广东省广州市黄埔区北师大广州实验学校学年九年级上教学质量监测物理试题解析版.docx

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广东省广州市黄埔区北师大广州实验学校学年九年级上教学质量监测物理试题解析版

2020—2021学年第一学期期末教学质量监测

九年级物理

第一部分选择题（共30分）

一、选择题（每小题3分，共30分。

每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意）

1.如图所示，与织物摩擦过的塑料笔靠近带电体，发现带电体远离塑料笔，下列说法正确的是（　　）

A.塑料笔一定带正电

B.塑料笔一定带负电

C.摩擦后的塑料笔和织物带异种电荷

D.摩擦后的塑料笔和织物带同种电荷

【答案】C

【解析】

【详解】AB．与织物摩擦过的塑料笔可能带正电，也可能带负电，故AB错误；

CD．摩擦后，塑料笔和织物一个失去电子带正电，一个得到电子带负电，带异种电荷，故C正确，D错误。

故选C。

2.如图是滑动变阻器的结构和连入电路的示意图，当滑片P向右滑动时，连入电路的电阻变大的是（　　）

A.

B.

C.

D.

【答案】A

【解析】

【分析】

【详解】A．滑动变阻器连接需要一上一下，向右滑动时，下面电阻丝接入

长度变长，故阻值变大，故A选项正确；

B．滑动变阻器连接需要一上一下，此时无论怎么滑动变阻器，阻值不变，故B选项错误；

C．滑动变阻器连接需要一上一下，此时无论怎么滑动变阻器，阻值不变，故C选项错误；

D．滑动变阻器连接需要一上一下，向右滑动时，下面电阻丝接入的长度变小，故阻值变小，故D选项错误。

故选A。

3.关于热机，下列说法正确的是（　　）

A.采取有效措施，热机效率能达到100％

B.柴油机上安装一个笨重的飞轮，是为了提高它的效率

C.柴油机的效率比汽油机的高，是因为柴油的热值比汽油的大

D.四冲程汽油机在工作过程中，进气门和排气门同时关闭的冲程是压缩冲程和做功冲程

【答案】D

【解析】

【详解】A．采取有效措施可以提高热机的效率，但不可能达到100%，故A错误；

B．柴油机除了做功冲程外，其他三个冲程都是依靠飞轮的惯性完成的，不是为了提高它的效率，故B错误;

C．柴油机的效率比汽油机的效率高，是因为柴油机在吸气冲程中吸入的是空气，在压缩冲程中压缩程度大，做有用功的能量和燃料完全燃烧放出的热量的比值大，与柴油热值大小无关，故C错误；

D．四冲程汽油机在工作过程中，进气门和排气门同时关闭的冲程是做功冲程和压缩冲程，故D正确。

故选D。

4.如图中四幅图是小强提着包回家的情景，小强提书包的力不做功的是哪幅图（　　）

A.

将包从地面提起

B.

提着包站在水平匀速行驶的车上

C.

提着包乘电梯向上运动

D.

