为d。
现有一质量为m的带电油滴在极板间匀速下落，则（ ）
A．此时极板间的电场强度E＝
B．油滴带电荷量为
C．减小极板间电压，油滴将加速下落
D．将极板N向下缓慢移动一小段距离，油滴将向上运动
11、如图所示，半径为R的光滑半圆弧绝缘轨道固定在竖直面内，磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直于轨道平面向里.一可视为质点、质量为m、电荷量为q（q>0）的小球由轨道左端A点无初速度滑下，当小球滑至轨道最低点C时，给小球再施加一始终水平向右的外力F，使小球能保持不变的速率滑过轨道右侧的D点.若轨道的两端等高，小球始终与轨道接触，重力加速度为g，则下列判断正确的是（ ）
A.小球在C点对轨道的压力大小为qB
B.小球在C点对轨道的压力大小为3mg－qB
C.小球从C到D的过程中，外力F的大小保持不变
D.小球从C到D的过程中，外力F的功率逐渐增大
12、如图甲所示，间距为L的光滑导轨水平放置在竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度为B，轨道左侧连接一定值电阻R.垂直导轨的导体棒ab在平行导轨的水平外力F作用下沿导轨运动，F随t变化的规律如图乙所示.在0～t0时间内，棒从静止开始做匀加速直线运动.图乙中t0、F1、F2为已知量，棒和导轨的电阻不计.则（ ）
A.在t0以后，导体棒一直做匀加速直线运动
B.在t0以后，导体棒先做加速，最后做匀速直线运动
C.在0～t0时间内，导体棒的加速度大小为
D.在0～t0时间内，通过导体棒横截面的电荷量为
第Ⅱ卷（共52分）
注意事项：
第Ⅱ卷共4页，用钢笔或圆珠笔将答案直接写在试题卷上。
二．实验题（共16分，每空2分）
13、请分别读出下面游标卡尺和螺旋测微器的读数：
游标卡尺读数为cm；螺旋测微仪读数为mm。
14、在“练习使用多用电表”的实验中：
（1）测量某电阻时，用欧姆挡“×10”挡时，发现指针偏转角度过大，他应该换用欧姆挡挡（填“×1”或“×100”）
（2）若该欧姆表使用一段时间后，电池电动势变小，内阻变大，但此表仍能调零，按正确使用方法再测上述Rx，其测量结果与原结果相比将（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（3）二极管具有单向导电性，其正向电阻很小，反向电阻很大，现有一个二极管其正极记为A、负极记为B.某同学研究二极管正、反向电阻的相关实验操作过程如下：
先用多用电表的欧姆挡测量其电阻，其正向电阻约为10Ω，反向电阻约为50kΩ，则在测量二极管的正向电阻时，电表的红表笔应接（填“A”或“B”）端。
15、某实验小组利用下列器材测定电压表V1的内阻，可选用的器材如下：
A.待测电压表V1：
量程3V，内阻约3kΩB.电压表V2：
量程15V，内阻约20kΩ
C.电流表A：
量程3A，内阻约0.1ΩD.定值电阻R0：
9.0kΩ
E.滑动变阻器R1：
0～200ΩF.滑动变阻器R2：
0～2kΩ
G.电源E：
电动势约为12V，内阻忽略不计H.开关、导线若干
（1）为了准确测量电压表V1的内阻，两位同学根据上述实验器材分别设计了如图甲和乙两个测量电路，你认为（选填“甲”或“乙”）更合理。
（2）滑动变阻器应该选用（选填“R1”或“R2”）。
（3）用已知量R0和V1、V2的示数U1、U2来表示电压表V1的内阻：
RV1＝。
三．计算题：
（3小题，共36分。
要求：
写出必要的文字说明和过程，直接写出结果不得分）
16（8分）、如图所示，MN、PQ是两根足够长的光滑平行金属导轨，导轨间距为d，导轨所在平面与水平面成θ角，M、P间接阻值为R的电阻.匀强磁场的方向与导轨所在平面垂直，磁感应强度大小为B.质量为m、阻值为r、长度为d的金属棒放在两导轨上，在平行于导轨的拉力作用下，以速度v匀速向上运动.已知金属棒与导轨始终垂直并且保持良好接触，重力加速度为g，求：
（1）通过电阻R的电流I；
（2）拉力F的大小.
