河北省衡水中学高考物理信息卷二 Word版含解.docx
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河北省衡水中学高考物理信息卷二Word版含解
2016年河北省衡水中学高考物理信息卷
（二）
一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分.第1~5小题只有一项符合题意，第6~8小题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）
1．如图所示，水平放置的平行板电容器间存在竖直向下的匀强电场，现有比荷相同的4种带电粒子从电容器中间O点分别沿OP、OQ、OM、ON四个方向以相同的速率射出，已知OP、OQ沿水平方向且粒子均能从平行板电容器间射出，OM、ON沿竖直方向，不计粒子重力及粒子间的相互作用，则以下对粒子运动的描述正确的是（ ）
A．沿OP、OQ两方向射出的粒子若电性相反，则粒子离开电容器时速度相同
B．沿OP、OQ两方向射出的粒子若电性相反，则粒子离开电容器时电场力做的功一定相等
C．沿OP、OQ两方向射出的粒子若电性相反，则粒子离开电容器时速度偏转角大小相等
D．沿OM、ON两方向射出的粒子若均带负电，则沿OM方向射出的粒子先到达极板
2．如图为汤姆孙阴极射线管的构造简图，将阴极射线管置于U型磁铁两极之间，分析从阴极射出的电子束，下列说法正确的是（ ）
A．增加加速电压，观察到的偏转现象将更加明显
B．电子束向下偏转
C．换为磁性弱的磁铁，观察到的偏转现象将更加明显
D．若撤去阴极射线管，将一束α粒子从左侧射入磁铁之间，则α粒子束偏转方向与电子束偏转方向相同
3．如图甲所示，理想变压器原线圈接理想交流电流表A，副线圈接理想交流电压表V，定值电阻R=R0，副线圈两端电压随时间变化关系如图乙所示，已知原线圈匝数为n1，副线圈匝数为n2，则以下说法正确的是（ ）
A．原线圈输入电压频率为100Hz
B．原线圈输入电压为
C．原线圈电流表示数为
D．将电阻R与理想二极管串联，替换电阻R，则电压示数减半
4．如图所示，质量为m的子弹水平射入水平面上质量为M的木块之中，子弹射入木块的深度为d，子弹与木块相互作用过程中木块前进的距离为s，已知木块与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，子弹与木块间摩擦阻力的大小恒为F，则该过程中（ ）
A．阻力对子弹做的功为F（s+d）
B．木块增加的动能为Fs
C．整个过程中，木块与子弹构成的系统损失的机械能为Fd+μ（M+m）gs
D．子弹动能的减少量等于木块动能的增加量
5．如图所示，质量为M的滑块甲放置在一个倾角为α的光滑斜面顶端，质量为m的滑块乙穿过光滑的水平横杆．两滑块通过绕过固定在斜面顶端的轻绳相连接，初始状态，牵引滑块乙的细绳与水平方向成α角，滑块甲由静止释放以后细绳牵引滑块乙向右运动．已知定滑轮到横杆的距离为H，重力加速度为g，两滑块均可视为质点，忽略滑轮与轴间的摩擦，则滑块乙由初始状态运动到定滑轮正下方的过程中（ ）
A．滑块甲一直做加速运动
B．绳中张力始终小于Mgsinθ
C．滑块乙滑到滑轮正下方时速度为零
D．滑块乙滑到滑轮正下方时速度为
6．如图甲所示，光滑平行金属导轨MN、PQ所在平面与水平面成θ角，M、P两端接一阻值为R的定值电阻，阻值为r的金属棒ab垂直导轨放置，其他部分电阻不计，整个装置处在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向上，t=0时对金属棒施一平行于导轨的外力F，金属棒由静止开始沿导轨向上运动，通过R的感应电荷量q随时间t的变化关系如图乙所示，下列关于穿过回路abPMa的磁通量Φ、金属棒加速度a、金属棒受到的外力F、通过金属棒中电流I随时间变化的图象正确的是（ ）
A．
B．
C．
D．