提着包上楼

【答案】B

【解析】

【分析】

【详解】A．将包从地面提起，小强对书包施加竖直向上的力，包沿竖直方向移动了一段距离，所以小强提书包的力对书包做了功，故A不符合题意；

B．提着包站在水平匀速行驶的车上，小强对书包施加的力沿竖直方向，包移动的距离沿水平方向，力和距离的方向相互垂直，所以小强提书包的力没有对书包做功，故B符合题意；

C．提着包乘电梯向上运动，小强对书包施加竖直向上的力，包沿竖直方向移动了一段距离，所以小强提书包的力对书包做了功，故C不符合题意；

D．提着包上楼，小强对书包施加的力方向向上，包沿向上的方向移动了一段距离，所以小强提书包的力对书包做了功，故D不符合题意。

故选B。

5.小军喜欢喝咖啡，在冲调咖啡时总能闻到一股浓浓的香味。

如图所示，是一杯刚冲调的咖啡，关于咖啡下列说法中错误的是（　　）

A.咖啡在冷却的过程中，对外做功，内能减少

B.咖啡在冷却的过程中，通过热传递方式改变了内能

C.刚冲调的咖啡，由于温度较高，分子热运动更剧烈

D.刚冲调的咖啡香飘四溢，这是扩散现象，表明分子在运动

【答案】A

【解析】

【分析】

【详解】A．咖啡在冷却的过程中，通过热传递方式改变了内能，而不是做功的方式，内能减少，温度降低，故A错误，A符合题意；

B．咖啡在冷却的过程中，通过热传递方式改变了内能，故B正确，B不符合题意；

C．分子热运动的剧烈程度与温度有关，所以温度越高，分子热运动更剧烈，故C正确，C不符合题意；

D．刚冲调的咖啡香飘四溢，是因为香味分子不停地做无规则运动，是扩散现象，故D正确，D不符合题意。

故选A。

6.一个电源的正负极模糊了，用如图所示的四种实验方法来判断，不正确的是（　　）

A.甲：

闭合开关后，若灯泡发光，则电池的左端是正极

B.乙：

闭合开关后，若二极管发光，则电池的右端是正极

C.丙：

闭合开关后，若电流表指针向左偏转，则电池的左端是正极

D.丁：

闭合开关后，若电压表指针向右偏转，则电池的右端是正极

【答案】A

【解析】

【分析】

【详解】A．闭合开关后灯泡发光，无论电流从哪个方向流入灯泡，灯泡都会发光，所以此图不能确定电源的正负极，故A错误，符合题意；

B．闭合开关后，发光二极管具有单向导电性，若二极管发光，则长脚与电源的正极相连，所以电源的右端是正极，故B正确，不符合题意；

C．闭合开关后，若电流表的指针向左偏转，则电流表的负接线柱与电源的正极相连，所以电池的左端是电源的正极，故C正确，不符合题意；

D．闭合开关后，若电压表指针向右偏转，则电压表的正接线柱与电源的正极相连，所以电池的右端是电源正极，故D正确，不符合题意。

故选A。

7.某电路如图所示，电源电压恒定不变，定值电阻R1

A.R1和R2的连接方式为串联

B.通过R1的电流比R2大

C.电流表测量的是R1的电流

D.若R1损坏，电流表示数变小

【答案】B

【解析】

【分析】

【详解】A．观察实物图，闭合开关后，根据电流的流法可知，R1和R2的连接方式为并联，故A错误；

B．由上述可知，两电阻是并联，电流表与R2串联，两电阻两端的电压相等，定值电阻R1

，即通过R1的电流比R2大，故B正确；

C．从图中可以看到，闭合开关后，电流表与R2串联，电流表测量的是R2的电流，故C错误；

D．由上述可知，两电阻是并联，电流表与R2串联，并联电路的用电器独立工作，不会相互影响，若R1损坏，R2的电压不变，其电阻大小不变，那么流过它的电流大小不变，电流表示数不变，故D错误。

故选B。

8.如图所示，质量为m的小球从某一高度O静止释放，下落过程中经过P、Q两点，已知

，OP=PQ。

忽略空气阻力，下列说法正确的是（　　）

A.小球在P点和Q点的动能相等

B.小球在P点和Q点的机械能不相等

C.小球从O运动到P过程和从P运动到Q过程中，重力所做的功不相等

D.小球从O运动到P过程和从P运动到Q过程中，重力做功的功率不相等

【答案】D

【解析】

【分析】

【详解】A．小球在下落过程中，重力势能转化

动能，所以小球在P点比Q点动能小，故A错误；

B．因为忽略空气阻力，所以小球在下落过程中机械能守恒，小球在P点和Q点的机械能相等，故B错误；

C．因为OP=PQ，根据

可知，小球从O运动到P过程和从P运动到Q过程中，重力所做

功相等，故C错误；

D．因为小球从O运动到P过程和从P运动到Q过程中，重力所做的功相等，，而

，根据

可知，小球从O运动到P过程和从P运动到Q过程中，重力做功的功率不相等，故D正确。

故选D。

9.如图所示，将阻值为5Ω和10Ω的电阻丝分别放在装有相同质量煤油的烧瓶中，再用带有相同温度计的橡胶塞盖紧瓶口，煤油的初始温度相同，把两个电阻串联起来连在电路中。

不考虑热量损失，闭合开关，通电一段时间。

下列说法中正确的是（　　）

A.右瓶的温度计示数较高

B.左瓶的煤油吸收的热量较多

C.R1两端的电压比R2两端的电压大

D.通过R1的电流比通过R2的电流大

【答案】A

【解析】

【分析】

【详解】ABD．由图可知，R1、R2两电阻丝串联，所以通过它们的电流相等；R2的阻值比R1大，根据

可知，R2产生热量较多，右瓶的煤油吸收的热量较多，右瓶的温度计示数较高，故A正确，BD错误；

C．R1的阻值比R2小，根据串联电路分压关系可知，R1两端的电压比R2两端的电压小，故C错误。

故选A。

10.如图所示，右侧B处，直接把重为G的物体从水平地面匀速拉到高为h的位置，此过程中绳子拉力对物体所做的功为WB。

在左侧A处，利用滑轮组把同一物体从水平地面竖直向上匀速拉到同一高度，在此过程中绳的拉力F所做的功为WA，则该滑轮组的机械效率为（　　）

A.

100

B.

C.

D.

