版 分层提能限时练15 基因的自由组合定律Word格式.docx

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（1/2）7＝7/128，A错误；

同理，自交子代中3对杂合、4对纯合的个体占C

（1/2）7＝35/128，B正确；

自交子代中5对杂合、2对纯合的个体有C

（1/2）7＝21/128，C错误；

自交子代中7对等位基因纯合与7对等位基因杂合的个体出现的概率均为（1/2）7＝1/128，D错误。

【答案】　B

3．豌豆的高茎（Y）对矮茎（y）为显性，圆粒（R）对皱粒（r）为显性，两对基因位于非同源染色体上，现有基因型为YyRr的植株自交，则后代的纯合子中与亲本表现型相同的概率是（　　）

A．1/4　　　B．3/4

C．3/8　　　D．9/16

【解析】　已知基因型为YyRr的亲本植株的表现型为高茎圆粒，该亲本植株自交，后代中纯合子的基因型及其比例为YYRR∶YYrr∶yyRR∶yyrr＝1∶1∶1∶1，其中基因型为YYRR的个体表现型为高茎圆粒，与亲本表现型相同，其概率是1/4，A正确。

【答案】　A

4．在豚鼠中，黑色（C）对白色（c）、毛皮粗糙（R）对毛皮光滑（r）是显性。

能验证基因的自由组合定律的最佳杂交组合是（　　）

A．黑光×

白光→18黑光∶16白光

B．黑光×

白粗→25黑粗

C．黑粗×

白粗→15黑粗∶7黑光∶16白粗∶3白光

D．黑粗×

白光→10黑粗∶9黑光∶10白粗∶11白光

【解析】　验证基因自由组合定律的方法有测交和自交两种，测交子代表现型应出现1∶1∶1∶1，自交子代表现型应出现9∶3∶3∶1，D正确。

5.水稻香味性状与抗病性状独立遗传。

香味性状受隐性基因（a）控制，抗病（B）对感病（b）为显性。

为选育抗病香稻新品种，进行一系列杂交实验。

两亲本无香味感病与无香味抗病植株杂交的统计结果如图所示。

下列有关叙述不正确的是

（　　）

A．香味性状一旦出现即能稳定遗传

B．两亲本的基因型分别是Aabb、AaBb

C．两亲本杂交的子代中能稳定遗传的有香味抗病植株所占比例为0

D．两亲本杂交的子代自交，后代群体中能稳定遗传的有香味抗病植株所占比例为1/32

【解析】　由题意可知，香味性状对应基因型为aa，一旦出现即能稳定遗传，A正确；

由于子代抗病∶感病＝1∶1，可推知亲代为Bb和bb，子代无香味∶香味＝3∶1，可推知亲代为Aa和Aa，所以两亲本的基因型分别是Aabb、AaBb，B正确；

两亲本（Aabb、AaBb）杂交的子代中有香味抗病植株的基因型为aaBb，均为杂合子，C正确；

两亲本杂交的子代为1/8AABb、1/4AaBb、1/8AAbb、1/4Aabb、1/8aaBb、1/8aabb，子代自交，后代群体中能稳定遗传的有香味抗病植株（aaBB）所占比例为1/4×

1/4×

1/4＋1/8×

1/4＝3/64，D错。

6．已知某一动物种群中仅有Aabb和AAbb两种类型的个体（aa的个体在胚胎期致死），两对性状的遗传遵循基因的自由组合定律，Aabb∶AAbb＝1∶1，且该种群中雌雄个体比例为1∶1，个体间可以自由交配，则该种群自由交配产生的成活子代中能稳定遗传的个体所占比例是（　　）

