3.如图1621所示，一质量m＝3kg的物体静止在光滑水平面上，受到与水平方向成60°角的力作用，F的大小为9N，经2s时间，求：
（g取10N/kg）
图1621
（1）物体重力冲量大小。
（2）物体受到的支持力冲量大小。
（3）力F的冲量大小。
（4）合外力的冲量大小。
解析：
对物体受力分析如图所示，则
（1）重力的冲量
IG＝mgt＝3×10×2N·s＝60N·s。
（2）支持力的冲量IFN＝FNt＝（mg－Fsin60°）t＝
×2N·s≈44.4N·s。
（3）力F的冲量
I＝Ft＝9×2N·s＝18N·s。
（4）合外力的冲量I合＝Fcos60°·t＝9×0.5×2N·s＝9N·s。
答案：
（1）60N·s
（2）44.4N·s （3）18N·s
（4）9N·s
对动量定理的理解及应用
1．对动量定理的理解
（1）适用对象：
在中学物理中，动量定理的研究对象通常为单个物体。
（2）适用范围：
动量定理不仅适用于宏观物体的低速运动，也适用于微观物体的高速运动。
不论是变力还是恒力，不论物体的运动轨迹是直线还是曲线，动量定理都适用。
（3）因果关系：
合外力的冲量是原因，物体动量的变化量是结果。
冲量反映了力对时间的积累效应，与物体的初、末动量以及某一时刻的动量无必然联系。
物体动量变化的方向与合力的冲量的方向相同，物体在某一时刻的动量方向与合力的冲量的方向无必然联系。
2．动量定理的应用
（1）定性分析有关现象。
①物体的动量变化量一定时，力的作用时间越短，力就越大，反之力就越小。
例如，易碎物品包装箱内为防碎而放置碎纸、刨花、塑料泡沫等填充物。
②作用力一定时，力的作用时间越长，动量变化量越大，反之动量变化量就越小。
例如，杂耍中，用铁锤猛击“气功师”身上的石板令其碎裂，作用时间很短，铁锤对石板的冲量很小，石板的动量几乎不变，“气功师”才不会受伤害。
（2）定量计算。
①应用动量定理可以计算某力或合力的冲量，通常多用于计算变力的冲量。
②应用动量定理可以计算某一过程中的平均作用力，通常多用于计算持续作用的变力的平均大小。
③应用动量定理可以计算物体的初、末动量，尤其方便处理物体受瞬间冲量的问题。
（3）应用动量定理定量计算的一般步骤。
→
→
[典例] 质量为0.5kg的弹性小球，从1.25m高处自由下落，与地板碰撞后回跳高度为0.8m。
设碰撞时间为0.1s，g取10m/s2，求小球对地板的平均作用力。
[思路点拨]
（1）小球碰撞地板前做自由落体运动，碰撞地板后做竖直上抛运动。
（2）小球碰撞地板时受地板作用力和自身重力。
（3）小球对地板的平均作用力与地板对小球的平均作用力是作用力与反作用力。
[解析] 解法一：
分段处理
取小球为研究对象，根据自由落体运动和竖直上抛运动可知，小球碰撞前的速度：
v1＝
＝
m/s＝5m/s，方向向下；
小球碰撞后的速度：
v2＝
＝
m/s＝4m/s，方向向上。
小球受力情况如图所示，取竖直向上为正方向。
根据动量定理：
由牛顿第三定律可知，小球对地板的平均作用力大小为50N，方向竖直向下。
解法二：
全程处理
以开始下落的瞬间为初状态，反弹到最高点时为末状态，则重力的作用时间：
由牛顿第三定律可知，小球对地板的平均作用力大小为50N，方向竖直向下。
[答案] 50N，方向竖直向下
应用动量定理的四点注意事项
（1）明确物体受到冲量作用的结果是导致物体动量的变化。
冲量和动量都是矢量，它们的加、减运算都遵循平行四边形定则。
（2）列方程前首先要选取正方向，与规定的正方向一致的力或动量取正值，反之取负值，而不能只关注力或动量数值的大小。
（3）分析速度时一定要选取同一个参考系，未加说明时一般是选地面为参考系，同一道题目中一般不要选取不同的参考系。
（4）公式中的冲量应是合外力的冲量，求动量的变化量时要严格按公式，且要注意是末动量减去初动量。
