高考数学文科课标版仿真模拟卷三含答案.docx
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高考数学文科课标版仿真模拟卷三含答案
2018高考仿真卷·文科数学(三)
(考试时间:
120分钟 试卷满分:
150分)
一、选择题(本题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)
1.已知集合A={0,1,2,3},B={x|-1≤x<3},则A∩B=( )
A.{1,2}B.{0,1,2}C.{0,1,2,3}D.⌀
2.已知命题p:
∀x∈R,2x>1,命题q:
∃x0∈R,sinx0=cosx0,则下列命题中的真命题为( )
A.qB.p∧qC.p∧qD.p∨q
3.已知a=log20.3,b=20.3,c=0.32,则( )
A.a>b>cB.c>b>aC.b>a>cD.b>c>a
4.已知sin2α=<α<,则sinα-cosα的值是( )
A.B.-C.D.-
5.若x,y满足约束条件则z=2x+y的最大值是( )
A.1B.3C.5D.7
6.设a,b表示直线,α,β表示平面,则下列命题正确的是( )
A.若a∥α,b∥α,则a∥bB.若a⊥α,α⊥β,则a∥βC.若a∥α,b⊥α,则a⊥bD.若a∥α,α⊥β,则a⊥β
7.已知数列{an}满足an+1+(-1)n+1an=2,则其前100项和为( )
A.250B.200C.150D.100
8.函数y=sinx(1+cos2x)在区间[-2,2]上的图象大致为( )
9.已知双曲线=1(a>0,b>0)的左焦点为F(-c,0),O为坐标原点,P,Q为双曲线的渐近线上两点,若四边形PFQO是面积为c2的菱形,则该渐近线方程为( )
A.y=±2xB.y=±xC.y=±4xD.y=±x
10.
如图,“大衍数列”:
0,2,4,8,12来源于《乾坤谱》中对《易传》“大衍之数五十”的推论,主要用于解释中国传统文化中的太极衍生原理,数列中的每一项都代表太极衍生过程中曾经经历过的两仪数量总和.右图是求大衍数列前n项和的程序框图.执行该程序框图,输入m=8,则输出的S=( )
A.44B.68
C.100D.140
11.在△ABC中,AB=2,AC=1,∠BAC=120°,=λ.若,则实数λ的值为( )
A.-2B.
C.D.
12.函数y=2cosx(0A.B.C.D.
二、填空题(本题共4小题,每小题5分,共20分)
13.若复数z满足z·i=2-i,则|z|= .
14.
如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗实线画出的是一个三棱锥的三视图,则该三棱锥的体积为 .
15.已知函数f(x)=若函数g(x)=f(x)-ax+a存在零点,则实数a的取值范围为 .
16.已知椭圆=1(a>b>0)的左、右焦点分别为F1,F2,点P在椭圆上,且PF2垂直于x轴,若直线PF1的斜率为,则该椭圆的离心率为 .
三、解答题(共70分.解答须写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17~21题为必考题,每个试题都必须作答.第22、23题为选考题,考生根据要求作答)
(一)必考题:
共60分
17.(12分)在△ABC中,D是边BC上的点,AB=AD=,cos∠BAD=.
(1)求sinB;
(2)若AC=4,求△ADC的面积.
18.(12分)为了了解甲、乙两个工厂生产的轮胎的宽度是否达标,分别从两厂随机各选取了10个轮胎,将每个轮胎的宽度(单位:
mm)记录下来并绘制出如下的折线图:
(1)分别计算甲、乙两厂提供的10个轮胎宽度的平均值;
(2)轮胎的宽度在[194,196]内,则称这个轮胎是标准轮胎.试比较甲、乙两厂分别提供的10个轮胎中所有标准轮胎宽度的方差的大小,根据两厂的标准轮胎宽度的平均水平及其波动情况,判断这两个工厂哪个厂的轮胎相对更好?
19.(12分)
如图,四棱锥P-ABCD中,侧面PAB⊥底面ABCD,PA=PB,CD=2AB=4,CD∥AB,∠BPA=∠BAD=90°.
