福州市中考数学试题含答案word版文档格式.docx
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D.47
【答案】
C
6.下列命题中,假命题是
A.对顶角相等
C.菱形的四条边都相等
B.三角形两边的和小于第三边
D.多边形的外角和等于360
B
7.若(m1)2
n2
0,则
mn的值是
A.
B.0
D.2
A
8.某工厂现在平均每天比原计算多生产50台机器,现在生产600台机器所需时间与原计划生产450台机器所需时间相同.设原计划平均每天生产x台机器,根据题意,下面所列方
程正确的是
A.600
450
B.600
x50
x
C.600
D.600
【答案】A
9.如图,在正方形
ABCD外侧,作等边三角形
ADE,AC,BE相交于点F,则∠BFC为
A.45
B.55
C.60
D.75
【答案】C
10.如图,已知直线y
x2分别与x轴,y轴交于A,B两点,与双曲线
yk交于E,F
两点,若AB2EF,则k的值是
A.1B.1
D.3
2
4
二、填空题(共5小题,每题4分,满分20分;
请将正确答案填在答题卡相应位置)
11.分解因式:
mamb.
【答案】m(ab)
12.若5件外观相同的产品中有1件不合格,现从中任意抽取1件进行检测,则抽到不合格
产品的概率是.
【答案】1
13.计算:
(21)(21).
14.如图,在□ABCD中,DE平分∠ADC,AD6,BE2,则□ABCD的周长是.
【答案】20
15.如图,在Rt△ABC中,∠ACB90,点D,E分别是边AB,AC的中点,延长BC到点
F,使
CF
1BC.若AB10,则
EF
的长是
.
三、解答题(满分90分;
请将正确答案及解答过程填在答题卡相应位置
用铅笔画完,再用黑色签字笔描黑)
16.(每小题7分,共14分)
2014
【答案】解:
原式3115.
.作图或添加辅助线
(2)先化简,再求值:
(x2)2x(2x),其中x1.3
原式
4x42xx
6x
4.
当x1时,
3
646.
17.(每小题7分,共14分)
(1)如图,点E,F在BC上,BECF,ABDC,∠B∠C.求证:
∠A∠D.
【答案】证明:
∵BECF,
∴BEEFCFEF
即BFCE.
又∵ABDC,∠B∠C,
∴△ABF≌△DCE.
∴∠A∠E.
(2)如图,在边长为1个单位长度的小正方形所组成的网格中,△
ABC的顶点均在格点上.
①sinB的值是
;
②画出△ABC关于直线
l对称的△A1B1C1(A与A1,B与B1,C与C1相对应).连接
AA1,BB1,并计算梯形
AA1B1B的面积.
【答案】①
3;
②如图所示.
由轴对称的性质可得,
AA1
2,BB1
8,高是4.
∴S
1(AA1
BB1)4
20.
梯形AABB
18.(满分12分)设中学生体质健康综合评定成绩为x分,满分为100分.规定:
85≤x≤100
为A级,75≤x<
85为B级,60≤x<
75为C级,x<
60为D级.现随机抽取福海中学部分
学生的综合评定成绩,整理绘制成如下两幅不完整的统计图.请根据图中的信息,解答
下列问题:
(1)在这次调查中,一共抽取了名学生,a%;
(2)补全条形统计图;
(3)扇形统计图中C级对应的圆心角为度;
(4)若该校共有2000名学生,请你估计该校D级学生有多少名?
(1)50,24;
(2)如图所示;
(3)72;
(4)该校D级学生有:
2000
人.
160
50
19.(满分12分)现有A,B两种商品,买
2件A商品和1件B商品用了90元,买3件A
商品和2件B商品共用了160
元.
(1)求A,B两种商品每件多少元?
(2)如果小亮准备购买
A,B两种商品共
10件,总费用不超过
350元,且不低于300
元,问有几种购买方案,哪种方案费用最低?
【答案】解:
(1)设A商品每件x元,B商品每件y元.
2x
y
,
依题意,得
90
3x
2y
160.
解得
20
50.
答:
A商口每件20元,B商品每件50
(2)设小亮准备购买
A商品a件,则购买B商品(10a)件.
20a
50(10
a)
300
350.
解得5≤a≤62.
根据题意,a的值应为整数,所以
a5或a6.
方案一:
当a
5时,购买费用为
(10
5)
350元;
方案二:
6时,购买费用为
6
6)
320元.
∵350>
320,
∴购买A商品6件,B商品4件的费用最低.
有两种购买方案,方案一:
购买
A商品5件,B商品5件;
购买A商品6
件,B商品4件.其中方案二费用最低.
20.(满分11分)如图,在△ABC中,∠B45,∠ACB60,AB3
2,点D为BA延长
线上的一点,且∠D∠ACB,⊙O为△ACD的外接圆.
(1)求BC的长;
(2)求⊙O的半径.
(1)过点A作AE⊥BC,垂足为E.
∴∠AEB∠AEC
90.
在Rt△ABE中,∵sinB
AE,
AB
∴ABAB·
sinB3
2·
sin4532·
3.
∵∠B45,
∴∠BAE45.
∴BEAE3.
在Rt△ACE中,∵tan∠ACBAE,
EC
AE
∴EC
tan60
3.
tanACB
∴BCBEEC33.
(2)由
(1)得,在Rt△ACE中,∵∠EAC30,EC
3,
∴AC23.
解法一:
连接AO并延长交⊙O于M,连接CM.
∵AM为直径,∴∠ACM90.
