软考网工真题附答案上半年.docx
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软考网工真题附答案上半年
全国计算机技术与软件专业技术资格（水平）考试
2007年上半年网络工程师上午试卷
●
（1）不属于计算机控制器中的部件。
（1）A．指令寄存器IRB．程序计数器PC
C．算术逻辑单元ALUD．程序状态字寄存器PSW
试题解析：
ALU属于运算器，不属于控制器。
答案：
C
●在CPU与主存之间设置高速缓冲存储器Cache，其目的是为了
（2）。
（2）A．扩大主存的存储容量B．提高CPU对主存的访问效率
C．既扩大主存容量又提高存取速度D．提高外存储器的速度
试题解析：
Cache是不具有扩大主存容量功能的，更不可能提高外存的访问速度。
但Cache的访问速度是在CPU和内存之间，可以提高CPU对内存的访问效率。
答案：
B
●下面的描述中，（3）不是RISC设计应遵循的设计原则。
（3）A．指令条数应少一些
B．寻址方式尽可能少
C．采用变长指令，功能复杂的指令长度长而简单指令长度短
D．设计尽可能多的通用寄存器
试题解析：
CISC的特点是多采用变长指令，而RISC刚好相反。
答案：
C
●某系统的可靠性结构框图如下图所示。
该系统由4个部件组成，其中2、3两个部件并联冗余，再与1、4部件串联构成。
假设部件1、2、3的可靠度分别为0.90、0.70、0.70。
若要求该系统的可靠度不低于0.75，则进行系统设计时，分配给部件4的可靠度至少应为（4）。
（4）A．
B．
C．
D．
试题解析：
设某个部件的可靠性为Rx，在上图的连接方式中，总体可靠性=R1*（1-（1-R2）（1-R3））*R4。
答案：
C
●结构化开发方法中，数据流图是（5）阶段产生的成果。
（5）A．需求分析B．总体设计
C．详细设计D．程序编码
试题解析：
常识。
答案：
A
●关于原型化开发方法的叙述中，不正确的是（6）。
（6）A．原型化方法适应于需求不明确的软件开发
B．在开发过程中，可以废弃不用早期构造的软件原型
C．原型化方法可以直接开发出最终产品
D．原型化方法利于确认各项系统服务的可用性
试题解析：
原型是用于明确用户需求的，并非是提交用户的最终产品。
答案：
C
●如果两名以上的申请人分别就同样的发明创造申请专利，专利权应授予是（7）。
（7）A．最先发明的人B．最先申请的人
C．所有申请人D．协商后的申请人
试题解析：
常识。
答案：
B
●CMM模型将软件过程的成熟度分为5个等级，在（8）使用定量分析来不断地改进和管理软件过程。
（8）A．优化级B．管理级C．定义级D．可重复级
试题解析：
CMM反映了软件过程能力的大小，它描述了五个级别的软件过程。
初始级。
初始级的特点是软件机构缺乏对软件过程的有效管理，软件过程是无序的，有时甚至是混乱的，对过程几乎没有定义，其软件项目的成功来源于偶尔的个人英雄主义而非群体行为，因此它不是可重复的。
可重复级：
可重复级的特点是软件机构的项目计划和跟踪稳定，项目过程可控，项目的成功是可重复的。
已定义级：
已定义级的特点在于软件过程已被提升成标准化过程，从而更加具有稳定性、可重复性和可控性。
已定量管理级：
已定量管理级的特点是软件机构中软件过程和软件产品都有定量的目标，并被定量地管理，因而其软件过程能力是可预测的，其生产的软件产品是高质量的。
优化级：
优化级的特点是过程的量化反馈和先进的新思想、新技术促进过程不断改进，技术和过程的改进改进被作为常规的业务活动加以计划和管理。
答案：
A
●某系统的进程状态转换如下图所示，图中1、2、3、4分别表示引起状态转换的不同原因，原因4表示（9）。
（9）A．就绪进程被调度B．运行进程执行了P操作
C．发生了阻塞进程等待的事件D．运行进程时间片到了
试题解析：
常识。
即使不了解操作系统的进程管理，对四个选项进行分析也可以采用排除法获得正确答案。
答案：
C
●某网络工程计划图如下所示，边上的标记为任务编码及其需要的完成时间（天），则整个工程的工期为（10）。
（10）A．16B．17C．18D．21
试题解析：
寻找最长路径1→2→3→4→5→6，路径之和就是整个工程的工期。
答案：
D
●关于多模光纤，下面的描述中描述错误的是（11）。
（11）A．多模光纤的芯线由透明的玻璃或塑料制成