17（13分）、如图所示，一个质量为m、电荷量为q的正离子，在D处沿图示方向以一定的速度射入磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里.结果离子正好从距A点为d的小孔C沿垂直于电场方向进入匀强电场，此电场方向与AC平行且向上，最后离子打在G处，而G处距A点2d（AG⊥AC），不计离子重力，离子运动轨迹在纸面内.求：
（1）此离子在磁场中做圆周运动的半径r；
（2）离子从D处运动到G处所需时间；
（3）离子到达G处时的动能.
18（15分）、如下图所示，水平放置的绝缘粗糙轨道AB与处于竖直平面内的半圆形绝缘光滑轨道BC平滑连接，半圆形轨道的半径R＝0.4m，在轨道所在空间存在水平向右的匀强电场，电场线与轨道所在的平面平行，电场强度E＝1.0×104N/C，现有一电荷量
q＝＋1.0×10－4C、质量m＝0.1kg的带电体（可视为质点），在水平轨道上的P点由静止释放，带电体恰好能通过半圆形轨道的最高点C，然后落至水平轨道上的D点（图中未画出）。
取g＝10m/s2。
求：
（1）带电体运动到半圆形轨道B点时对半圆形轨道的压力大小；
（2）D点到B点的距离xDB；
（3）带电体在从P开始运动到落至D点的过程中的最大动能。
（结果保留3位有效数字）
黄骅中学2018－2019年度高中二年级第一学期第二次月考
物理试卷小卷（共20分）
命题人：
王江涛审定人：
曹治国注意事项：
考生务必将自己的姓名、学号、班级及准考证号等分别写在试卷相应位置。
一．选择题（本题包括2小题，每小题5分，共10分）
请将选择题答案写在该处：
1、2、
1、（单选）一匀强电场的电场强度E随时间t变化的图象如图所示，在该匀强电场中，有一个带负电粒子于t＝0时刻由静止释放，若带电粒子只受电场力作用，则下列说法中正确的是（假设带电粒子不与板相碰）（ ）
A.带电粒子只向一个方向运动
B.0～2s内，电场力做功等于0
C.4s末带电粒子回到原出发点
D.2.5～4s内，电场力做功等于0
2、（多选）如图所示，垂直于纸面向里的匀强磁场分布在正方形abcd区域内，O点是cd边的中点.一个带正电的粒子仅在磁场力的作用下，从O点沿纸面以垂直于cd边的速度射入正方形内，经过时间t0后刚好从c点射出磁场.现设法使该带电粒子从O点沿纸面以与Od成30°角的方向，以大小不同的速率射入正方形内，那么下列说法中正确的是（ ）
A.若该带电粒子在磁场中经历的时间是
t0，则它一定从cd边射出磁场
B.若该带电粒子在磁场中经历的时间是
t0，则它一定从ad边射出磁场
C.若该带电粒子在磁场中经历的时间是
t0，则它一定从bc边射出磁场
D.若该带电粒子在磁场中经历的时间是t0，则它一定从ab边射出磁场
二．计算题：
（10分）
如图所示，间距为L的平行且足够长的光滑导轨由两部分组成.倾斜部分与水平部分平滑相连，倾角为θ，在倾斜导轨顶端连接一阻值为r的定值电阻.质量为m、电阻也为r的金属杆MN垂直导轨跨放在导轨上，在倾斜导轨区域加一垂直导轨平面向下、磁感应强度为B的匀强磁场；在水平导轨区域加另一垂直轨道平面向下、磁感应强度也为B的匀强磁场.闭合开关S，让金属杆MN从图示位置由静止释放，已知金属杆MN运动到水平轨道前，已达到最大速度，不计导轨电阻且金属杆MN两端始终与导轨接触良好，重力加速度为g.求：
（1）金属杆MN在倾斜导轨上滑行的最大速率vm；
（2）金属杆MN在倾斜导轨上运动，速度未达到最大速度vm前，当流经定值电阻的电流从零增大到I0的过程中，通过定值电阻的电荷量为q，求这段时间内在定值电阻上产生的焦耳热Q；
黄骅中学2018－2019年度高中二年级第一学期第二次月考