A．5/8　　　B．3/5

C．1/4　　　D．3/4

【解析】　在自由交配的情况下，上下代之间种群的基因频率不变。

由Aabb∶AAbb＝1∶1可得，A的基因频率为3/4，a的基因频率为1/4。

故子代中AA的基因型频率是A的基因频率的平方，为9/16，子代中aa的基因型频率是a的基因频率的平方，为1/16，Aa的基因型频率为6/16。

因基因型为aa的个体在胚胎期死亡，所以能稳定遗传的个体（AA）所占比例是9/16÷

（9/16＋6/16）＝3/5。

7．雕鸮（鹰类）的下列性状分别由位于两对常染色体上的两对等位基因控制，其中有一对基因具有显性纯合致死效应（显性纯合子在胚胎期死亡）。

已知绿色条纹雕鸮与黄色无纹雕鸮交配，F1为绿色无纹和黄色无纹，比例为1∶1。

当F1的绿色无纹雕鸮彼此交配时，其后代（F2）表现型及比例均为绿色无纹∶黄色无纹∶绿色条纹∶黄色条纹＝6∶3∶2∶1，下列有关说法错误的是（　　）

A．F1中的黄色无纹个体测交后代比例为1∶1∶1∶1

B．F1中的绿色无纹个体都是双杂合子

C．显性性状分别是绿色、无纹

D．F2中致死的个体所占的比例为1/4

【解析】　由于F1的绿色无纹雕鸮彼此交配时，后代的表现型及其比例均为绿色无纹∶黄色无纹∶绿色条纹∶黄色条纹＝6∶3∶2∶1，将两对性状分开看，绿色∶黄色＝2∶1，无纹∶条纹＝3∶1，可以确定绿色和无纹为显性性状且控制绿色的基因纯合致死。

