江苏省扬州市梅岭中学届九年级上学期期末考试物理试题解析版Word文档格式.docx

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不能说“含有”、“具有”，故B错误。

C．做功和热传递都可以改变物体的内能，物体内能增大，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故C错误。

D．晶体熔化时，吸收热量，物体的内能增加，但温度不变，故D错误。

热量是热传递过程中，传递的内能。

离开了热传递，就没有热量这个概念。

4.如图是一个两面光滑的斜面，∠β大于∠α，同一个物体分别在AC和BC斜面受拉力从底端匀速运动到C点，所需拉力分别为FA、FB，拉力所做功分别为WA、WB，则

A.FA＝FB，WA＝WBB.FA＞FB，WA＞WB

C.FA＜FB，WA＜WBD.FA＜FB，WA＝WB

【答案】D

【解析】斜面AC的倾角∠

小于斜面BC的倾角∠

，根据Gh=FL，斜面越长越省力，所以物体沿AC运动时的拉力FA较小，即FA＜FB；

斜面光滑摩擦力为0，所以使用光滑的斜面没有额外功，根据W=Gh可知，拉力所做功WA=WB；

故D正确为答案。

关键是知道接触面光滑，摩擦力为零。

5.在扬城第一场雪降临的深夜，环卫工人们连夜洒盐化雪，防止雪水结冰给出行的人们带来不便。

一辆正在洒盐的卡车，匀速驶上桥顶的过程中，下列说法正确的是

A.动能增大，重力势能不变B.动能不变，重力势能增大

C.动能减小，重力势能无法确定D.动能和重力势能都无法确定

【答案】C

【解析】正在洒盐的卡车，匀速驶上桥顶的过程中，质量变小，速度保持不变，所以洒盐车的动能不断减小；

在驶上桥顶的过程中，高度增加，质量不断减小，所以无法确定重力势能的变化。

故C正确为答案。

6.击剑比赛中，当甲方运动员的剑（图中用“S甲”表示）击中乙方的导电服时，电路导通，乙方指示灯亮；

当乙方运动员的剑（图中用“S乙”表示）击中甲方的导电服时，电路导通，甲方指示灯亮，下面能反映这种原理的电路是

【解析】由题，当甲方运动员的剑击中乙方的导电服时，电路导通，乙方指示灯亮；

当乙方运动员的剑击中甲方的导电服时，电路导通，甲方指示灯亮。

由此可知，两灯泡的连接方式是并联，S甲控制乙方的指示灯，与乙方的灯串联。

S乙控制甲方的指示灯，与甲方的灯串联。

故D符合题意为答案。

7.如图所示，在探究串联电路中的电压关系时，小华同学用电压表测出ab、bc、ac两端的电压分别为Uab＝2V，Ubc＝2V，Uac＝4V，在表格中记录数据后，下一步应该做的是

A.整理器材，结束实验

B.分析数据，得出结论

C.换用不同规格的小灯泡，再测出几组电压值

D.换用电压表的另一量程，再测出一组电压值

【解析】用电压表测出ab、bc、ac两端的电压分别为Uab=2V，Ubc=2V，Uac=4V，说明两个小灯泡是同一个规格的，接下来的操作是换用不同规格的小灯泡，再测出几组电压值，然后分析数据，这样的结论才具有科学性，故选C。

8.如图所示是演示点火爆炸的实验装置，按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精，盒盖被打出去，下面四冲程汽油机的哪个冲程的能量转化与此相同

【解析】由题，电火花发生器点燃盒内酒精，酒精燃烧膨胀做功，盒盖被打出去，因此将内能转化为盒盖的机械能。

A．进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，是吸气冲程，没有能量的转化，故A不符合题意。

B．进气门、排气门关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，将机械能转化为内能，故B不符合题意。

C．进气门、排气门关闭，火花塞产生电火花，燃气剧烈燃烧，推动活塞向下运动，是做功冲程，将内能转化为机械能，故C符合题意为答案。

D．进气门关闭，排气门打开，活塞向下运动，是排气冲程，没有能量转化，故D不符合题意。

9.标有“220V10W”、“110V10W”和“36V10W”甲乙丙三只灯泡，若将它们分别接在各自的额定电压下工作，其亮度

A.甲灯最亮B.乙灯最亮C.丙灯最亮D.一样亮

【解析】三只灯泡分别接在各自的额定电压下工作，实际电功率等于各自的额定功率，因为三只灯泡的额定功率相同，所以它们的实际功率相同，亮度一样亮，故D正确为答案。

本题的关键是理解灯的亮度取决于灯的实际电功率。

10.如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片向上移动

时，下列判断正确的是

A.三只电表的示数都变大

B.三只电表的示数都变小

C.电表A1的示数变小，电表V、A2的示数都不变

D.电表A1、A2的示数都变小，电表V的示数不变

...........................