B．多模光纤包层的折射率比芯线的折射率低
C．光波在芯线中以多种反射路径传播
D．多模光纤的数据速率比单模光纤的数据速率高
试题解析：
常识。
答案：
D
●关于路由器，下列说法中错误的是（12）。
（12）A．路由器可以隔离子网，抑制广播风暴
B．路由器可以实现网络地址转换
C．路由器可以提供可靠性不同的多条路由选择
D．路由器只能实现点对点的传输
试题解析：
D显然错误。
答案：
D
●100BASE-FX采用4B/5B和NRZ-I编码，这种编码方式的效率为（13）。
（13）A．50%B．60%C．80%D．100%
试题解析：
4B/5B编码法就是将数据流中的每4bits作为一组，然后按编码规则将每一个组转换成为5bits，因此效率为4/5=80%。
答案：
C
●在以太网中使用CRC校验码，其生成多项式是（14）。
（14）A．G（X）=X16+X12+X5+1
B．G（X）=X16+X15+X2+1
C．G（X）=X16+X11+X3+X2+X+1
D．G（X）=X32+X26+X23+X22+X16+X12+X11+X10+X8+X7+X5+X4+X3+X+1
试题解析：
谁都不会刻意记忆CRC编码的生成多项式。
但以太网帧格式的校验段总共有4个字节却是很多人熟识的，因此以太网的CRC码的生成多项式的最高阶必定是4*8=32，D是唯一满足条件的答案。
答案：
D
●8个9600b/s的信道按时分多路复用在一条线路上传输，在统计TDM情况下，假定每个子信道有80%的时间忙，复用线路的控制开销为5%，那么复用线路的带宽为（15）。
（15）A．32kb/sB．64kb/sC．72kb/sD．96kb/s
试题解析：
（8*9600）*80%/（1-5%）≈64kb/s。
答案：
B
●设信道带宽为4kHz，信噪比为30dB，按照香农定理，信道的最大数据速率约等于（16）。
（16）A．10kb/sB．20kb/sC．30kb/sD．40kb/s
试题解析：
香农（Shannon）总结出有噪声信道的最大数据传输率：
在一条带宽为HHz、信噪比为S/N的有噪声信道的最大数据传输率Vmax为：
Vmax=Hlog2（1＋S/N）bps
先求出信噪比S/N：
由30db=10log10S/N，得log10S/N=3，所以S/N=103=1000。
计算Vmax：
Vmax=Hlog2（1＋S/N）bps=4000log2（1＋1000）bps
≈4000×9.97bps<40Kbps
S是平均信号功率,
N是平均噪声功率答案：
D
●在E1载波中，每个子信道的数据速率是（17），E1载波的控制开销占（18）。
（17）A．32kb/sB．64kb/sC．72kb/sD．96kb/s
（18）A．3.125%B．6.25%C．1.25%D．25%
试题解析：
E1（或E-1）是欧洲电子传输格式，由ITU-TS设计并由欧洲邮政电讯管理委员会（CEPT）命名。
E1线路将32个信道复用在1个E1的数据帧中，每个信道占8个比特，每秒传输8000帧。
因此E1的速率为32×8×8000=2.048Mbps。
使用E1进行传输的ISDN使用了30个B信道传输数据，因此控制开销=（32-30）/32=6.25%。
（其实直接为E1载波的控制开销是多少是不严谨的，题目中并没有强调说一定是30B+D的ISDN系统，如果另外有其他的传输系统采用了不同的方式，那么控制开销自然也不同。
）答案：
（17）B（18）B
●在HFC网络中，CableModem的作用是（19）。
（19）A．用于调制解调和拨号上网
B．用于调制解调以及作为以太网接口
C．用于连接电话线和用户终端计算机
D．连接ISDN接口和用户终端计算机
试题解析：
CableModem既不用于拨号上网，也不用于连接电话线，更与ISDN没有什么关系。
答案：
B
●以下属于对称数字用户线路（SymmetricalDigitalSubscriberLine）的是（20）。
（20）A．HDSLB．ADSLC．RADSLD．VDSL
试题解析：
xDSL有多种规范，可分为对称数字用户线路和非对称数字用户线路两部分，参见下表。
类型
描述
数据速率
模式
应用
IDSL
ISDN数字用户线路
128Kbps
对称
ISDN服务于语音和数据通信
HDSL
高数据速率数字用户线路
1.5Mbps～2Mbps