进而可判断出F1中的黄色无纹个体为单杂合子，测交后代比例应为黄色无纹∶黄色条纹＝1∶1。

8．在西葫芦的皮色遗传中，已知黄皮基因（Y）对绿皮基因（y）为显性，但在另一白色显性基因（W）存在时，基因Y和y都不能表达，且两对基因独立遗传。

现有基因型为WwYy的个体自交，其后代的表现型种类及比例是（　　）

A．4种，9∶3∶3∶1B．2种，13∶3

C．3种，12∶3∶1D．3种，10∶3∶3

【解析】　由题干信息“在另一白色显性基因（W）存在时，基因Y和y都不能表达”知，等位基因之间会相互作用，从而导致后代出现异常分离比。

由于两对基因独立遗传，所以，基因型为WwYy的个体自交，符合自由组合定律，产生的后代可表示为：

9W_Y_∶3wwY_∶3W__yy∶1wwyy，由于W存在时，Y和y都不能表达，所以W_Y_和W_yy个体都表现为白色，占12/16；

wwY_个体表现为黄色，占3/16：

wwyy个体表现为绿色，占1/16。

【答案】　C

9．人体内显性基因D对耳蜗管的形成是必需的，显性基因E对听神经的发育是必需的。

二者缺一，个体即聋。

这两对基因独立遗传。

下列有关说法不正确的是（　　）

A．夫妇中有一个耳聋，也有可能生下听觉正常的孩子

B．一方只有耳蜗管正常，另一方只有听神经正常的夫妇，只能生下耳聋的孩子

C．基因型为DdEe的双亲生下耳聋的孩子的概率为7/16

D．耳聋夫妇可以生下基因型为DdEe的孩子

【解析】　一方耳聋但双方基因能组合为双显时能生出正常孩子，如DDEE、ddEE的双亲可以生出正常的孩子；

一方只有耳蜗管正常，另一方只有听神经正常的夫妇，可能生下耳聋的孩子或正常的孩子；

双亲的基因型都是DdEe，则孩子正常的概率为9/16，耳聋的概率为7/16；

基因型为DDee、ddEE的耳聋夫妇可以生出基因型为DdEe的孩子。

10．（2013·

福建高考）甘蓝型油菜花色性状由三对等位基因控制，三对等位基因分别位于三对同源染色体上。

花色表现型与基因型之间的对应关系如下表。

表现型

白花

乳白花

黄花

金黄花

基因型

AA______

Aa______

aaB______

aa__D__

aabbdd

请回答：

（1）白花（AABBDD）×

黄花（aaBBDD），F1基因型是________________，F1测交后代的花色表现型及其比例是________。

（2）黄花（aaBBDD）×

金黄花，F1自交，F2中黄花基因型有________种，其中纯合个体占黄花的比例是________。

（3）甘蓝型油菜花色有观赏价值，欲同时获得四种花色表现型的子一代，可选择基因型为________的个体自交，理论上子一代比例最高的花色表现型是________。

【解析】　位于非同源染色体上的非等位基因是独立遗传的，故可以单独分析每一对基因相交的结果，再计算相应的概率。

本题三对基因所控制的性状间发生了相互干扰，解题时应先独立分析相关的基因型，再根据表中的信息确定实际表现型及比例。

（1）基因型为AABBDD的白花个体与基因型为aaBBDD的黄花个体杂交，后代的基因型为AaBBDD，对它进行测交，即与aabbdd杂交，后代有两种基因型：

AaBbDd和aaBbDd，比例为1∶1，据题意可知，基因型为AaBbDd的个体开乳白花，基因型为aaBbDd的个体开黄花。

（2）黄花个体（aaBBDD）与金黄花个体杂交，即基因型为aaBBDD的个体和基因型为aabbdd的个体杂交，后代基因型是aaBbDd，让其自交，后代的基因型有aaB_D_、aaB_dd、aabbD_、aabbdd，比例为9∶3∶3∶1，据表可知aaB_D_、aaB_dd、aabbD_的个体均开黄花，aabbdd的个体开金黄花。