在Rt△ACM中,∵∠M∠D∠ACB60,sinM
AC,
AM
∴AM
AC
23
sinM
sin60
∴⊙O的半径为2.
解法二:
连接
OA,OC,过点O作OF⊥AC,垂足为F,
则AF1AC3.
∵∠D∠ACB60,
∴∠AOC120.
∴∠AOF1∠AOC60.
在Rt△OAF中,sin∠AOF
AF,
AO
∴AO
AF
2,即⊙O的半径为2.
AOF
sin
21.(满分13分)如图1,点O在线段AB上,AO2,OB1,OC为射线,且∠BOC60,
动点P以每秒2个单位长度的速度从点O出发,沿射线OC做匀速运动,设运动时间
为t秒.
(1)当t
1秒时,则OP
,S△ABP
(2)当△ABP是直角三角形时,求
t的值;
(3)如图2,当APAB时,过点A作AQ∥BP,并使得∠QOP∠B,求证:
AQ·
BP3.
(1)1,33;
(2)①∵∠A<
∠BOC60,
∴∠A不可能是直角.
②当∠ABP90时,
∵∠BOC60,
∴∠OPB30.
∴OP2OB,即2t2.
∴t1.
③当∠APB90时,作PD⊥AB,垂足为D,则∠ADP∠PDB90.
∵OP2t,
∴ODt,PD
3t,AD2t,BD
1t(△BOP
是锐角三角形)
∴BP2
(1
t)2
3t2,AP2(2t)23t2.
∵BP
AP
∴(1t)23t2(2t)23t29,即4t2t20.
解得t
33,t
33(舍去).
8
∵∠
APD∠BPD
90,∠B∠BPD
90,
∴∠APD∠B.
∴△APD∽△PBD.
∴ADPD.
PDBD
∴PD2
AD·
BD.
于是(
3t)2(2
t)(1t),即4t2
t
20.
解得t1
33,t2
33
(舍去).
综上,当△ABP为直角三角形时,
t1或
(3)解法一:
∵APAB,
∴∠APB∠B.
作OE∥AP,交BP于点E,∴∠OEB∠APB∠B.
∵AQ∥BP,
∴∠QAB∠B180.
又∵∠3∠OEB180,
∴∠3∠QAB.
又∵∠AOC∠2∠B∠1∠QOP,
已知∠B∠QOP,
∴∠1∠2.
∴△QAO∽△OEP.
∴
AQ
,即
AQ·
EP
EO·
AO.
EO
EP
∵OE∥AP,
∴△OBE∽△ABP.
∴OEBEBO1.
BPBA
∴OE
AP1,BP
EP.
∴AQ·
BPAQ·
3EP
3AO·
OE
213.
连接PQ,设AP与OQ相交于点F.
∴∠QAP∠APB.
∵APAB,
∴∠QAP∠B.
又∵∠QOP∠B,
∴∠QAP∠QOP.
∵∠QFA∠PFO,
∴△QFA∽△PFO.
∴FQFA,即FQFP.
FPFOFAFO
又∵∠PFQ∠OFA,
∴△PFQ∽△OFA.
∴∠3∠1.
∵∠AOC∠2∠B∠1∠QOP,
已知∠B∠QOP,
∴∠2∠3.
∴△APQ∽△BPO.
∴AQAP.
BOBP
BPAP·
BO313.
22.(满分14分)如图,抛物线
y1
与x轴交于A,B两点(点A在点B的左侧),
(x3)1
与y轴交于点C,顶点为D了.
(1)求点A,B,D的坐标;
(2)连接CD,过原点O作OE⊥CD,垂足为H,OE与抛物线的对称轴交于点E,连接
AE,AD.求证:
∠AEO∠ADC;
(3)以
(2)中的点E为圆心,1为半径画圆,在对称轴右侧的抛物线上有一动点P,过
点P作⊙E的切线,切点为Q,当PQ的长最小时,求点P的坐标,并直接写出点Q的坐标.
(1)顶点D的坐标为(3,1).
令y0,得1(x3)210,2
解得x1
,x3
∵点A在点B的左侧,
∴A点坐标(32,0),B点坐标(32,0).
(2)过D作DG⊥y轴,垂足为G.
则G(0,1),GD3.
令x0,则y
7
,∴C点坐标为(0,7
).
∴GC7
(
1)
9.
设对称轴交x轴于点M.
∵OE⊥CD,
∴∠GCD∠COH90.
∵∠MOE∠COH90,
∴∠MOE∠GCD.
又∵∠CGD∠OMN90,
∴△DCG∽△EOM.
9
∴CG
DG,即2
OM
EM3
EM
∴EM2,即点E坐标为(3,2),ED3.
由勾股定理,得AE26,AD23,
∴AE2AD2639ED2.
∴△AED是直角三角形,即∠DAE90.
设AE交CD于点F.
∴∠ADC∠AFD90.
又∵∠AEO∠HFE90,
∴∠AFD∠HFE,
∴∠AEO∠ADC.
(3)由⊙E的半径为1,根据勾股定理,得要使切线长PQ最小,只需EP长最小,即
设P坐标为(x,y),由勾股定理,得EP2
22
PQEP1.
(x3)(y2).
12
∵y(x3)1,
∴(x3)22y2.
∴EP22y2y24y4
(y1)25.
当y1时,EP2最小值为5.
把y1代入y
(x3)2
1,得1
(x3)21
1,
解得x11,x2
5.
又∵点P在对称轴右侧的抛物线上,
∴x11舍去.
∴点P坐标为(5,1).
此时Q点坐标为(3,1)或(
1913
).