【答案】D

【解析】

【分析】

【详解】在左侧A处，利用滑轮组把同一物体从水平地面竖直向上匀速拉到h高度，在此过程中绳的拉力F所做的功为总功，即

把重为G的物体从水平地面匀速拉到高为h的位置，此过程中绳子拉力对物体所做的功为有用功，即

则该滑轮组的机械效率为

故ABC不符合题意，D符合题意。

故选D。

第二部分非选择题（共60分）

二、非选择题（共8题，共60分。

按题目要求作答）

11.如图，质量分布均匀的圆柱体木棒左端与支点O连接，绕O转动时，木棒所受的摩擦可忽略不计。

现木棒右端受到竖直向上的拉力F而保持静止。

（1）若把该木棒看作一个杠杆，则此杠杆是否处于平衡状态？

答：

______（选填“是”或“否”），判断的依据是______；

（2）若以F为杠杆的动力，木棒所受的重力为阻力，请在图中画出拉力F的力臂L1和重力G及其力臂L2______，根据______可判断此杠杆为______（“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆。

【答案】

（1）.是

（2）.杠杆处于静止（3）.

（4）.

（5）.省力

【解析】

【分析】

【详解】

（1）[1][2]静止和匀速直线运动为平衡状态，图中杠杆处于静止，所以杠杆是处于平衡状态。

（2）[3]力臂为支点到力作用线的距离，所以拉力F的力臂L1和重力G及其力臂L2如图所示

。

[4][5]由图可知，

，根据

，可知，

，所以此杠杆为省力杠杆。

12.如图所示，电源电压恒为9V，开关S闭合，灯泡L1不亮，L2发光，两电压表均有示数。

（1）其中电压表V1示数为3V，则电压表V2示数为______V；

（2）灯泡L1是否断路？

______（选填“是”或“否”），请写出你判断的依据：

______。

【答案】

（1）.3

（2）.否（3）.两灯泡串联，L2发光，说明L2与电源能构成闭合回路，L1不可能断路

【解析】

【分析】

【详解】

（1）[1]开关闭合后，两电压表均测量L2两端的电压，电压表V1示数为3V，则电压表V2示数也为3V。

（2）[2][3]由电路图可知灯泡L1和L2串联，灯泡L2发光，说明L2与电源构成了闭合回路，那么灯泡L1不可能断路

13.用电加热器给质量均为500g的甲、乙液体加热，并用图象对实验数据进行了处理，如图所示。

设电加热器每秒放出的热量相同，且放出的热量全部被液体吸收。

请回答下列问题：

（1）由题可知，甲液体在0~2min吸收的热量______（选填“大于”、“小于”或“等于”）乙液体在2~4min吸收的热量；

（2）甲液体在第______（选填“1min”、“2min”或“4min”）时液体分子的无规则运动更剧烈；

（3）由图像可知，______（选填“甲”或“乙”）液体的比热容较大，判断的依据是______；

（4）若甲液体的比热容c甲=2.1×103J/（kg·℃），则乙液体的比热容c乙=______J/（kg·℃）。

【答案】

（1）.等于

（2）.4min（3）.乙（4）.见解析（5）.4.2×103

【解析】

【分析】

【详解】

（1）[1]电加热器每秒放出的热量相同，且放出的热量全部被液体吸收，0~2min和2~4min时间间隔均为2min，所以在这两段时间内，甲、乙两种液体吸收的热量相等。

（2）[2]液体温度越高，内能越大，分子无规则热运动越剧烈，所以甲液体在第4min时分子无规则热运动更剧烈。

（3）[3][4]乙液体的比热容较大，根据c=

，m甲=m乙，因为加热相同的时间，Q甲=Q乙，而

，所以c甲

（4）[5]由图知，质量相等的甲、乙两种液体，在吸收相等热量时，甲升高的温度是乙的2倍，根据

可知，乙的比热容是甲的2倍，故乙的比热容是

。

14.家用电风扇的电动机线圈电阻为2Ω，正常工作时，通过的电流为2A，通电10min，家庭电压为220V。

（1）电风扇消耗的电能是______J，线圈产生的热量是______J，电风扇的电功率是______W；

（2）电风扇的主要工作原件是电动机，请在图中填写完整电动机工作过程的能量转化图。

（电动机的效率约为70%，图中箭头大小大致反映对应能量多少）______

【答案】

（1）.2.64×105

（2）.4800（3）.440（4）.