对称
T1/E1服务于WAN、LAN访问和服务器访问
SDSL
单线对数字用户线路
1.5Mbps～2Mbps
对称
与HDSL应用相同，另外为对称服务提供场所访问
ADSL
非对称数字用户线路
上行：
最高640Kbps
下行：
最高6Mbps
非对称
Internet访问，视频点播、单一视频、远程LAN访问、交互多媒体
G.Lite
无分离数字用户线路
上行：
最高512Kbps
下行：
最高1.5Mbps
非对称
标准ADSL；在用户场所无需安装splitter
VDSL
甚高数据速率数字用户线路
上行：
1.5Mbps～2.3Mbps
下行：
13Mbps～52Mbps
非对称
与ADSL相同，另外可以传送HDTV节目
RADSL（Rate-AdaptiveDSL，速率自适应数字用户线路）也是非对称数字用户线路。
答案：
A
●关于ARP表，以下描述中正确的是（21）。
（21）A．提供常用目标地址的快捷方式来减少网络流量
B．用于建立IP地址到MAC地址的映射
C．用于在各个子网之间进行路由选择
D．用于进行应用层信息的转换
试题解析：
常识。
答案：
B
●因特网中的协议应该满足规定的层次关系，下面的选项中能正确表示协议层次和对应关系的是（22）。
（22）A．B．
SNMP
TFTP
UDP
TCP
IP
SNMP
HTTP
TCP
UDP
IP
C．D．
SNMP
Telnet
TCP
UDP
IP
HTTP
TFTP
TCP
UDP
IP
．
试题解析：
SNMP、TFTP是基于UDP的，而HTTP、Telnet是基于TCP的。
答案：
C
●BGP协议的作用是（23）。
（23）A．用于自治系统之间的路由器之间交换路由信息
B．用于自治系统内部的路由器之间交换路由信息
C．用于主干网中路由器之间交换路由信息
D．用于园区网中路由器之间交换路由信息
试题解析：
BGP（BorderGatewayProtocol，边界网关协议）负责在AS之间进行路由，是EGPs的一种。
答案：
A
●关于RIP，以下选项中错误的是（24）。
（24）A．RIP使用距离矢量算法计算最佳路由
B．RIP规定的最大跳数为16
C．RIP默认的路由更新周期为30秒
D．RIP是一种内部网关协议
试题解析：
RIP规定的最大跳数为15，16意味着无穷大。
答案：
B
●路由汇聚（RouteSummarization）是把小的子网汇聚成大的网络，下面4个子网：
172.16.193.0/24、172.16.194.0/24、172.16.196.0/24和172.16.198.0/24，进行路由汇聚后的网络地址是（25）。
（25）A．172.16.192.0/21B．172.16.192.0/22
C．172.16.200.0/22D．172.16.224.0/20
试题解析：
前两个字节和最后一个字节不做比较了，只比较第三个字节。
193→11000001
194→11000010
196→11000100
198→11000110
显然，这四个数字只有前五位是完全相同的，因此汇聚后的网络的第三个字节应该是11110000→192。
汇聚后的网络的掩码中1的数量应该有8+8+5=21。
因此答案是172.16.192.0/21。
答案：
A
●分配给某校园网的地址块是202.105.192.0/18，该校园网包含（26）个C类网络。
（26）A．6B．14C．30D．62
试题解析：
C类地址的缺省掩码应该有24个“1”，24-18=6，因此正确答案应该是26=64。
但选项中没有64，只有62和它比较接近。
这是因为出题者还是遵循早已被废弃的“子网段中全0和全1都不可用”的旧规定。
答案：
D
●以下地址中属于D类地址的是（27）。
（27）A．224.116.213.0B．110.105.207.0
C．10.105.205.0D．192.168.0.7
试题解析：
常识。
答案：
A
●在windows操作系统中，采用（28）命令来测试到达目标所经过的路由器数目及IP地址。
（28）A．pingB．tracertC．arpD．nslookup
试题解析：
常识。
还有一个是tracerout怎么区分？
不知到这个是不是在linux系统里的。
答案：
B
●FTP使用的传输层协议为（29），FTP的默认的控制端口号为（30）。