7．沿竖直方向运动的电梯正在运送50kg的货物，货物放在电梯的水平地板上，运送过程中，货物的v﹣t图象如图所示（竖直向上为正方向），重力加速度g=10m/s2，下列对货物描述正确的是（ ）
A．在0～15s内，重力对货物做功为﹣3750J
B．在5～15s内，电梯地板对货物的支持力做了﹣250J的功
C．在20～25s与25～35s内，重力对货物做功的平均功率均为500W
D．在25～35s内，电梯在减速上升，货物的加速度大小为0.2m/s2
8．据2015年10月17日参考消息报道，2016年我国将发射“天宫二号“空间实验室，“天宫二号”上将开展地球观测和空间地球系统科学、空间应用新技术、空间技术和航天医学等领域的应用和实践，是中国第一个真正意义上的空间实验室，后继发射的“神州十一号”载人飞船和“天舟一号”货运飞船，将与距离地面343km的圆轨道上的”天宫二号”交会对接，以完成验证空间站的技术，同时也将接受航天员的访问．已知地球半径为R=6400km，万有引力常量G=6.67×10﹣11N•m2/kg2，”天宫二号”绕地球飞行的周期为90分钟，以下分析中正确的是（ ）
A．“天宫二号”的发射速度应大于11.2km/s
B．”神州十一号”加速与“天宫二号”对接前应处于同一圆周轨道
C．“天宫二号”的向心加速度大于同步卫星的向心加速度
D．由以上数据可以求得地球的平均密度
二、必考题（共4小题，满分47分）
9．某实验小组用如图1所示装置进行探究加速度和力、质量关系的实验，已知小车质量为200g，空沙桶质量为20g．
（1）实验之初，应 （填“悬挂”或“不悬挂”）沙桶，连接纸带，反复调试长木板没有定滑轮的一端下而垫块的位置（垫块未画出），直到轻推小车，小车可以牵引纸带打出 的纸带．
（2）某次实验打出的纸带如图2所示，A、B、C、D、E为打出的五个计数点，每两个点之间还有4个点没有标出，已知交流电源的频率为50Hz，则小车加速度a= m/s2．（保留3位有效数字）
（3）保证小车的质量不变，用沙及沙桶的重力作为小车的拉力F，反复改变沙桶内沙的质量，复重操作，测得多组a、F数据，并描绘出a﹣F图线如图3所示，其中AB段明显偏离直线的原因是 ．
10．某同学用量程为5mA，内阻为20Ω的表头按照图（a）所示电路改装为量程分别为1A和5V的多用电表，图中R1和R2为定值电阻，S为单刀开关，则：
（1）请根据图（a）中实验设计，在图（b）中进行实物连线．
（2）开关S断开时，多用表用作 （填“电压表”或“电流表”），R2阻值为 Ω；开关S闭合时，多用表用作 （填“电压表”或“电流表”），R1阻值为 Ω．（计算结果保留3位有效数字）
（3）开关S断开，用红黑表笔探测图（c）中的电路故障，发现当两表笔正确地接在灯泡L1两端的接线柱上时表头有示数；当接在L1两端时表头也有示数，当接在L2两端时表头无示数．已知各接线柱接触良好，则电路中一定存在的故障是 ．
11．如图所示，水平桌面上固定一个间距为L的金属导轨MNQP，导轨左端所接电源电动势为E，内阻为r，在导轨右侧放置一根质量为m的金属棒ab，金属棒电阻为R，其他电阻不计，整个装置处于匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向与水平桌面成37°角，此时导体棒恰好处于平衡状态（认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力），重力加速度为g，若仅将磁场方向调整为竖直向下，求磁场刚调整完毕的瞬间导体棒的加速度a的大小．
12．如图所示，水平放置的电容器与滑动变阻器Rx并联，然后与阻值为R0的定值电阻以及间距为l的足够长的光滑固定倾斜导轨相连接，导轨处于匀强磁场之中，磁场方向垂直于导轨平面向上，将滑动变阻器Rx调到R0，然后将导体棒自导轨上端由静止释放，待速度稳定后，从电容器左端中点以水平速度v0射入的电子恰能从极板边缘离开电场．已知磁场感应强度为B，电子电量为e，质量为m，重力忽略不计，电容器板间距为d，板长为L，金属导轨与水平面夹角为θ，导体棒电阻也为R0，重力加速度为g，求：
