赢在微点生物一轮复习高考作业 20.docx

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赢在微点生物一轮复习高考作业20

高考作业（十五）　孟德尔的豌豆杂交实验

（一）

A组·全员必做题

1．（2019·陕西师大附中模拟）科学研究过程一般包括发现问题、提出假设、实验验证、数据分析、得出结论等。

在孟德尔探究遗传规律的过程中，导致孟德尔发现问题的现象是（　　）

A．等位基因随同源染色体分开而分离

B．具一对相对性状的纯合亲本杂交得F1，F1自交得F2，在F2中表现型之比接近3∶1

C．具一对相对性状的纯合亲本杂交得F1，F1测交，后代表现型之比接近1∶1

D．雌雄配子结合的机会均等

解析　在孟德尔探究遗传规律的过程中，导致孟德尔发现问题的是具一对相对性状的纯合亲本杂交得F1，F1自交得F2，F2中表现型之比接近3∶1，B项正确。

答案　B

2．（2019·常德期末）利用“假说—演绎法”，孟德尔发现了两大遗传定律。

下列相关叙述正确的是（　　）

A．孟德尔假说的内容之一是“生物体能产生数量相等的雌雄配子”

B．分离定律的实质是子二代性状分离比为3∶1

C．孟德尔发现的遗传规律可以解释所有进行有性生殖的生物的遗传现象

D．孟德尔作出的“演绎”是F1与隐性纯合子杂交，预测后代产生1∶1的性状分离比

解析　通常情况下，生物体产生的雄配子的数量远大于雌配子，A项错误；分离定律的实质是F1产生配子时，成对的遗传因子彼此分离，分别进入不同配子中，随配子遗传给后代，B项错误；孟德尔发现的遗传规律不能解释同源染色体上非等位基因的遗传（连锁遗传），C项错误；孟德尔作出的“演绎”是若F1产生数量相等的两种配子，则与隐性纯合子杂交，后代会产生两种表现型，且比例为1∶1，D项正确。

答案　D

3．（2019·汉中市质检）孟德尔运用假说—演绎法发现了遗传定律，下列说法错误的是（　　）

A．孟德尔提出问题源于豌豆纯合亲本杂交和F1自交实验

B．“生物的性状是由遗传因子控制的”属于作出的假说

C．为了验证假说，孟德尔设计并完成了自交实验

D．与类比推理法相比，假说—演绎法所得结论更可靠

解析　孟德尔根据纯合亲本杂交，后代只出现一种表现型，以及F1自交后代出现性状分离，从而提出问题，A项正确；生物的性状是由遗传因子控制的，属于假说的内容，B项正确；为了验证假说，孟德尔设计了测交实验，C项错误；假说—演绎法通过测交实验进行了验证，因而，该方法所得结论比类比推理法更可靠，D项正确。

答案　C

4．（2019·天津武清期末）某二倍体植物中，高秆和矮秆这对相对性状由一对等位基因控制。

要确定这对性状的显隐性关系，应该选用的杂交组合是（　　）

A．高秆植株×矮秆植株

B．高秆纯合体×矮秆纯合体

C．高秆植株×高秆植株

D．矮秆植株×矮秆植株

解析　判断相对性状的显隐性，常选择具有相对性状的纯合子杂交，观察后代的性状表现，B项正确。

答案　B

5．（2019·浦东模拟）某同学的父亲是B型血，母亲是AB型血，那么该同学的血型不可能是（　　）

A．O型B．A型

C．B型D．AB型

解析　人类的血型是由等位基因ⅠA、ⅠB、i控制的，某同学的父亲是B型血，基因型可能为ⅠBⅠB、ⅠBi，母亲是AB型血，基因型为ⅠAⅠB，则该同学的基因型可能为ⅠAⅠB、ⅠBⅠB、ⅠAi、ⅠBi，即其可能是A型、B型、AB型血，A项符合题意。

