届浙江学选考物理复习章末质量检测二.docx

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届浙江学选考物理复习章末质量检测二

章末质量检测（八）

选择题部分

一、选择题Ⅰ（本题共13小题，每小题3分，共39分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

）

1.某电阻的阻值为5Ω，通过的电流为2A，则它在10s的时间内产生的热量为（　　）

A.100JB.200JC.20JD.2J

解析　根据公式Q＝I2Rt可得Q＝22×5×10J＝200J，选项B正确。

答案　B

2.小刚利用电能表测某家用电器的电功率。

当电路中只有这个用电器工作时，测得在15min内，消耗电能0.3kW·h，这个用电器可能是（　　）

A.空调器B.电冰箱C.电视机D.收音机

解析　根据题目信息，该家用电器工作时的电功率为P＝

＝

W＝1.2×103W，与空调器比较接近，A正确。

答案　A

3.电阻R1与R2并联在电路中，通过R1与R2的电流之比为1∶2，则当R1与R2串联后接入电路中时，R1与R2两端电压之比U1∶U2为（　　）

A.1∶2B.2∶1C.1∶4D.4∶1

解析　根据串、并联电路的特点，R1与R2的比值为2∶1，当串联接入电路中时，电压之比等于电阻之比，选项B正确。

答案　B

4.使用某多用电表电流挡测量电流，测量前已正确机械调零，若将该表选择旋钮置于1mA挡测电流，表盘如图所示，则被测电流为（　　）

A.0.20mAB.0.40mAC.0.60mAD.1.00mA

解析　使用多用电表测量电流时，刻度盘上应选择中间刻度分别均匀的刻度线进行读数，因选择的量程为1mA，所以刻度线左侧最大刻度表示为1mA，可认为此时刻度10为1mA，所以图示位置所示电流示数为0.40mA，选项B正确。

答案　B

5.如图所示，灯泡A、B不亮，但电路中只有一处断开，今用电压表测得：

Uab＝0，Uac＝6V，Ubd＝6V，Ucd＝0，则可知（　　）

A.B灯断　　　B.A灯断C.R断　　　D.电源断

解析　若电路有断开之处，导体中的正常部分因为电流为零，所以电压为零，即电压表读数为零，若电压表有读数，说明该部分出现断路，其余部分完好，Uab＝0，说明A灯完好，Uac＝6V，说明a、b、c间存在断路，B灯完好，Ubd＝6V，说明b、c、d间存在断路。

由此可知选项C正确。

答案　C

6.晶体二极管是电子电路中的常用元件，用多用电表欧姆挡可粗略测量它的好坏。

如图所示，是用多用电表欧姆挡（×10Ω）测试三只二极管的示意图，由图可知哪个图中的二极管是好的，哪端为它的正极（　　）

A.甲，aB.乙，aC.丙，bD.乙，b

解析　二极管当通正向电流时，电阻很小，当通反向电流时，电阻很大，电流几乎为零，所以图乙中的二极管是好的，a端为正极。

答案　B

7.如图为某一电路的一部分，其中R1＝20Ω，R2＝R3＝40Ω，下列关于R1、R2、R3消耗的电功率P1、P2、P3，以及R1、R2两端的电压U1、U2的关系正确的是（　　）

A.U1＝U2，P1＝P2＝P3

B.U1＞U2，P1∶P2∶P3＝1∶2∶2

C.U1＝U2，P1∶P2∶P3＝2∶1∶1

D.U1＜U2，P1＜P2＝P3

解析　由于R2、R3并联，其总电阻为20Ω，与R1串联后，R1与R2、R3并联电路两端的电压相同，所以R1、R2两端的电压U1、U2相等；R2、R3阻值相同，由P＝