物理试卷小卷
命题人：
王江涛审定人：
曹治国
注意事项：
考生务必将自己的姓名、学号、班级及准考证号等分别写在试卷相应位置。
一．不定项选择题（本题包括2小题，每小题5分，共10分）
1、答案 D
2、答案 AC
二、计算题
解析
（1）金属杆MN在倾斜导轨上滑行的速度最大时，其受到的合力为零，
对其受力分析，可得mgsinθ－BImL＝0
根据法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律可得：
Im＝
解得：
vm＝
（2）设在这段时间内，金属杆MN运动的位移为x
由电流的定义可得：
q＝
Δt
根据法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律得：
平均电流
＝
＝
解得：
x＝
设电流为I0时金属杆MN的速度为v0，根据法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律，可得I0＝
，解得v0＝
设此过程中，电路产生的焦耳热为Q热，由功能关系可得：
mgxsinθ＝Q热＋
mv02
定值电阻r产生的焦耳热Q＝
Q热
解得：
Q＝
－
黄骅中学2018－2019年度高中二年级第一学期第二次月考
物理答案
一、选择题
1、B2、C3、C4、D5、B6、A7、B8、C
9、BD10、AC11、BD12、BD
二、实验题（每空2分）
13、1.220cm6.860mm
14、×1变大B
15、乙R1
三、计算题
16、
（1）
（2）mgsinθ＋
解析
（1）根据闭合电路欧姆定律得I＝
＝
（2）根据牛顿第二定律有F－F安－mgsinθ＝0，又因为F安＝BId＝
，所以F＝mgsinθ＋
.
17、答案
（1）
d
（2）
（3）
解析
（1）正离子运动的轨迹如图所示.磁场中做圆周运动的半径r满足：
d＝r＋rcos60°，解得r＝
d
（2）设离子在磁场中的运动速度为v0，则有：
qv0B＝m
.
T＝
＝
，
由图知离子在磁场中做圆周运动的时间为：
t1＝
T＝
离子在电场中做类平抛运动，从C到G的时间为：
t2＝
＝
，
离子从D处运动到G处所需时间为：
t＝t1＋t2＝
（3）设电场强度为E，则有：
qE＝ma
d＝
at22
由动能定理得：
qEd＝EkG－
mv02
解得EkG＝
18、答案
（1）6.0N
（2）0 （3）1.17J
解析
（1）设带电体通过C点时的速度为vC，依据牛顿第二定律有mg＝m
，
解得vC＝2.0m/s.
设带电体通过B点时的速度为vB、轨道对带电体的支持力大小为FB，带电体在B点时，根据牛顿第二定律有FB－mg＝m
.
带电体从B运动到C的过程中，根据动能定理有
－mg×2R＝
mvC2－
mvB2
联立解得FB＝6.0N，
根据牛顿第三定律，带电体对轨道的压力大小FB′＝6.0N.
（2）设带电体从最高点C落至水平轨道上的D点经历的时间为t，根据运动的分解有，
竖直方向：
2R＝
gt2，
水平方向：
xDB＝vCt－
t2.
联立解得xDB＝0.
（3）由P到B带电体做加速运动，故最大速度一定出现在从B经C到D的过程中，在此过程中只有重力和电场力做功，这两个力大小相等，其合力与重力方向成45°夹角斜向右下方，故最大速度必出现在B点右侧对应圆心角为45°处.
设带电体的最大动能为Ekm，根据动能定理有
qERsin45°－mgR（1－cos45°）＝Ekm－
mvB2，
代入数据解得Ekm≈1.17J
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