aaBbDd自交，后代基因型有1×

3×

3＝9种，1种开金黄花，所以黄花的基因型有8种，而每种里面aaB_D_、aaB_dd、aabbD_只有1份纯合，所以纯合个体占3/15，即1/5。

（3）据表可知，要想获得四种花色表现型的子一代，需要选择基因型为AaBbDd的个体自交，后代表现白花的概率是1/4×

1×

1＝1/4，后代表现乳白花的概率是1/2×

1＝1/2，后代表现金黄花的概率是1/4×

1/4＝1/64，后代表现黄花的概率是1/4×

3/4×

1＋1/4×

3/4－1/4×

3/4＝15/64，所以子一代比例最高的花色表现型是乳白花。

【答案】　

（1）AaBBDD　乳白花∶黄花＝1∶1　

（2）8　1/5　（3）AaBbDd　乳白花

11．某种自花受粉植物的花色分为白色、红色和紫色。

现有4个纯合品种：

1个紫色（紫）、1个红色（红）、2个白色（白甲和白乙）。

用这4个品种做杂交实验，结果如下：

实验1：

紫×

红，F1表现为紫，F2表现为3紫∶1红；

实验2：

红×

白甲，F1表现为紫，F2表现为9紫∶3红∶4白；

实验3：

白甲×

白乙，F1表现为白，F2表现为白；

实验4：

白乙×

紫，F1表现为紫，F2表现为9紫∶3红∶4白。

综合上述实验结果，请回答：

（1）上述花色遗传所遵循的遗传定律是____________。

（2）写出实验1（紫×

红）的遗传图解（若花色由一对等位基因控制，用A、a表示：

若由两对等位基因控制，用A、a和B、b表示，以此类推）。

（3）为了验证花色遗传的特点，可将实验2（红×

白甲）得到的F2植株自交，单株收获F2中紫花植株所结的种子，每株的所有种子单独种植在一起可得到一个株系，观察多个这样的株系，则理论上，在所有株系中有

的株系F3花色的表现型及其数量比为____________。

【解析】　

（1）根据实验2或实验4中F2代的性状分离比可以判断由两对等位基因控制花色，且这两对等位基因的遗传遵循自由组合定律。

（2）因为控制花色的两对等位基因遵循自由组合定律，所以实验2和实验4中F1代紫色的基因型均为AaBb，F1代自交后代有以下两种结论：

由以上分析判断：

实验1中紫色品种的基因型为AABB，红色品种的基因型为AAbb或aaBB。

从而写出实验1的遗传图解，注意遗传图解书写的完整性：

表现型、基因型、比例及相关符号。

（3）实验2的F2植株有9种基因型，其中紫花植株中基因型为AaBb的植株占4/9。

单株收获后的所有株系中，4/9的株系为AaBb的子代，其花色的表现型及其数量比为9紫∶3红∶4白。

【答案】　

（1）自由组合定律

（2）遗传图解如下：

12．如图所示，某种植物的花色（白色、蓝色、紫色）由常染色体上的两对独立遗传的等位基因（D、d和R、r）控制。

下列说法不正确的是（　　）

A．该种植物中能开紫花的植株的基因型有4种

B．植株Ddrr与植株ddRR杂交，后代中1/2为蓝色植株，1/2为紫色植株

C．植株DDrr与植株ddRr杂交，其后代全自交，白色植株占5/32

D．植株DdRr自交，后代蓝花植株中能稳定遗传的个体所占的比例是1/6

【解析】　紫花植株的基因型有DDrr、Ddrr、ddRr、ddRR，共4种，故A正确。

Ddrr×

ddRR，子代为1DdRr（蓝色）∶1ddRr（紫色），故B正确。

DDrr×

ddRr，子代为1DdRr∶1Ddrr。

DdRr（1/2）自交，子代ddrr（白色）比例为1/2×

1/4＝1/32；

Ddrr（1/2）自交，子代ddrr（白色）比例为1/2×

1＝1/8，故白色植株占1/32＋1/8＝5/32，故C正确。

DdRr自交，子代蓝花为D_R_（9/16），DDRR为1/16，（1/16）/（9/16）＝1/9，故D错。

13．（2012·

山东高考）某遗传病的遗传涉及非同源染色体上的两对等位基因。

已知Ⅰ1基因型为AaBB，且Ⅱ2与Ⅱ3婚配的子代不会患病。

根据以下系谱图，正确的推断是（　　）

A．Ⅰ3的基因型一定AABb

B．Ⅱ2的基因型一定为aaBB

C．Ⅲ1的基因型可能为AaBb或AABb

D．Ⅲ2与基因型为AaBb的女性婚配，子代患病的概率为

【解析】　根据Ⅰ1基因型为AaBB且表现型正常，Ⅱ2却患病可知，当同时具有A和B两种显性基因时，个体不会患病，因为Ⅱ2一定有B基因，如果也有A基因则表现型正常，而实际上患病，所以Ⅱ2一定无A基因，因此Ⅱ2的基因型暂时可以表示为aaB_，则Ⅱ3基因型有可能为aaBb、aaBB、AAbb、Aabb、aabb的任何一种，如果Ⅱ2的基因型为aaBb，则子代都会有患者，所以Ⅱ2的基因型只能是aaBB；

再根据Ⅱ2和Ⅱ3两者都患病而后代不会患病来分析，Ⅱ3的基因型也只能为AAbb，B项正确。

由Ⅱ3为AAbb可推知，Ⅰ3的基因型为A_Bb，A项错误。

Ⅲ1的基因型只能是AaBb，C项错误。

Ⅲ2基因型也为AaBb，与AaBb的女性婚配，若aabb为患者，则后代患病的概率为7/16，若aabb不为患者，则后代患病的概率为6/16，D项错误。

14．某育种专家在农田中发现一株大穗不抗病的小麦，自花受粉后获得160粒种子，这些种子发育成的小麦中有30株大穗抗病和若干株小穗抗病，其余的都不抗病。

若将这30株大穗抗病的小麦作为亲本自交，在F1中选择大穗抗病小麦再进行自交，理论上F2中能稳定遗传的大穗抗病小麦占F2中所有大穗抗病小麦的比例为（　　）

A．2/10　　　B．7/10

C．2/9　　　D．7/9

【解析】　由题意可知，大穗、不抗病是显性性状，小穗、抗病是隐性性状，设相关基因用A、a和B、b表示。

30株大穗抗病植株的基因型为1/3AAbb、2/3Aabb，在F1中选择的再次进行自交的大穗抗病植株中，有3/5AAbb、2/5Aabb，F1大穗抗病小麦自交产生的F2中，大穗抗病植株的基因型为7/10AAbb、2/10Aabb，所以F2中能稳定遗传的大穗抗病小麦占所有大穗抗病小麦的比例为7/9。