答案　A

6．（2019·安徽江淮十校联考）假说—演绎法是现代科学研究中常用的方法。

利用该方法，孟德尔发现了遗传学的两大定律。

下列叙述中正确的是（　　）

A．“遗传因子在体细胞中的染色体上是成对存在的”是假说的关键内容

B．为了验证作出的假说是否正确，孟德尔设计了正反交实验

C．孟德尔设计的验证实验可用于检测F1的遗传因子组成

D．对分离现象的解释包括“一对相对性状的杂交实验和结果”

解析　“杂合子形成配子时，成对的遗传因子彼此分离，分别进入不同的配子中”是假说的关键内容，A项错误；为了验证作出的假说是否正确，孟德尔设计了测交实验，B项错误；测交实验可用于检测F1的遗传因子组成或产生配子的种类与比例，C项正确；“一对相对性状的杂交实验和结果”是假说—演绎法的“观察实验、提出问题”阶段的内容，对分离现象的解释是假说—演绎法的“分析问题、提出假说”阶段的内容，D项错误。

答案　C

7．（2019·承德期末）下列有关孟德尔一对相对性状的杂交实验的叙述，正确的是（　　）

A．F1产生数量相等的雌雄配子是F2出现3∶1的性状分离比的前提

B．孟德尔根据F2的性状分离比提出产生配子时等位基因会相互分离

C．孟德尔根据测交实验提出假说，并通过杂交实验对假说结果进行演绎推理

D．豌豆杂交实验要对母本进行去雄处理并套袋，以防止外来花粉的干扰

解析　F1产生的雄配子数量多于雌配子数量，A项错误；孟德尔提出遗传因子的概念，没有提出等位基因的概念，B项错误；孟德尔通过观察纯合亲本的杂交实验和F1的自交实验提出假说，通过测交实验验证了假说的正确性，C项错误；豌豆花为两性花，豌豆杂交实验要对母本进行去雄处理并套袋，以防止外来花粉的干扰，D项正确。

答案　D

8．（2019·山东师大附中模拟）下列关于分离定律的叙述，不正确的是（　　）

A．分离定律适用于真核生物有性生殖的细胞核遗传

B．孟德尔解释分离定律时运用了假说演绎的方法

C．分离定律的实质是等位基因随同源染色体分开而分离导致F1产生的配子比例为1∶1

D．子代配子生活力、配子是否随机结合及个体存活率等条件会影响到子代的性状分离比

解析　孟德尔发现分离定律运用了假说演绎的方法，B项错误。

答案　B

9．某养兔场有黑色兔和白色兔，假如黑色（B）对白色（b）为显性，要想鉴定一只黑色公兔是杂种（Bb）还是纯种（BB），最合理的方法是（　　）

A．让该公兔充分生长，以观察其肤色是否会发生改变

B．让该黑色公兔与黑色母兔（BB或Bb）交配

C．让该黑色公兔与多只白色母兔（bb）交配

D．从该黑色公兔的表现型即可分辨

解析　鉴定显性表现型动物个体的基因型可采用测交的方法，即让该黑色公兔与多只白色母兔（bb）交配，如果后代全为黑色兔，则说明该黑色公兔的基因型可能为BB；如果后代中出现了白色兔，则说明该黑色公兔的基因型为Bb，C项正确。

答案　C

10．某夫妇均患有家族性多发性结肠息肉（由常染色体上一对等位基因控制），他们所生的一个女儿正常，预计他们生育第二个孩子患此病的概率是（　　）

A.

　　　B.

C.

　　　D.