知，消耗功率相同；通过R2、R3的电流均为总电流的一半，由P＝I2R可得P1∶P2∶P3＝2∶1∶1。

选项C正确。

答案　C

8.在如图所示的电路中，电源的电动势为E，内电阻为r，L1、L2是两个小灯泡，闭合S后，两灯均能发光，当滑动变阻器的滑片向右滑动时，会出现（　　）

A.L1变暗，L2变暗

B.L1变亮，L2变暗

C.L1变亮，L2变亮

D.L1变暗，L2变亮

解析　当滑动变阻器的滑片向右滑动时，滑动变阻器连入电路的电阻增大，所以电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律可得电路总电流减小，外电路电压增大，故通过L1的电流减小，即L1变暗，选项B、C错误；L1两端的电压减小，而路端电压是增大的，故并联电路两端电压增大，所以L2两端电压增大，L2变亮，选项D正确。

答案　D

9.两个相同的电阻R，当它们串联后接在电动势为E的电源上，通过一个电阻的电流为I；若将它们并联后仍接在该电源上，通过一个电阻的电流仍为I，则电源的内阻为（　　）

A.4RB.RC.

D.无法计算

解析　当两电阻串联接入电路中时I＝

，当两电阻并联接入电路中时I＝

×

，由以上两式可得r＝R，B正确。

答案　B

10.如图所示是一实验电路图。

在滑动触头由a端滑向b端的过程中，下列表述正确的是（　　）

A.路端电压变小

B.电流表的示数变大

C.电源内阻消耗的功率变小

D.电路的总电阻变大

解析　滑动触头由a滑向b的过程中，总电阻变小，D错误；干路电流变大，路端电压变小，A正确；内阻消耗功率变大，C错误；定值电阻R3上电压降低，电流表示数变小，B错误。

答案　A

11.把两根同种材料做成的电阻丝，分别接在两个电路中，甲电阻丝长为l，直径为d，乙电阻丝长为2l，直径为2d，要使两电阻丝消耗的功率相等，加在两电阻丝上的电压应满足（　　）

A.

＝1B.

＝

C.

＝

D.

＝2

解析　根据电阻定律R甲＝ρ

，R乙＝

，P甲＝

，P乙＝

，若使P甲＝P乙，即

＝

，

＝

＝

＝2，

＝

，所以选项C是正确的。

答案　C

12.如图所示电路，电源内阻不可忽略。

开关S闭合后，在变阻器R的滑片P向下滑动过程中（　　）

A.电压表与电流表的示数都增大

B.电压表示数增大，电流表的示数减小

C.R1的电功率增大，R的电功率增大

D.R2的电功率减小，电源的总功率增加

解析　在变阻器R的滑片向下滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，变阻器R与R2并联电阻R并减小，则外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知，干路电流I增大，路端电压U减小，则电压表示数减小；并联部分电压U并＝E－I（R1＋r），I增大，E、R1、r均不变，则U并减小，故电流表示数减小，故A、B错误；干路电流I增大，由功率公式P＝I2R分析得知，R1上消耗的功率增大，总电流增大，电流表示数减小，则通过R的电流增大，由P＝I2R可知R的功率变化不能确定，故C错误；由于U并减小，据公式P＝

分析知，R2消耗的功率减小，电源的总功率P总＝EI，E不变，I增大，则电源的总功率增加，故D正确。

答案　D

13.在风能和太阳能共同作用下为太阳能路灯提供能量。

研究表明多晶硅转换效率为10%。

其中LED灯是一种能够将电能转化为可见光的固态的半导体器件，它可以直接把电能转化为光能。

下面为某型号风光互补路灯的参数：

2块70W多晶硅太阳能板

200W风力发电机

2个12V/100Ah胶体电池

50WLED灯泡

20V/20A控制器

使用环境温度－40℃～50℃

表面经热锌镀加工9m灯杆

充满电后可以用5个阴雨天，每天8小时

下列说法正确的是（　　）

A.风力发电机可以把吹动叶片的全部风能转化为电能

B.LED灯泡每天消耗的电能为1.44×106J

C.2块电池充满电需要太阳能7.2×107J

D.LED灯和白炽灯的发光原理是相同的

解析　吹动风力发电机叶片的气流，要带走一部分动能，而且发电机的效率也不可能达到百分之百，LED灯通过半导体器件直接把电能转化为光能，白炽灯是电流通过灯丝发热超过2000℃以上的高温而发光的，它的发光效率远低于LED灯，LED灯泡每天消耗的电能为E1＝Pt＝50×8×3600＝1.44×106J。