1.如图1622所示，铁块压着一纸条放在水平桌面上，当以速度v抽出纸条后，铁块掉在地上的P点，其他条件不变，若以2v的速度抽出纸条，则铁块落地点为（ ）
图1622
A．仍在P点
B．P点左边
C．P点右边不远处
D．P点右边原水平位移两倍处
解析：
选B 两种情况纸片运动距离相同，所以速度越大，需要的时间越短。
在抽出的过程中，铁块受摩擦力作用，使铁块获得速度，根据动量定理得Ft＝mv－0，时间越短，速度越小，平抛距离越短，所以选B。
2．（多选）从塔顶以相同速度抛出A、B、C三个小球，A球竖直上抛，B球平抛，C球竖直下抛，另有D球从塔顶开始自由下落。
已知四个小球的质量相同，落到同一水平地面上。
则（ ）
A．落地时动能相同的小球是A、B、C
B．落地时动量相同的小球是A、B、C
C．从离开塔顶到落地的过程中，动能增量相同的小球只有A、B、C
D．从离开塔顶到落地的过程中，动量增量相同的小球是B、D
解析：
选AD 四个小球在运动过程中机械能均守恒，抛出时动能相同的小球，机械能相同，落地时它们的机械能一定也相同，即落地时动能相同，故选项A正确。
动量是矢量，落地时B的速度方向与A、C不同，故B的动量与A、C不同，选项B错误。
四个小球在运动过程中的动能增量均为ΔEk＝mgh，选项C错误。
小球在运动过程中的动量增量为Δp＝mgt，只有B、D运动时间相同，故选项D正确。
3．高空作业须系安全带，如果质量为m的高空作业人员不慎跌落，从开始跌落到安全带对人刚产生作用力前人下落的距离为h（可视为自由落体运动），此后经历时间t安全带达到最大伸长，若在此过程中该作用力始终竖直向上，则该段时间安全带对人的平均作用力大小为（ ）
A.
＋mg B.
－mg
C.
＋mgD.
－mg
解析：
选A 方法一：
设高空作业人员自由下落h时的速度为v，则v2＝2gh，得v＝
，设安全带对人的平均作用力为F，由牛顿第二定律得F－mg＝ma
又v＝at
解得F＝
＋mg。
方法二：
由动量定理得（mg－F）t＝0－mv，得F＝
＋mg。
选项A正确。
1．（多选）下列说法正确的是（ ）
A．运动物体的动量的方向总是与它的运动方向相同
B．作用于物体上的合外力的冲量不为0，则物体的动量一定发生变化
C．作用于物体上的合外力的冲量不为0，则物体的动能一定发生变化
D．物体所受合外力的冲量方向总是与物体的动量方向相同
解析：
选AB 动量的方向总与速度即运动方向相同，故A对；合外力的冲量不为零，由动量定理I合＝Δp，可知动量的变化量Δp一定不为零，即动量一定变化，但动能不一定变化，有可能动量的大小不变，方向变化，故B对，C错；I合的方向一定与动量变化量的方向相同，但不一定与动量的方向相同，故D错。
2．篮球运动员通常伸出双手迎接传来的篮球。
接球时，两手随球迅速收缩至胸前。
这样做可以（ ）
A．减小球对手的冲量 B．减小球对手的冲击力
C．减小球的动量变化量D．减小球的动能变化量
解析：
选B 由动量定理Ft＝Δp知，接球时两手随球迅速收缩至胸前，延长了手与球接触的时间，从而减小了球的动量变化率，减小了球对手的冲击力，选项B正确。
3．（多选）古时有“守株待兔”的寓言，设兔子的头部受到大小等于自身体重的打击力时即可致死。
若兔子与树桩发生碰撞，作用时间为0.2s，则被撞死的兔子的奔跑的速度可能是（ ）
图1
A．1m/sB．1.5m/s
C．2m/sD．2.5m/s
解析：
选CD 根据题意建立模型，设兔子与树桩的撞击力为F，兔子撞击树桩后速度为零，根据动量定理有－Ft＝0－mv，所以v＝
＝
＝gt＝10×0.2m/s＝2m/s。
4.质量为1kg的物体做直线运动，其速度图像如图2所示。
则物体在前10s内和后10s内所受外力的冲量分别是（ ）
图2
A．10N·s,10N·s
B．10N·s，－10N·s
C．0,10N·s
D．0，－10N·s
解析：