（1）电子从哪个极板离开电场；
（2）导体棒的质量M以及导体棒稳定时的速度v1；
（3）若仅将滑动变阻器Rx调到2R0，当导体棒在导轨上稳定运行时，速度是原来的几倍；若仍要求从电容器左端中点以水平速度v0射入的电子恰能从极板边缘射出，需要把板间距调整为原来的几倍？
三、选考题[选修3－3]（共2小题，满分15分）
13．下列说法正确的是（ ）
A．温度升高，气体中每个分子的速率都增大
B．一定量气体膨胀对外做功100J，同时从外界吸收120J的热量，则它的内能增大20J
C．温度越高，颗粒越小，布朗运动越剧烈
D．能量耗散是指在一定条件下，能量在转化过程中总量减少了
E．能量耗表明，在能源的利用过程中，能量在数量上并未减少，但在可利用的品质上降低了
14．如图所示，一轻弹簧的上端固定在天花板上，下端和一活塞相连，另外还有一细绳连接天花板和活塞之间，导热气缸内封闭着一定量的气体，活塞可上下无摩擦移动但不漏气，当温度为T1时，弹簧处于自然长度，气缸内部活塞距缸底的距离为L，然后剪断细绳，若外界空气温度开始缓慢降低至T2，在系统达到以稳定的过程中气体放出热量Q，已知气缸的质量为M，活塞的面积为S，大气压强为p0，重力加速度为g，活塞始终没有脱离气缸．求：
（1）系统稳定后气缸内活塞距缸底的距离变为多少？
（2）从剪断细绳到系统稳定的过程中气体的内能变化了多少？
四、[选修3－4]（共2小题，满分0分）
15．电磁波谱中频率最高的是 ，光纤通信中，光导纤维传递光信号是利用光的 现象，光从真空进入光导纤维后传播速度将 （填“增大”“减小”或“不变”）．
16．如图所示为一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形图．x=0处的质点做简谐运动的振动方程为y=﹣2sin10πt（cm）．求：
（1）从t=0开始计时，P点第一次到达波峰位置所需的时间；
（2）P点第一次到达波峰位置时，x=0.25m处质点偏离平衡位置的位移．
五、[选修3－5]（共2小题，满分0分）
17．如图为氢原子能级示意图，大量处于n=4能级的氢原子向基态跃迁时，发出大量光子，光子照射到金属铷的表面可使其产生光电效应，已知普朗克恒量h=6.63×10﹣34J•s，铷的逸出功W=2.13eV，则逸出光子中频率最高的约为 Hz，金属铷的截止频率约为 Hz．（结果保留2位有效数字）
18．如图所示，滑块A的质量为m，小车B的质量为M且M=2m，滑块与平板小车之间的动摩擦因数为μ，小车静止在光滑的水平面上，当滑块以速度v0，从小车右端滑上小车，经一段时间后滑块相对小车静止，已知重力加速度为g，求：
①从滑块滑上小车到相对静止所需要的时间；
②小车的最小长度及滑块滑动过程中系统产生的热量Q．
2016年河北省衡水中学高考物理信息卷
（二）
参考答案与试题解析
一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分.第1~5小题只有一项符合题意，第6~8小题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）
1．如图所示，水平放置的平行板电容器间存在竖直向下的匀强电场，现有比荷相同的4种带电粒子从电容器中间O点分别沿OP、OQ、OM、ON四个方向以相同的速率射出，已知OP、OQ沿水平方向且粒子均能从平行板电容器间射出，OM、ON沿竖直方向，不计粒子重力及粒子间的相互作用，则以下对粒子运动的描述正确的是（ ）
A．沿OP、OQ两方向射出的粒子若电性相反，则粒子离开电容器时速度相同
B．沿OP、OQ两方向射出的粒子若电性相反，则粒子离开电容器时电场力做的功一定相等
C．沿OP、OQ两方向射出的粒子若电性相反，则粒子离开电容器时速度偏转角大小相等
D．沿OM、ON两方向射出的粒子若均带负电，则沿OM方向射出的粒子先到达极板
【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．