【解析】

【分析】

【详解】

（1）[1][2][3]电风扇消耗的电能是

电风扇消耗的电能是

；

线圈产生的热量是

线圈产生的热量是

；

电风扇的电功率是

电风扇的电功率是

。

（2）[4]由第一问可知，电能主要分为两部分，一部分用于转化为机械能，即风扇的转动，一部分用于内能，且机械能大于内能。

15.小明家电热水壶上的铭牌部分模糊了，如下表所示。

他想知道该电热水壶的额定功率，于是他关掉家里的其他用电器，只让电热水壶单独工作，观察到标有“1800r/kW·h”的电能表的转盘转了45圈刚好用了1min，家庭电路工作电压为220V。

（1）该电热水壶的额定功率是多少？

（2）若用该电热水壶加热水，1min内使质量为1kg的水温度升高20℃，水吸收的热量是多少？

[c水=4.2×103J/（kg·℃）]

（3）该热水壶的热效率多少？

（水吸收的热量与消耗的电能之比叫热效率，保留一位小数）

产品型号

SW-15T70A

容量（L）

1.5

额定电压（V）

220V

额定功率（W）

/

【答案】

（1）1.5kW；

（2）8.4×104J；（3）93.3%

【解析】

【分析】

【详解】

（1）电热水壶消耗的电能

（2）水吸收的热量

（3）消耗的电能

热效率为

答：

（1）该电热水壶的额定功率是1.5kW.

（2）若用该电热水壶加热水，1min内使质量为1kg的水温度升高20℃，水吸收的热量是

。

（3）该热水壶的热效率为93.3%。

16.某型号汽车发动机的额定功率为5.4×104W，在水平路面上，匀速行驶时受到的阻力是1800N。

在额定功率下，当汽车匀速行驶时，求：

（1）在图中画出汽车匀速行驶时水平方向受到的力的示意图；

（2）发动机所提供的牵引力的大小；

（3）行驶5min时，牵引力所做的功；

（4）汽车行驶速度大小。

【答案】

（1）

；

（2）1800N；（3）1.62×107J；（4）30m/s

【解析】

【分析】

【详解】

（1）汽车匀速行驶时为平衡状态，受力如下图所示：

（2）汽车匀速行驶，牵引力F和阻力f是一对平衡力

（3）行驶5min时，牵引力所做的功

（4）行驶5min的路程为

汽车行驶速度大小

答：

（1）见解析。

（2）发动机所提供的牵引力的大小为

。

（3）行驶5min时，牵引力所做的功为

。

（4）汽车行驶速度大小为

。

17.小丽同学设计了一个电路，如图甲所示。

其中电源电压值恒为6V，小灯泡标有“2.5V”的字样，请回答以下问题：

（1）根据小丽设计的电路图把图乙中的器材连接成实验电路，要求滑动变阻器滑片P向B端移动时，接入电路的电阻变小；______

（2）闭合开关，移动滑动变阻器滑片，使小灯泡正常发光。

此时电流表的读数如图丙所示，请完成表格；______

小灯泡的实验数据

发光情况

刚发光

正常发光

很亮

U/V

0.90

3.50

I/A

0.20

0.38

P/W

0.18

1.33

R/Ω

4.50

9.21

（3）根据表，归纳小灯泡电阻变化的规律：

______。

【答案】

（1）.

（2）.见解析（3）.见解析

【解析】

【分析】

【详解】

（1）[1]根据电路图可知，电流表串联接入电路，电压表测量灯泡两端电压，滑动变阻器与灯泡串联接入电路，滑动变阻器滑片P向B端移动时，接入电路的电阻变小，所以接入滑动变阻器时，下端接B端，如图所示：

（2）[2]由题意可知，灯泡标有“2.5V”的字样，即正常工作时的电压为2.5V，正常工作时的电流为图丙所示，丙图电流表选择的0~0.6A量程，故示数为0.28A，所以正常发光时的电功率为

灯泡正常工作时的电阻为

故表格的信息为

发光情况

刚发光

正常发光

很亮

U/V

0.90

2.50

3

50

I/A

0.20

0.28

0.38

P/W

0.18

0.70

1.33

R/Ω

4.50

8.93

9.21

（3）[3]刚发光时，灯泡的电阻为4.5Ω，正常发光时，电阻为8.93Ω，发光很亮时，电阻为9.21Ω，则小灯泡电阻变化的规律：

小灯泡的电阻随电压（电流、电功率、亮度）的增大而增大。

18.小明用图中的动滑轮匀速拉动水平地面上的物体A，他猜想动滑轮拉动的物体越轻，机械效率越高。

请设计实验检验其猜想，并填写实验报告。

（1）实验目的：

______；

（2）实验步骤（若需要可补充器材）：

______。

【答案】

（1）.见解析

（2）.见解析

【解析】

【分析】

【详解】

（1）[1]验证动滑轮拉动的物体越轻，机械效率越高。

（2）[2]要求出动滑轮的机械效率，需要测出的物理量为：

滑动摩擦力f，拉力F；

实验步骤：

①用测力计水平匀速拉动物体A在水平路面上运动一段距离s，测得滑动摩擦力f等于拉力为F1。

②改用动滑轮拉动物体A在同一路面匀速移动距离s，拉力为F2。

③在物体A上方增加重物，重复①②两次（以上）。

④比较物体的重力及动滑轮机械效率，检验猜想是否正确。