解析　根据题意可知该病为常染色体上的显性遗传病，设致病基因为A，则这对夫妇的基因型均为Aa，他们的后代基因型及比例为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，患病∶正常＝3∶1，所以预计他们生育第二个孩子患此病的概率是3/4。

答案　C

11．黄瓜是雌雄同株异花的二倍体植物，果皮颜色（绿色和黄色）受一对等位基因控制。

为了判断这对相对性状的显隐性关系，甲乙两同学分别从某种群中随机选取两个个体进行杂交实验，请回答下列问题：

（1）甲同学选取绿果皮植株与黄果皮植株进行正交与反交，观察F1的表现型。

请问是否一定能判断显隐性？

______，为什么？

______________________________________________。

（2）乙同学做了两个实验，实验一：

绿色果皮植株自交；实验二：

上述绿色果皮植株做父本、黄色果皮植株做母本进行杂交，观察F1的表现型。

①若实验一后代有性状分离，即可判断________为显性。

②若实验一后代没有性状分离，则需通过实验二进行判断。

若实验二后代________，则绿色为显性；若实验二后代______________________________________，则黄色为显性。

解析　

（1）具有一对相对性状的纯合亲本杂交，子代表现出的亲本性状为显性性状，子代未表现出的亲本性状为隐性性状；甲同学选取绿果皮植株与黄果皮植株进行正交与反交，观察F1的表现型，不一定能判断出该对性状的显隐性关系，因为当显性亲本为杂合子时，后代的表现型均为绿色和黄色。

（2）①杂合子自交，后代会出现性状分离现象，则出现的新性状类型为隐性性状，亲本具有的性状为显性性状。

根据题意，实验一绿色果皮植株自交，若后代有性状分离，即可判断绿色果皮为显性性状。

②若实验一后代没有性状分离，则说明亲本的绿色果皮植株是纯合子，既可能是显性纯合子也可能是隐性纯合子，则需通过实验二进行判断，即用实验一中的绿色果皮植株做父本、黄色果皮植株做母本进行杂交，观察F1的表现型；若实验二后代全部为绿色，则绿色为显性；若实验二后代全部为黄色或黄色∶绿色＝1∶1，则黄色为显性。

答案　

（1）不一定　因为显性亲本为杂合子时，后代的表现型为绿色和黄色，因此无法判断显隐性

（2）①绿色　②全部为绿色　全部为黄色或黄色∶绿色＝1∶1

B组·能力提升题

12．（2019·安徽重点校联考）家鼠的毛色受常染色体上的一对等位基因（A/a）控制，且黄色对灰色为显性，含AA的胚胎致死。

下列叙述错误的是（　　）

A．无需测交实验，只看毛色即可知道个体的基因型

B．黄色鼠自由交配的后代中黄色鼠∶灰色鼠＝2∶1

C．黄色鼠与灰色鼠杂交能获得最大比例的黄色鼠

D．黄鼠与黄鼠交配得到F1，F1自由交配一次得到F2，F2中黄鼠的比例是1/2

解析　黄色对灰色为显性，含AA的胚胎致死，故家鼠中只有Aa（黄色）和aa（灰色）的个体，故无需测交实验，只看毛色即可知道个体的基因型，A项正确；黄色鼠基因型均为Aa，故自由交配的后代中黄色鼠∶灰色鼠＝2∶1，B项正确；黄色鼠（Aa）与灰色鼠（aa）杂交后代中黄色鼠占1/2，而黄色鼠（Aa）与黄色鼠（Aa）杂交后代中黄色鼠占2/3，C项错误；黄鼠（Aa）与黄鼠（Aa）交配得到F1，F1中Aa∶aa＝2∶1，若F1自由交配得到F2，F2中黄鼠的比例是1/2，D项正确。

答案　C

13．（2019·茂名一模）某果蝇的长翅、小翅和残翅分别受位于一对常染色体上的基因E、E1、E2控制，且具有完全显性关系。

小翅雌蝇和纯合残翅雄蝇交配，子一代表现为小翅和长翅。

下列叙述正确的是（　　）

A．E对E1为显性，E1对E2为显性

B．E、E1、E2在遗传中遵循自由组合定律

C．亲本的基因型分别为E1E、E2E2

D．果蝇关于翅形的基因型有5种

解析　小翅雌蝇和纯合残翅雄蝇交配，子一代表现为小翅和长翅，可判断出，E1对E、E2为显性，E对E2为显性，亲本小翅基因型为E1E，残翅基因型为E2E2，子一代小翅基因型是E1E2、长翅基因型是EE2，A项错误、C项正确；E、E1、E2位于一对同源染色体上，属于复等位基因，在遗传中遵循分离定律，B项错误；由于基因位于常染色体上，果蝇关于翅形的基因型有E1E1、EE、E2E2、E1E、E1E2、EE2，共6种，D项错误。