2块电池充满电需要的太阳能为E2＝2×12×100×3600÷10%＝8.64×107J，选项B正确。

答案　B

二、选择题Ⅱ（本题共3小题。

在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是符合题目要求的。

全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分。

）

14.（加试题）如图所示，A、B、C、D四个电路中，电源电动势为E，电阻为r，定值电阻为R0，当滑动变阻器R的滑片P从a向b滑动时，电压表示数将变大的电路是（　　）

解析　在电路A、B中，当滑动变阻器R的滑片P从a向b滑动时，滑动变阻器连入电路的电阻变小。

对电路A，电压表测量的是路端电压，由于外电路电阻减小，使路端电压随之减小，不符合题意；对电路B，电压表测量的是定值电阻R0两端的电压，由欧姆定律知此时电路电流变大，则电压表示数将变大，符合题意；对电路C，由于电压表位置的特殊性，其示数将不变；而电路D，实际上可认为是一个分压电路，尽管电路电流不变，但当滑动变阻器R的滑片P从a向b滑动时，电压表测量的电阻增加，则电压表示数将变大。

答案　BD

15.（加试题）如图所示，电源的电动势E＝2V，内阻r＝2Ω，两个定值电阻均为8Ω，平行板电容器的电容C＝3×10－6F，则（　　）

A.开关断开时两极板间的电压

V

B.开关断开时电容器的带电量4×10－6C

C.开关接通时两极板间的电压

V

D.开关接通时电容器的带电量4×10－6C

解析　电容器两极板间的电压等于R2两端电压，开关S断开时，电路中的总电流I＝

＝

A＝0.2A，电容器的极板电压U＝IR2＝0.2×8V＝1.6V，此时电容器的带电量Q＝CU＝3×10－6×1.6C＝4.8×10－6C，故选项A、B错误；开关接通时两定值电阻并联，电容器两极板间的电压等于路端电压，电路中的总电流I′＝

＝

A＝

A，电容器的极板电压U′＝I′R外＝

×4V＝

V，此时电容器的带电量Q′＝CU′＝3×10－6×

C＝4×10－6C，故选项C、D正确。

答案　CD

16.（加试题）如图所示，电源电动势E＝12V，内阻r＝3Ω，R0＝1Ω，直流电动机内阻R0′＝1Ω，当调节滑动变阻器R1时可使甲电路输出功率最大，调节R2时可使乙电路输出功率最大，且此时电动机刚好正常工作（额定输出功率为P0＝2W），则R1和R2的值分别为（　　）

A.2Ω，2ΩB.2Ω，1.5Ω

C.1.5Ω，1.5ΩD.1.5Ω，2Ω

解析　因为题中甲电路是纯电阻电路，当外电阻与电源内阻相等时，电源的输出功率最大，所以R1＝2Ω；而乙电路是含电动机电路，欧姆定律不适用，电路的输出功率P＝IU＝I（E－Ir），当I＝

＝2A时，输出功率P有最大值，此时电动机的输出功率为P0＝2W，发热功率为P热＝I2R0′＝4W，所以电动机的输入功率为P入＝P0＋P热＝6W，电动机两端的电压为UM＝