15．小鼠品系众多，是遗传学研究的常用材料。

下图是某品系小鼠（2N＝40）的某些基因在染色体的排列情况。

该品系成年小鼠的体重受独立遗传的三对等位基因Aa、Dd、Ff控制，这三对基因的遗传效应相同，且具有累加效应（AADDFF的成鼠最重，aaddff的成鼠最轻）。

请回答下列问题：

（1）在该小鼠的种群中，控制体重的基因型有________种。

用图中亲本杂交获得F1，F1雌雄个体相互交配获得F2，则F2中成鼠体重介于亲本之间的个体占________。

（2）若图中父本在精子形成过程中因为减数分裂时同源染色体未分离，受精后形成一只XXY的小鼠，小鼠成年后，如果能进行正常的减数分裂，则可形成________种性染色体不同的配子。

（3）将小鼠生发层细胞染色体上的DNA用3H标记后（即第一代细胞）转移到无放射性的培养液中培养，在第二代细胞进行分裂的后期，每个细胞中含放射性的染色体________条。

（4）小鼠的有毛与无毛是一对相对性状，分别由等位基因E、e控制，位于1、2号染色体上。

经多次实验，结果表明，上述亲本杂交得到F1后，让F1的雌雄小鼠自由交配，所得F2中有毛鼠所占比例总是2/5，请推测其最可能的原因是____________________________________________________________________

________________________________________________________________。

（5）小鼠的体色由两对基因控制，Y代表黄色，y代表鼠色，B决定有色素，b决定无色素（白色）。

已知Y与y位于1、2号染色体上，图中母本为纯合黄色鼠，父本为纯合白色鼠。

请设计实验探究另一对等位基因是否也位于1、2号染色体上（仅就体色而言，不考虑其他性状和交叉互换）。

第一步：

选择图中的父本和母本杂交得到F1；

第二步：

________________________________________________________；

第三步：

结果及结论：

①________________________，则另一对等位基因不位于1、2号染色体上；

②________________________，则另一对等位基因也位于1、2号染色体上。

【解析】　

（1）小鼠的体重受三对独立遗传的等位基因控制，基因型有33种，用图中亲本杂交获得F1，F1的基因型为AaDdFf，F2中体重最重的是AADDFF，占1/64，体重最轻的是aaddff，占1/64，则F2中体重介于亲本之间的个体占1－1/64－1/64＝31/32。

（2）性染色体为XXY的小鼠，减数分裂形成配子的性染色体组成情况有X、XY、XX、Y四种。

（3）DNA复制了一次，每个子代DNA中都有一条链被3H标记，在有丝分裂后期着丝点分裂，姐妹染色单体分开成为染色体。

第二代细胞分裂后期一半染色体中的DNA分子一条链被3H标记。

（4）F1的基因型为1/2Ee、1/2ee，F1雌雄小鼠自由交配，E的基因频率为1/4，e的基因频率为3/4，正常情况下，F2中EE占1/16，Ee占6/16，ee占9/16，现在有毛占2/5，则说明EE致死。

（5）如果另一对等位基因（B、b）也位于1、2号染色体上，则完全连锁，符合基因分离定律；

如果另一对等位基因（B、b）不位于1、2号染色体上，则符合基因自由组合定律，因此可让图中的父本和母本杂交得到F1，再让F1雌雄成鼠自由交配得到F2（或多只F1雌鼠与父本小白鼠自由交配），观察统计F2中小鼠的毛色（或观察统计子代小鼠的毛色），若F2代小鼠毛色表现为黄色∶鼠色∶白色＝9∶3∶4（或子代黄色∶鼠色∶白色＝1∶1∶2），则另一对等位基因不位于1、2号染色体上；

若F2代小鼠毛色表现为黄色∶白色＝3∶1（或子代黄色∶白色＝1∶1），则另一对等位基因也位于1、2号染色体上。

【答案】　

（1）27　31/32

（2）4

（3）40

（4）E基因显性纯合致死

（5）第二步：

让F1雌雄成鼠自由交配得到F2（或多只F1雌鼠与父本小白鼠交配）

观察统计F2中小鼠的毛色（或观察统计子代小鼠的毛色）

①若子代小鼠毛色表现为黄色∶鼠色∶白色＝9∶3∶4（或黄色∶鼠色∶白色＝1∶1∶2）

②若子代小鼠毛色表现为黄色∶白色＝3∶1（或黄色∶白色＝1∶1）