答案　C

14．（2019·郴州一模）一株基因型为Aa的植物自交得到后代，下列相关叙述错误的是（　　）

A．若自交后代基因型比例是2∶3∶1，可能是含有隐性基因的花粉50%的死亡造成的

B．若自交后代的基因型比例是2∶2∶1，可能是隐性个体有50%的死亡造成的

C．若自交后代的基因型比例是4∶4∶1，可能是含有隐性基因的配子有50%的死亡造成的

D．若自交后代的基因型比例是1∶2∶1，可能是花粉有50%的死亡造成的

解析　一杂合子（Aa）植株自交时，后代基因型及比例理论上应该是AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1。

若自交后代基因型比例是2∶3∶1，说明Aa和aa分别有1/4和1/2死亡，则可能是含有隐性基因的花粉50%的死亡造成的，A项正确；若自交后代的基因型比例是2∶2∶1，则可能是杂合子和隐性个体都有50%的死亡造成的，B项错误；若含有隐性基因的配子有50%的死亡，则自交后代的基因型比例是4∶4∶1，C项正确；若花粉有50%的死亡，其并不影响花粉的基因型比例，所以后代的性状分离比仍然是1∶2∶1，D项正确。

答案　B

15．（2019·河南联考）已知某种植物果皮的有毛和无毛由常染色体上的一对等位基因（D、d）控制，让多个果皮有毛的亲本自交，F1的表现型及比例为有毛∶无毛＝7∶1（不考虑基因突变、染色体变异和致死情况）。

下列有关分析不合理的是（　　）

A．该植物果皮的有毛对无毛为显性

B．亲本的基因型有DD、Dd两种，且比例为1∶1

C．F1中d基因的频率为1/4

D．F1果皮有毛植株中DD∶Dd＝4∶1

解析　让多个果皮有毛的亲本自交，F1的表现型及比例为有毛∶无毛＝7∶1，后代出现了无毛，说明有毛对无毛为显性，A项正确；Dd自交后代无毛的比例为1/4，而F1无毛的比例为1/8，说明亲本DD∶Dd＝1∶1，B项正确；子一代DD∶Dd∶dd＝5∶2∶1，则d的基因频率＝1/2×2/8＋1/8＝1/4，C项正确；F1果皮有毛植株中DD∶Dd＝5∶2，D项错误。

答案　D

16．（2019·湘东五校联考）现有一个由AA、Aa、aa三种基因型个体组成的动物种群，已知该种群中具有繁殖能力的个体间通过随机交配进行繁殖，而基因型为aa的个体不具有繁殖能力。

该种群繁殖一代，若子一代中AA∶Aa∶aa＝9∶6∶1，则亲代中AA、Aa和aa的数量比可能为（　　）

A．4∶1∶4B．4∶3∶2

C．4∶2∶3D．5∶5∶1

解析　设亲本具有繁殖能力的个体中AA的比例为x，则Aa的比例为1－x，产生的A配子所占比例为x＋（1－x）/2＝（1＋x）/2，a配子所占比例为（1－x）/2，随机交配的后代中，AA所占比例为[（1＋x）/2]2＝9/16，可求得x＝1/2，即亲代中AA和Aa的比例相等，D项符合题意。