(1)求证:
PB⊥平面PAD;
(2)若三棱锥C-PBD的体积为2,求△PAD的面积.
20.(12分)在直角坐标系xOy中,F(1,0),动点P满足:
以PF为直径的圆与y轴相切.
(1)求点P的轨迹方程;
(2)设点P的轨迹为曲线Γ,直线l过点M(4,0)且与Γ交于A,B两点,当△ABF与△AOF的面积之和取得最小值时,求直线l的方程.
21.(12分)已知函数f(x)=alnx+x2-(a2+1)x.
(1)讨论函数f(x)的单调性;
(2)当a>1时,记函数f(x)的极小值为g(a),若g(a)
(二)选考题:
共10分.请考生在第22、23题中任选一题作答.如果多做,则按所做的第一题记分.
22.选修4—4:
坐标系与参数方程(10分)
在直角坐标系xOy中,曲线C的参数方程为(φ为参数).以坐标原点为极点,x轴的正半轴为极轴建立极坐标系,A,B为C上两点,且OA⊥OB,设射线OA:
θ=α,其中0<α<.
(1)求曲线C的极坐标方程;
(2)求|OA|·|OB|的最小值.
23.选修4—5:
不等式选讲(10分)
函数f(x)=|x-1|+|2x+a|.
(1)当a=1时,求证:
f(x)+|x-1|≥3;
(2)若f(x)的最小值为2,求实数a的值.
2018高考仿真卷·文科数学(三)
1.B 2.C 3.D 4.A 5.D 6.C
7.D 8.B 9.A 10.C 11.D 12.A
13. 14. 15.
-∞,-
∪[e2,+∞) 16.
17.解
(1)在△ABD中,BD2=AB2+AD2-2AB·AD·cos∠BAD=7+7-2×=12,所以BD=2.
由cos∠BAD=,得sin∠BAD=.
在△ABD中,由正弦定理得,
所以sinB=.
(2)因为sinB=,B是锐角,所以cosB=,设BC=x,在△ABC中,AB2+BC2-2AB·BC·cosB=AC2,即7+x2-2·x·=16,化简得x2-2x-9=0,解得x=3或x=-(舍去),则CD=BC-BD=3-2.由∠ADC和∠ADB互补,得sin∠ADC=sin∠ADB=sinB=,所以△ADC的面积S=·AD·DC·sin∠ADC=.
18.解
(1)甲厂这批轮胎宽度的平均值为
=195(mm),
乙厂这批轮胎宽度的平均值为
=194(mm).
(2)甲厂这批轮胎宽度都在[194,196]内的数据为195,194,196,194,196,195,
平均数为195,方差为,
乙厂这批轮胎宽度都在[194,196]内的数据为195,196,195,194,195,195,
平均数为195,方差为,
由于两厂标准轮胎宽度的平均数相等,但乙的方差更小,所以乙厂的轮胎相对更好.
19.解
(1)∵平面PAB⊥平面ABCD,平面PAB∩平面ABCD=AB,AD⊂平面ABCD,且AD⊥AB,∴AD⊥平面PAB.
又∵PB⊂平面PAB,∴PB⊥AD.
又∵PB⊥PA,PA∩AD=A,PA,PD⊂平面PAD,
∴PB⊥平面PAD.
(2)取AB中点E,连接PE.
∵PA=PB,∴PE⊥AB.
又∵PE⊂平面PAB,平面PAB⊥平面ABCD,
平面PAB∩平面ABCD=AB,
∴PE⊥平面ABCD.
∴PE为三棱锥P-BCD的高,且PE=AB=1.
又∵CD∥AB,AD⊥CD,
∴S△BCD=CD·AD=2AD.
∴VC-PBD=VP-BCD=·S△BCD·PE=AD=2,得AD=3.
PA=AB·cos45°=.
又∵AD⊥平面PAB且PA⊂平面PAB,
∴PA⊥AD.
∴S△PAD=PA·AD=.