【分析】4种带电粒子比荷相同，在电场中运动时加速度大小相等，根据运动的分解法分析水平和竖直两个方向的分速度，比较粒子离开电容器时速度关系和速度偏转角大小．根据分位移公式分析粒子离开电场时偏转距离关系，由功的计算公式分析电场力做功的关系．根据粒子的运动情况，分析D项．
【解答】解：
AC、根据牛顿第二定律得：
粒子在电场中运动的加速度为a=
，据题四个粒子的
相等，则加速度大小相等．沿OP、OQ两方向射出的粒子若电性相反，则粒子离开电容器时水平方向速度大小相等，竖直方向速度方向相反，大小相等，因此粒子离开电容器时速度偏转角大小相等，速度大小相等，方向相反，则速度不同，故A错误，C正确．
B、由公式y=
=
，可知两粒子在电场中竖直方向偏转距离相等，但是由于电量不一定相等，粒子所受的电场力不一定相等，所以电场力做的功不一定相等，故B错误．
D、沿OM、ON两方向射出的粒子若均带负电，则沿OM方向射出的粒子做减速运动，沿ON方向射出的粒子做加速运动，故ON方向射出的粒子先到达极板，故D错误．
故选：
C
2．如图为汤姆孙阴极射线管的构造简图，将阴极射线管置于U型磁铁两极之间，分析从阴极射出的电子束，下列说法正确的是（ ）
A．增加加速电压，观察到的偏转现象将更加明显
B．电子束向下偏转
C．换为磁性弱的磁铁，观察到的偏转现象将更加明显
D．若撤去阴极射线管，将一束α粒子从左侧射入磁铁之间，则α粒子束偏转方向与电子束偏转方向相同
【考点】示波管及其使用．
【分析】阴极射线管电子从阴极射向阳极，运用左手定则判断电子束受到的洛伦兹力的方向，来判断电子束偏转的方向；根据粒子在磁场中运动的半径公式判断偏转的程度．．
【解答】解：
A、由带电粒子在磁场中运动的半径公式：
R=
，以及带电粒子在电场中加速时：
qU=
，可知增大加速电压，则粒子的动能增大，粒子的半径增大，偏转将不明显．故A错误；
B、电子从阴极射向阳极，根据左手定则，磁感线穿入手心，四指指向电子运动的反方向，洛伦兹力的方向向下，则电子束向下偏转．故B正确；
C、由公式：
R=
，换为磁性弱的磁铁，半径增大，观察到的偏转现象将不明显．故C错误；
D、若撤去阴极射线管，将一束α粒子从左侧射入磁铁之间，由左手定则可知，α粒子束偏转方向与电子束偏转方向相反．故D错误．
故选：
B
3．如图甲所示，理想变压器原线圈接理想交流电流表A，副线圈接理想交流电压表V，定值电阻R=R0，副线圈两端电压随时间变化关系如图乙所示，已知原线圈匝数为n1，副线圈匝数为n2，则以下说法正确的是（ ）
A．原线圈输入电压频率为100Hz
B．原线圈输入电压为
C．原线圈电流表示数为
D．将电阻R与理想二极管串联，替换电阻R，则电压示数减半
【考点】变压器的构造和原理．
【分析】理想变压器输入功率等于输出功率，原副线圈电流与匝数成反比，原副线圈电压与匝数成正比．
【解答】解：
A、由图象可知副线圈交流电频率为50Hz，原副线圈交流电频率相同，则原线圈交流电频率为50Hz，故A错误；
B、由图象可知副线圈电压
，由
，可知原线圈输入电压为
，故B错误；
C、副线圈电流
，有
，知原线圈电流
，故C正确；
D、接二极管副线圈电压不变，电压表示数不变，故D错误；
故选：
C
4．如图所示，质量为m的子弹水平射入水平面上质量为M的木块之中，子弹射入木块的深度为d，子弹与木块相互作用过程中木块前进的距离为s，已知木块与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，子弹与木块间摩擦阻力的大小恒为F，则该过程中（ ）
A．阻力对子弹做的功为F（s+d）
B．木块增加的动能为Fs
C．整个过程中，木块与子弹构成的系统损失的机械能为Fd+μ（M+m）gs
D．子弹动能的减少量等于木块动能的增加量
【考点】功能关系．
【分析】阻力对子弹做功根据功的计算公式求解，计算时要用子弹相对于地面的位移．根据动能定理求木块增加的动能．根据能量守恒定律求系统损失的机械能．
【解答】解：
A、阻力方向与子弹位移方向相反，所以阻力对子弹做负功，则阻力对子弹做的功为﹣F（s+d）．故A错误．