＝3V，电阻R2两端的电压为UR2＝E－UM－Ir＝3V，所以R2＝

＝1.5Ω，选项B正确。

答案　B

非选择题部分

三、非选择题部分（本题共7小题，共55分。

）

17.（5分）用如图所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关K和两个部件S、T。

请根据下列步骤完成电阻测量：

（1）旋动部件　　　　，使指针对准电表的“0”刻线。

（2）将K旋转到电阻挡“×100”的位置。

（3）将插入“＋”、“－”插孔的表笔短路，旋动部件　　　　。

使指针对准电阻的　　　　（选填“0刻线”或“∞刻线”）。

（4）将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过小。

为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按　　　　的顺序进行操作，再完成读数测量。

A.将K旋转到电阻挡“×1k”的位置

B.将K旋转到电阻挡“×10”的位置

C.将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接

D.将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行校准

解析　用多用电表测量电阻时，在测量之前就要观察指针是否在零刻度线上，若指针不在零刻度线上，用螺丝刀小心旋动指针定位螺丝S，使指针对准电流的“0刻线”。

然后旋动选择开关K，选择量程，再将两表笔短接，调整调零电阻的旋钮T，使指针对准满偏刻度（即电阻的“0刻线”），接下来才能将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接，测量被测电阻的阻值。

若在测量过程中，发现指针偏转角度过小，表明被测的电阻阻值很大，这时要换用更高倍率的挡位，例如，本题就要从“×100”挡位更换到“×1k”挡位。

答案　

（1）S　（3）T　0刻线　（4）ADC

18.（5分）LED发光二极管具有体积小、亮度高、能耗低、寿命长等诸多优点，被人们誉为本世纪的新型光源，已广泛应用到电脑、手机等电子产品中。

有一种LED手灯就是用几个发光二极管并联后作为光源使用的，其发光效率很高。

它在正常工作时，正向电压约2.8V，电流在10mA左右。

现取这样一只发光二极管（电路符号可用—〇D—表示），测量它的伏安特性，提供的实验器材如下：

A.电源E（电动势约4V、内阻约为2Ω）

B.滑动变阻器R0（阻值0～2Ω）

C.电流表A1（量程15mA、内阻约为10Ω）

D.电流表A2（量程0.6A、内阻约为5Ω）

E.电压表V1（量程3V，内阻约为1kΩ）

F.电压表V2（量程15V，内阻约为10kΩ）

G.开关及导线若干

则：

（1）电流表应选　　　　、电压表应选　　　　。

（2）并在方框中画出电路图。

答案　

（1）C（或A1）　E（或V1）　

（2）电路图如图所示

19.（8分）某学习小组探究一小电珠在不同电压下的电功率大小，实验器材如图甲所示，现已完成部分导线的连接。

①实验要求滑动变阻器的滑片从左到右移动过程中，电流表的示数从零开始逐渐增大，请按此要求用笔画线代替导线在图甲实物接线图中完成余下导线的连接；

②某次测量，电流表指针偏转如图乙所示，则电流表的示数为　　　　A；

③该小组描绘出的伏安特性曲线如图丙所示，根据图线判断，将　　　　只相同的小电珠并联后，直接与电动势为3V、内阻为1Ω的电源组成闭合回路，可使小电珠的总功率最大，其总功率的值约为　　　　W（保留两位小数）。

解析　①实物接线图见答案；②由图知电流表量程为0.6A，所以读数为0.44A；③电源内阻为1Ω，所以当外电路总电阻等于电源内阻时，电源的输出功率最大，即小电珠的总功率最大，此时外电路电压等于内电压等于1.5V，由图丙知当小电珠电压等于1.5V时电流约为0.38A，此时电阻约为R＝