（29）A．HTTPB．IPC．TCPD．UDP
（30）A．80B．25C．20D．21
试题解析：
常识。
答案：
（29）C（30）D
●在Linux操作系统中，（31）文件负责配置DNS，它包含了主机的域名搜索顺序和DNS服务器的地址。
（31）A．/etc/hostnameB．/etc/host.conf
C．/etc/resolv.confD．/etc/name.conf
试题解析：
常识。
答案：
C
●Linux系统在默认情况下将创建的普通文件的权限设置为（32）。
（32）A．-rw-r--r--B．-r--r--r--
C．-rw-rw-rwxD．-rwxrwxrw-
试题解析：
普通文件是不可执行的，自然不会有x权限。
此外，文件拥有人缺省是具备读写权限的，而其他人只具备读权限。
答案：
A
●在Linux系统中，用户组加密后的口令存储在（33）文件中。
（33）A．/etc/passwdB．/etc/shadow
C．/etc/groupD．/etc/shells
试题解析：
注意题目，问的是“用户组”，一不留神就上当了。
答案：
C
●以下关于WindowsServer2003的域管理模式的描述中，正确的是（34）。
（34）A．域间信任关系只能是单向信任
B．只有一个主域控制器，其它都为备份域控制器
C．每个域控制器都可以改变目录信息，并把变化的信息复制到其他域控制器
D．只有一个域控制器可以改变目录信息
试题解析：
Windows的活动目录包括域、域树、域林的概念，因此自然不会只有一个主域控制器，也不会只有一个域控制器可以改变目录信息了。
域间信任关系有单向信任和双向信任两种。
答案：
C
●在WindowsServer2003中，默认情况下（35）组用户拥有访问和完全控制终端服务器的权限。
（35）A．InteractiveB．Network
C．EveryoneD．System
试题解析：
自己看看就知道了。
答案：
D
●以下关于DHCP服务的说法中正确的是（36）。
（36）A．在一个子网内只能设置一台DHCP服务器，以防止冲突
B．在默认情况下，客户机采用最先到达的DHCP服务器分配的IP地址
C．使用DHCP服务，无法保证某台计算机使用固定IP地址
D．客户端在配置时必须指明DHCP服务器IP地址，才能获得DHCP服务
试题解析：
一个子网内可以设置多台DHCP服务器。
客户机采用广播方式发送地址请求，不需预先知道DHCP服务器的地址。
客户机采用最先到达的DHCP服务器分配的IP地址。
DHCP服务器可以采用MAC地址绑定的方式保证某台计算机使用固定IP地址。
答案：
B
●使用代理服务器（proxyserver）访问Internet的主要功能不包括（37）。
（37）A．突破对某些网站的访问限制
B．提高访问某些网站的速度
C．避免来自Internet上的病毒的入侵
D．隐藏本地主机的IP地址
试题解析：
代理服务器不具备抵御病毒入侵的能力。
答案：
C
●POP3协议采用（38）模式，当客户机需要服务时，客户端软件（OutlookExpress或Foxmail）与POP3服务器建立（39）连接。
（38）A．Browser/ServerB．Client/Server
C．PeertoPeerD．PeertoServer
（39）A．TCPB．UDP
C．PHPD．IP
试题解析：
POP3是典型的C/S模式，POP3使用的TCP110端口。
答案：
（38）B（39）A
●DES是一种（40）算法。
（40）A．共享密钥B．公开密钥C．报文摘要D．访问控制
试题解析：
DES是一种56位共享密钥的加密算法。
答案：
A
●在Linux系统中，利用（41）命令可以分页显示文件的内容。
（41）A．listB．catC．moreD．cp
试题解析：
常识。
答案：
C
●在Windows操作系统中，要实现一台具有多个域名的Web服务器，正确的方法是（42）。
（42）A．使用虚拟目录B．使用虚拟主机
C．安装多套IISD．为IIS配置多个Web服务端口
试题解析：
常识。
答案：
B
●下列行为不属于网络攻击的是（43）。
（43）A．连续不停Ping某台主机
B．发送带病毒和木马的电子邮件
C．向多个邮箱群发一封电子邮件
D．暴力破解服务器密码
试题解析：
邮件群发有可能是发垃圾邮件，但不属于网络攻击。