B、根据动能定理得：
木块增加的动能为△Ek=Fs﹣μ（M+m）gs．故B错误．
C、根据能量守恒定律知，木块与子弹构成的系统损失的机械能为△E=Fd+μ（M+m）gs．故C正确．
D、由于系统要产生内能，所以由能量守恒定律知，子弹动能的减少量大于木块动能的增加量．故D错误．
故选：
C
5．如图所示，质量为M的滑块甲放置在一个倾角为α的光滑斜面顶端，质量为m的滑块乙穿过光滑的水平横杆．两滑块通过绕过固定在斜面顶端的轻绳相连接，初始状态，牵引滑块乙的细绳与水平方向成α角，滑块甲由静止释放以后细绳牵引滑块乙向右运动．已知定滑轮到横杆的距离为H，重力加速度为g，两滑块均可视为质点，忽略滑轮与轴间的摩擦，则滑块乙由初始状态运动到定滑轮正下方的过程中（ ）
A．滑块甲一直做加速运动
B．绳中张力始终小于Mgsinθ
C．滑块乙滑到滑轮正下方时速度为零
D．滑块乙滑到滑轮正下方时速度为
【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．
【分析】对滑块甲乙的运动过程进行分析，再结合牛顿第二定律分析甲的重力的分力和拉力的大小，对系统根据机械能守恒定律求乙滑到滑轮正下方的速度．
【解答】解：
滑块乙从初始位置到定滑轮正下方过程中，甲沿斜面向下先做加速运动后做减速运动，乙到滑轮正下方时，甲的速度为0，绳中张力先小于Mgsinθ后大于Mgsinθ，此过程中绳子的拉力对乙做正功，所以乙一直做加速运动，到滑轮正下方时，乙的速度最大，
乙从滑轮正下方继续向右运动的过程中，拉力做负功，乙的速度减小；拉乙的绳子变长，甲沿斜面向上先加速后减速运动，故ABC错误；
从初位置到乙运动到滑轮正下方的过程中，甲和乙组成的系统机械能守恒
，故D正确
故选：
D
6．如图甲所示，光滑平行金属导轨MN、PQ所在平面与水平面成θ角，M、P两端接一阻值为R的定值电阻，阻值为r的金属棒ab垂直导轨放置，其他部分电阻不计，整个装置处在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向上，t=0时对金属棒施一平行于导轨的外力F，金属棒由静止开始沿导轨向上运动，通过R的感应电荷量q随时间t的变化关系如图乙所示，下列关于穿过回路abPMa的磁通量Φ、金属棒加速度a、金属棒受到的外力F、通过金属棒中电流I随时间变化的图象正确的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．
【分析】由电流图象写出电流与时间的关系式，根据法拉第电磁感应定律分析磁通量与时间的关系．
根据欧姆定律知速度与时间关系，从而知加速度与时间关系．
根据牛顿运动定律知F与时间的关系式．
根据推论q=It得到电量q与时间的关系式，再选择图象
【解答】解：
A、由图看出，通过R的感应电流随时间t增大，根据法拉第电磁感应定律得知，穿过回路的磁通量是非均匀变化的，Φ﹣t应是曲线．故A错误．
B、设金属棒长为L．由乙图象得，q=It=
=
=kt2，k是比例系数．知加速度不变，故B错误；
C、由牛顿运动定律知F﹣F安﹣mgsinθ=ma，知F=
+mgsinθ+ma，v随时间均匀增大，其他量保持不变，故F随时间均匀增大，故C正确；
D、通过导体棒的电流I=
，I﹣t图象为过原点直线，故D正确
故选：
CD
7．沿竖直方向运动的电梯正在运送50kg的货物，货物放在电梯的水平地板上，运送过程中，货物的v﹣t图象如图所示（竖直向上为正方向），重力加速度g=10m/s2，下列对货物描述正确的是（ ）
A．在0～15s内，重力对货物做功为﹣3750J
B．在5～15s内，电梯地板对货物的支持力做了﹣250J的功
C．在20～25s与25～35s内，重力对货物做功的平均功率均为500W
D．在25～35s内，电梯在减速上升，货物的加速度大小为0.2m/s2
【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算．