答案　D

17．（2019·广东中山一中第一次统测）如图所示为一对夫妇的基因型和他们子女的基因型及对应的表现型（秃顶与非秃顶）。

有另一对夫妇的基因型为b＋b和bb，则生一个非秃顶孩子的概率为（　　）

A．1/2B．1/3

C．1/4D．3/4

解析　据图可知，b＋b＋在男性和女性中均表现为非秃顶，bb在男性和女性中均表现为秃顶、而杂合子b＋b（或bb＋）在女性中为非秃顶，在男性中为秃顶。

b＋b×bb→b＋b∶bb＝1∶1，故非秃顶孩子的概率为1/2×1/2＝1/4，C项正确。

答案　C

18．已知牛的有角与无角为一对相对性状，由常染色体上的等位基因A与a控制，在自由放养多年的一牛群中，两基因频率相等，每头母牛一次只生产1头小牛。

下列关于性状遗传的研究方法及推断不正确的是（　　）

A．选择多对有角牛和无角牛杂交，若后代有角牛明显多于无角牛则有角为显性；反之，则无角为显性

B．自由放养的牛群自由交配，若后代有角牛明显多于无角牛，则说明有角为显性

C．选择多对有角牛和有角牛杂交，若后代全部是有角牛，则说明有角为隐性

D．随机选出1头有角公牛和3头无角母牛分别交配，若所产的3头牛全部是无角，则无角为显性

解析　随机选出1头有角公牛和3头无角母牛分别交配，若所产的3头牛全部是无角，由于子代牛的数量较少，不能判断显隐性关系。

答案　D

19．（2019·济宁期末）某哺乳动物的毛色由常染色体上的一组等位基因B1、B2和B3控制，其中B1控制黑色，B2控制灰色，B3控制棕色，B1对B2和B3为显性，基因型B2B3表现为花斑色。

请回答下列问题：

（1）B1、B2和B3源自基因突变，说明基因突变具有______________________的特点。

（2）控制毛色的基因型有________种，毛色的遗传遵循________定律。

（3）若雌雄中均取数量相同的各种基因型的个体进行随机交配，产生的后代中各种表现型及其比例为__________________________________________。

（4）有人在实验中发现，某灰色雄性个体与多只棕色雌性个体杂交，后代花斑色∶棕色＝1∶1，最可能的原因是

________________________________________________________________________________________________________________________________________________；

为验证此结论，让后代中所有的花斑色与棕色相互交配，若结果为____________________________，则推断正确。

解析　

（1）基因突变具有不定向性，可以产生一个及以上的等位基因。

（2）B1控制黑色，B2控制灰色，B3控制棕色，B1对B2和B3为显性。

B1、B2、B3形成的纯合子有3种，杂合子有3种，所以控制毛色的基因型一共有6种。

毛色的遗传遵循基因的分离定律。

（3）若雌雄中均取数量相同的各种基因型的个体进行随机交配，则雌雄性个体产生的B1配子、B2配子、B3配子各占1/3，故交配后代黑色个体为B1B1、B1B2、B1B3＝1/9＋1/9×2＋1/9×2＝5/9，灰色个体为B2B2＝1/9，花斑色个体为B2B3＝1/9×2＝2/9，棕色个体为B3B3＝1/9，故后代中各种表现型及其比例为黑色∶灰色∶花斑色∶棕色＝5∶1∶2∶1。

（4）某灰色雄性个体B2B2与多只棕色雌性个体B3B3杂交，后代应该为B2B3，全为花斑色。

但后代花斑色∶棕色＝1∶1，最可能的原因是此灰色个体的B2基因所在的一条染色体缺失（或此灰色个体的B2基因所在的一条染色体片段缺失），即B2O与B3B3杂交，后代为B2B3花斑色和B3O棕色。

为验证此结论，让后代中所有的花斑色B2B3与棕色B3O相互交配，若结果为1B2B3花斑色、1B3B3棕色、1B2O灰色、1B3O棕色，则推断正确。

答案　

（1）不定向性

（2）6　基因的分离

（3）黑色∶灰色∶花斑色∶棕色＝5∶1∶2∶1

（4）此灰色个体的B2基因所在的一条染色体缺失（或此灰色个体的B2基因所在的一条染色体片段缺失）　灰色∶花斑色∶棕色＝1∶1∶2