＝3.95Ω≈4Ω，并联后的总电阻为1Ω，所以需要4个小电珠并联，小电珠消耗的总功率约为P＝

＝

W＝2.25W。

答案　①连线如图所示　②0.44　③4　2.25

20.（13分）如图所示，R1＝9Ω，R2＝30Ω，S闭合时，电压表的示数为11.4V，电流表的示数为0.2A，S断开时，电流表的示数为0.3A。

求：

（1）电阻R3的值；

（2）电源的电动势E和内阻r的值；

（3）S断开时，电路中消耗的总功率以及电源的输出功率。

解析　

（1）R2两端电压：

U2＝I2R2＝0.2A×30Ω＝6V

所以，R1两端电压为

U1＝U－U2＝11.4V－6V＝5.4V

流过R1的电流：

I1＝

＝

A＝0.6A

又因I2＋I3＝I1

故有I3＝I1－I2＝0.6A－0.2A＝0.4A

R3＝

＝

＝

Ω＝15Ω

（2）S闭合时，R并＝

＝10Ω

电压表读数为U＝

（R1＋R并）①

S断开时，电流表读数为I＝

②

由①②两式，代入数据解得：

E＝12V，r＝1Ω

（3）S断开时，干路中电流为I＝0.3A

所以P总＝EI＝12×0.3W＝3.6W

P输出＝P总－I2r＝3.51W

答案　

（1）15Ω　

（2）12V　1Ω　（3）3.6W　3.51W

21.（加试题）（4分）（2015·海南单科，11）某同学利用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一圆柱体工件的直径和高度，测量结果如图（a）和（b）所示。

该工件的直径为　　　　cm，高度为　　　　mm。

解析　游标卡尺读数为d＝12mm＋4×

mm＝12.20mm＝1.220cm

螺旋测微器的读数为h＝6.5mm＋36.0×0.01mm＝6.860mm

答案　1.220　6.860

22.（加试题）（8分）（2015·浙江理综，22）图1是小红同学在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验的实物连接图。

图1

图2

（1）根据图1画出实验电路图；

（2）调节滑动变阻器得到了两组电流表与电压表的示数如图2中的①、②、③、④所示，电流表量程为0.6A，电压表量程为3V。

所示读数为：

①　　　　、②　　　　、③　　　　、④　　　　。

两组数据得到的电阻分别为　　　　和　　　　。

解析　

（1）描绘小灯泡的伏安特性曲线需要测量电压范围大，变阻器用分压接法，小灯泡电阻比较小，电流表要外接，电路图如图所示。

（2）电流表量程为0.6A时，最小刻度为0.02A，读数读到小数点后两位，所以①表示数为0.10A，②表示数为0.24A；电压表量程为3V，最小刻度为0.1V，应估读到0.01V，所以③表示数为2.00V，④表示数为0.27V，根据欧姆定律R1＝

＝

＝8.3Ω，R2＝

＝

Ω＝2.7Ω。

答案　

（1）见解析　

（2）①0.10A　②0.24A　③2.00V　④0.27V　8.3Ω（8.3±0.1Ω均可）　2.7Ω（2.7±0.1Ω均可）[如填为2.7Ω（2.7±0.1Ω均可）

8.3Ω（8.3±0.1Ω均可）也行]

23.（加试题）（12分）如图甲所示的电路中，R1、R2均为定值电阻，且R1＝100Ω，R2阻值未知，R3为一滑动变阻器。

当其滑片P从左端滑至右端时，测得电源的路端电压随电源中流过的电流变化图线如图乙所示，其中A、B两点是滑片P在变阻器的两个不同端点得到的。

求：

（1）电源的电动势和内阻；

（2）定值电阻R2的阻值；

（3）滑动变阻器的最大阻值。

解析　

（1）题图乙中AB延长线交U轴于20V处，交I轴于1.0A处，所以电源的电动势为E＝20V，

内阻r＝

＝20Ω。

（2）当P滑到R3的右端时，电路参数对应图乙中的B点，即U2＝4V、I2＝0.8A，得R2＝

＝5Ω。

（3）当P滑到R3的左端时，由图乙知此时U外＝16V，I总＝0.2A，所以R外＝

＝80Ω

因为R外＝

＋R2，

所以滑动变阻器的最大阻值为R3＝300`Ω。

答案

（1）20V20Ω

（2）5Ω（3）300Ω