答案：
C
●采用Kerberos系统进行认证时，可以在报文中加入时间戳来防止重放攻击。
（44）A．会话密钥B．时间戳
C．用户IDD．私有密钥
试题解析：
会话密钥、用户ID和私有密钥都不具备防止重放攻击的能力。
答案：
B
●包过滤防火墙通过（45）来确定数据包是否能通过。
（45）A．路由表B．ARP表C．NAT表D．过滤规则
试题解析：
路由表是用来决定数字包转发方向的。
ARP表是用来解析网络层地址和数据链路层地址的对应关系的。
NAT表是用来转换内网地址和外网地址的转换关系的。
只有过滤规则是用来决定数据包是否可以通过的。
答案：
D
●目前在网络上流行的“熊猫烧香”病毒属于（46）类型的病毒。
（46）A．目录B．引导区C．蠕虫D．DOS
试题解析：
多了解实事是有好处的。
答案：
C
●多形病毒指的是（47）的计算机病毒。
（47）A．可在反病毒检测时隐藏自己B．每次感染都会改变自己
C．可以通过不同的渠道进行传播D．可以根据不同环境造成不同破坏
试题解析：
多形病毒又可称为自变体病毒，也就是说每次感染都会改变自己。
答案：
B
●SNMP采用UDP提供数据报服务，这是由于（48）。
（48）A．UDP比TCP更加可靠
B．UDP数据报文可以比TCP数据报文大
C．UDP是面向连接的传输方式
D．采用UDP实现网络管理不会太多增加网络负载
试题解析：
A、B、C都是明显错误。
答案：
D
在SNMPv2中，一个实体发送一个报文，一般经过四个步骤：
加入版本号和团体名，构造报文；
把PDU、源和目标端口地址以及团体名传送给认证服务，认证服务产生认证码或对数据进行加密，返回结果；
根据要实现的协议操作构造PDU；
进行BER编码，产生0/1比特串。
这四个步骤的正确次序是（49）。
（49）A．①③②④B．③②①④
C．④①③②D．②①③④
试题解析：
即使不知道具体过程的人，也可以进行步骤分析。
④必定是最后的步骤，③必定在②之前，①必定不是第一个步骤，所以满足条件的只有B。
答案：
B
●嗅探器可以使网络接口处于杂收模式，在这种模式下，网络接口（50）。
（50）A．只能够响应与本地网络接口硬件地址相匹配的数据帧
B．只能够响应本网段的广播数据帧
C．只能响应组播信息
D．能够响应流经网络接口的所有数据帧
试题解析：
常识。
答案：
D
●把IP网络划分成子网，这样做的好处是（51）。
（51）A．增加冲突域的大小B．增加主机的数量
C．减小广播域的大小D．增加网络的数量
试题解析：
划分子网可以增加子网的数量，子网之间的数据传输需要通过路由器进行，因此自然就减小了广播域的大小。
答案：
C
●局域网中某主机的IP地址为172.16.1.12/20，该局域网的子网掩码为（52），最多可以连接的主机数为（53）。
（52）A．255.255.255.0B．255.255.254.0
C．255.255.252.0D．255.255.240.0
（53）A．4094B．2044C．1024D．512
试题解析：
/20表示子网掩码中有20个“1”，因此子网掩码是255.255.240.0。
子网掩码中“0”的个数有32-20=12个，因此每个网络的主机数可达212-2=4094。
答案：
（52）D（53）A
●下面的地址中，属于私网地址的是（54）。
（54）A．192.118.10.1B．127.1.0.1
C．172.14.2.240D．172.17.20.196
试题解析：
私网IP地址表
类别
RFC1918规定的地址范围
网络数
每个网络主机数量
A
10.0.0.0~10.255.255.255
1
224－2
B
172.16.0.0~172.31.255.255
16
216－2
C
192.168.0.0~192.168.255.255
256
28－2
答案：
D
●一个主机的IP地址是172.16.2.12/24，该主机所属的网络地址是（55）。
（55）A．172.0.0.0B．172.16.0.0
C．172.16.2.0D．172.16.1.0
试题解析：
/24表示子网掩码中有24个0，网络地址的主机位全“0”，因此网络地址是172.16.2.0。
答案：
C
●配
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