选D 由图像可知，在前10s内初、末状态的动量相等，p1＝p2＝5kg·m/s，由动量定理知I1＝0；在后10s内p3＝－5kg·m/s，I2＝p3－p2＝－10N·s，故选D。
5．原来静止的物体受合外力作用时间为2t0，作用力随时间的变化情况如图3所示，则（ ）
图3
A．0～t0时间内物体的动量变化与t0～2t0内动量变化相等
B．0～t0时间内物体的平均速率与t0～2t0内平均速率不等
C．t＝2t0时物体的速度为零，外力在2t0时间内对物体的冲量为零
D．2t0时间内物体的位移为零，外力对物体做功为零
解析：
选C 0～t0与t0～2t0时间内作用力方向不同，动量变化量不相等，A错；t＝t0时，物体速度最大，t＝2t0时物体速度为零，由动量定理Ft＝mΔv可得，F0t0－F0t0＝0,0～t0与t0～2t0时间内物体平均速率相等，B错，C正确；物体先加速后减速，位移不为零，动能变化量为零，外力对物体做功为零，D错。
6．质量相等的A、B两个物体，沿着倾角分别是α和β的两个光滑的固定斜面，由静止从同一高度h2下滑到同样的另一高度h1，如图4所示，则A、B两物体（ ）
图4
A．滑到h1高度时的动量相同
B．滑到h1高度时的动能相同
C．由h2滑到h1的过程中所受重力的冲量相同
D．由h2滑到h1的过程中所受合力的冲量相同
解析：
选B 两物体由h2下滑到h1高度的过程中，机械能守恒，mg（h2－h1）＝
mv2，v＝
，物体下滑到h1处时，速度的大小相等，由于α不等于β，速度的方向不同，由此可判断，物体在h1高度处动能相同，动量不相同。
物体运动过程中动量的变化量不同，所以合外力的冲量不相等。
物体下滑的过程中，mgsinα＝ma，
＝
at2。
由上述两式求得时间t＝
，由IG＝mgt可以判断物体下滑过程中重力的冲量不等。
7．冰壶在水平冰面上的一次滑行可简化为如下过程：
如图5所示，运动员将静止于O点的冰壶（视为质点）沿直线OO′推到A点放手，此后冰壶沿AO′滑行，最后停于C点。
已知冰面和冰壶间的动摩擦因数为μ，冰壶质量为m，AC＝L，CO′＝r，重力加速度为g。
图5
（1）求冰壶从O点到A点的运动过程中受到的冲量大小。
（2）若将BO′段冰面与冰壶间的动摩擦因数减小为0.8μ，原只能滑到C点的冰壶能停于O′点，求A点与B点之间的距离。
解析：
（1）由－μmgL＝0－
mv
，得vA＝
。
由I＝mvA，将vA代入得I＝m
。
（2）设A点与B点之间的距离为s，由
－μmgs－0.8μmg（L＋r－s）＝0－
mv
，将vA代入得s＝L－4r。
答案：
（1）m
（2）L－4r
8.用0.5kg的铁锤把钉子钉进木头里，打击时铁锤的速度v＝4.0m/s，如果打击后铁锤的速度变为0，打击的作用时间是0.01s，那么：
图6
（1）不计铁锤受的重力，铁锤钉钉子的平均作用力是多大？
（2）考虑铁锤受的重力，铁锤钉钉子的平均作用力又是多大？
（g取10m/s2）
（3）比较
（1）和
（2），讨论是否要忽略铁锤的重力。
解析：
（1）以铁锤为研究对象，不计重力时，只受钉子的作用力，方向竖直向上，设为F1，取竖直向上为正，由动量定理可得F1t＝0－mv
所以F1＝－
N＝200N，
方向竖直向上。
由牛顿第三定律知，铁锤钉钉子的作用力为200N，方向竖直向下。
（2）若考虑重力，设此时受钉子的作用力为F2，对铁锤应用动量定理，取竖直向上为正。
（F2－mg）t＝0－mv（矢量式）
F2＝－
N＋0.5×10N＝205N，方向竖直向上。
由牛顿第三定律知，此时铁锤钉钉子的作用力为205N，方向竖直向下。
（3）比较F1与F2，其相对误差为
×100%＝2.5%，可见本题中铁锤的重力可忽略。
答案：
（1）200N，方向竖直向下
（2）205N，方向竖直向下 （3）见解析
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