【分析】根据速度时间图线围成的面积求出位移，结合功的公式求出重力和支持力做功大小；根据平均速度的大小，结合平均功率公式求出重力做功的平均功率．根据速度时间图线得出电梯的运动规律，结合图线的斜率求出货物的加速度大小．
【解答】解：
A、根据速度时间图线围成的面积可知，0﹣15s内，电梯上升的高度h=
，则重力对货物做功WG=﹣mgh=﹣500×7.5J=﹣3750J，故A正确．
B、5﹣15s内，电梯上升的高度
，匀减速直线运动的加速度大小a=
，根据牛顿第二定律得，mg﹣N=ma，解得N=mg﹣ma=500﹣50×0.1N=495N，则支持力做功WN=Nh1=495×5J=2475J，故B错误．
C、在20﹣25s内与25﹣35s内，两段过程初末速度相同，所以电梯的平均速度大小均为1m/s，则平均功率P=mg
=500×1W=500W，故C正确．
D、由速度时间图线知，25﹣35s内，电梯在减速下降，故D错误．
故选：
AC．
8．据2015年10月17日参考消息报道，2016年我国将发射“天宫二号“空间实验室，“天宫二号”上将开展地球观测和空间地球系统科学、空间应用新技术、空间技术和航天医学等领域的应用和实践，是中国第一个真正意义上的空间实验室，后继发射的“神州十一号”载人飞船和“天舟一号”货运飞船，将与距离地面343km的圆轨道上的”天宫二号”交会对接，以完成验证空间站的技术，同时也将接受航天员的访问．已知地球半径为R=6400km，万有引力常量G=6.67×10﹣11N•m2/kg2，”天宫二号”绕地球飞行的周期为90分钟，以下分析中正确的是（ ）
A．“天宫二号”的发射速度应大于11.2km/s
B．”神州十一号”加速与“天宫二号”对接前应处于同一圆周轨道
C．“天宫二号”的向心加速度大于同步卫星的向心加速度
D．由以上数据可以求得地球的平均密度
【考点】万有引力定律及其应用．
【分析】卫星的发射速度如果大于第二宇宙速度，它将脱离地球束缚，不能在绕地球运动了．“神州十一号”加速，速度变大，它做圆周运动所需要的向心力变大，大于地球对它的万有引力，地球提供的向心力小于“神州十一号”需要的向心力，“神州八号”做离心运动，轨道半径变大，不能对接，根据万有引力提供向心力，通过轨道半径的大小比较天宫二号和同步卫星的线速度、周期、角速度和向心加速度，“天宫二号”做匀速圆周运动，由地球的万有引力提供向心力，列出等式求出中心体的质量．再根据
求密度
【解答】解：
A、发射速度如果大于第二宇宙速度，“天宫二号”将脱离地球束缚，不能在绕地球运动了．故A错误；
B、在同一轨道上，此时神舟十一号受到的万有引力等于向心力，若让神舟十一号加速，所需要的向心力变大，万有引力不变，所以神舟十一号做离心运动，不能实现对接，故B错误；
C、“天宫二号”绕地球飞行的周期为90分钟，地球同步卫星的周期24h，根据周期公式
，“天宫二号”的轨道半径小于地球同步卫星，根据
，轨道半径小，向心加速度大，故“天宫二号”的向心加速度大于同步卫星的向心加速度，故C正确；
D、“天宫二号”绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，
，解得地球质量
，地球体积
，地球的密度
，根据题给数据能求得地球的平均密度，故D正确
故选：
CD
二、必考题（共4小题，满分47分）
9．某实验小组用如图1所示装置进行探究加速度和力、质量关系的实验，已知小车质量为200g，空沙桶质量为20g．
（1）实验之初，应 不悬挂 （填“悬挂”或“不悬挂”）沙桶，连接纸带，反复调试长木板没有定滑轮的一端下而垫块的位置（垫块未画出），直到轻推小车，小车可以牵引纸带打出 点击均匀 的纸带．
（2）某次实验打出的纸带如图2所示，A、B、C、D、E为打出的五个计数点，每两个点之间还有4个点没有标出，已知交流电源的频率为50Hz，则小车加速度a= 1.01 m/s2．（保留3位有效数字）
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