20.解
(1)设点P(x,y),圆心N(x0,y0),圆与y轴相切于点C,则|PF|=2|NC|,
所以=2|x0|,又点N为PF的中点,
所以x0=,
所以=|x+1|,整理得y2=4x.
所以点P的轨迹方程为y2=4x.
(2)①当直线l的斜率不存在时,方程为x=4,易得S△ABF+S△AOF=14.
②当直线l的斜率存在时,设方程为:
y=k(x-4),A(x1,y1),B(x2,y2),
由消去x并整理得ky2-4y-16k=0,
所以y1+y2=,y1y2=-16,
所以S△ABF+S△AOF=S△AOM+S△BFM=·4·|y1|+·3·|y2|≥·2=8,
当且仅当4|y1|=3|y2|时等号成立,又|y1||y2|=16,
所以y1=2,y2=-或y1=-2,y2=,
所以y1+y2==±,解得k=±2,
因为8≤14,所以当两个三角形的面积和最小时,
直线l的方程为y=±2(x-4).
21.解
(1)f(x)的定义域为(0,+∞),
f'(x)=+ax-(a2+1)=.
①若a≤0,当x∈(0,+∞)时,f'(x)≤0,
故f(x)在(0,+∞)单调递减,
②若a>0,由f'(x)=0,得x1=,x2=a.
(ⅰ)若0a,
时,f'(x)<0,
当x∈(0,a)∪
+∞
时,f'(x)>0,
故f(x)在
a,
单调递减,在(0,a),
+∞
单调递增.
(ⅱ)若a=1,f'(x)≥0,f(x)在(0,+∞)单调递增,
(ⅲ)若a>1,当x∈
a
时,f'(x)<0,
当x∈
0,
∪(a,+∞)时,f'(x)>0,
故f(x)在
a
单调递减,在
0,
(a,+∞)单调递增.
(2)由
(1)得若a>1,f(x)在
a
单调递减,在
0,
(a,+∞)单调递增,
所以x=a时,f(x)的极小值为g(a)=f(a)=alna--a,
由g(a)即b>alna-恒成立.
设h(x)=xlnx-(x>1),h'(x)=lnx-x+,
令φ(x)=h'(x)=lnx-x+,
当x∈(1,+∞)时,φ'(x)=-1<0,
所以h'(x)在(1,+∞)单调递减,
且h'
(1)=>0,h'
(2)=ln2-(ln6-lne3)<0.
所以∃x0∈(1,2),h'(x0)=lnx0-x0+=0,
且x∈(1,x0),h'(x0)>0,x∈(x0,2),h'(x0)<0,
所以h(x)max=h(x0)=x0lnx0-,
因为lnx0=x0-,得h(x)max=-x0,其中x0∈(1,2),
因为y=x2-x在(1,2)上单调递增,
所以h(x)max∈
-,0
.
因为b>h(x)max,b∈Z,所以bmin=0.
22.解
(1)将C1的方程化为直角坐标方程为
2+y2=1,即+y2=1.
将x=ρcosθ,y=ρsinθ代入可得+(ρsinθ)2=1,
化简得ρ2=.
(2)根据题意,射线OB的极坐标方程为θ=α+或θ=α-.
|OA|=ρ1=,|OB|=ρ2=.
则|OA|·|OB|=ρ1·ρ2=,
当且仅当sin2α=cos2α,即α=时,取得最小值.
故|OA|·|OB|的最小值为.
23.解
(1)依题意,f(x)+|x-1|=|x-1|+|2x+1|+|x-1|=|2x-2|+|2x+1|≥|(2x-2)-(2x+1)|=3,
当且仅当2x-2=-(2x+1),即x=时,等号成立.
(2)①当1>-,即a>-2时,f(x)=
则当x=-时,f(x)min=f
-
=+1=2,故a=2.
②当1<-,即a<-2时,f(x)=
则当x=-时,f(x)min=f
-
==--1=2,故a=-6.
③当1=-时,即a=-2时,f(x)=3|x-1|有最小值0,不符合题意,舍去.