考点：

欧姆定律的应用；

并联电路的电流规律；

并联电路的电压规律；

滑动变阻器的使用．

点评：

本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是电路串并联的辨别和电表所测电路元件的辨别

11.如图所示，电源电压保持不变，R为一定值，当开关闭合时，标有“6V2W”小灯泡L恰好正常发光；

若保持R不变，将L换成“6V3W”的灯泡，闭合开关后，小灯泡工作的实际功率为（设灯丝的电阻不变）

A.小于3WB.等于3WC.大于3WD.无法确定

【解析】根据

可得

，额定电压相同，电功率越大，电阻越小。

所以“6V3W”的灯泡的电阻比“6V2W”灯泡的电阻小。

根据串联分压原理，若保持R不变，将L换成“6V3W”的灯泡，则灯泡两端电压变小，小于6V，所以灯泡的实际功率小于3W，故A符合题意为答案。

本题的关键是判断定值电阻的电压变化，从而确定灯泡L两端的电压。

12.要测量一个阻值为数百欧的电阻RX的阻值，提供的器材有：

电源电压约3V，学生用电压表（量程0～3V）、学生用电流表（量程0～0.6A）、滑动变阻器（20Ω1A）、电阻箱（0～9999Ω），开关、导线若干．在下面图示的电路中，能测出RX阻值的是

【解析】A．由图可知，被测电阻Rx与滑动变阻器串联，电压表测Rx两端的电压，电流表测通过电路的电流，根据

好像能够测出Rx的阻值，但因为被测电阻是一个阻值为数百欧的电阻，即至少200Ω以上，则

，电路中的电流小于电流表的分度值0.02A，使用该电流表无法正确测出通过电阻的电流，故不能测出Rx的阻值。

B．由电路图可知，电阻箱与待测电阻Rx并联，

C．由电路图可知，单刀双掷开关S接2时，电压表接线柱接反，不能测量出电压，故不能测出Rx的阻值。

D．由电路图可知，电阻箱R与被测电阻Rx串联，当开关S1闭合时，电压表测电阻箱R两端的电压，根据

可测出串联电路的电流；

再断开S1，闭合S2，测出串联电路两端的电压，由串联电路电压关系，可求出Rx两端的电压。

从而求得Rx的阻值。

电阻的测量，不仅会设计正确的方案，还要注意合理性。

二、填空题

13.某段导体两端电压为6V时，导体中的电流为2A，那么这段导体的电阻为__________Ω，若两端的电压为0时，导体的电阻为__________Ω.

【答案】

（1）.3Ω

（2）.3Ω

【解析】由欧姆定律

可得，这段导体的电阻

；

因为电阻是导体本身的一种性质，与其两端的电压和通过导体的电流无关，所以若两端的电压为0时，导体的电阻不变，仍为3Ω。

14.小明和小杰握住两根较光滑的木棍，小华将绳子的一端系在其中一根木棍上，然后如图所示依次将绳子绕过两根木棍，小明和小杰相距一定的距离握紧木棍站稳后，小华在图A处拉绳子的另一端，用很小的力便能拉动他们．

（1）两根木棍和绳子组成的机械相当于________________；

（2）若小华的用力50N，则小明承受的拉力为__________N．

【答案】

（1）.滑轮组

（2）.300N

【解析】

（1）由题图，两根木棍和绳子组成的机械相当于滑轮组。

小华在图A处拉绳子的另一端，用很小的力便能拉动他们，说明使用滑轮组可以省力。

（2）若小华的用力50N，由图可知小明所拿木棍端有6段绳子，所以小明承受的拉力为F=50N×

6=300N；

15.体重相同的小明和小军同学进行爬杆比赛，小明比小军先爬到竿顶，则小明克服重力做的功W1与小军克服重力做的功W2相比，W1__________W2；

小明爬竿的功率P1与小军爬竿的功率P2相比，则Pl__________P2（选填“＞”、“＜”或“=”）．

【答案】

（1）.=

（2）.＞

（1）由题，小明和小军体重相同，爬杆的高度相同，根据W=Gh可得，二人克服重力所做的功相等，即W1=W2；

16.小明11月底观察到自己家里的电能表如图所示，当他12月底再观察时，发现电能表示为

，则他家12月份消耗的电能为__________kW•h，他家里同时工作的用电器总功率不宜超过__________W．若单独让空调工作，测得1min内电能表转盘转了60转，则空调消耗的电能为__________kW•h，空调的电功率是　 

__________W．

【答案】

（1）.150kW•h

（2）.8800W（3）.0.02kW•h（4）.1200W

（1）小明家12月份消耗的电能为W=7475.6kWh-7325.6kWh=150kWh；

（2）由电能表铭牌可知，用电器正常工作时的电压为220V，允许用电器正常工作时的最大电流为40A，所以他家里同时工作的用电器最大总功率P总=UI最大=220V×

40A=8800W；

（3）根据电能表铭牌“3000r/kWh”，用电器每消耗1kWh的电能，电能表转盘转3000转。

所以空调消耗的电能为

空调的功率

。

利用电能表测电功率，明白电能表参数的含义是关键。

17.用相同的滑轮和绳子分别组成如图甲、乙所示的两个滑轮组，把相同的重物匀速提升相同的高度．若不计绳重及摩擦，则动力F1__________F2，拉力对滑轮组做的功W1__________W2（选填“＞”、“＜”或“=”）.若将甲图中的物重减小，则其机械效率_________（选填“变大”、“变小”或“不变”）．

【答案】

（1）.＞

（2）.=（3）.变小

（1）由图可知，甲滑轮组绳子的股数n甲=2，乙滑轮组绳子的股数n乙=3，若不计绳重及摩擦，由

，可得：

，

，所以F1＞F2.

（2）因为两滑轮组把相同的重物匀速提升相同的高度，由W有用=G物h可得，滑轮组做的有用功相同。

动滑轮重相同，额外功W额相同，所以总功也相同，即W1=W2；

（3）若将图甲中的物重减小，则做的有用功减小，而额外功不变，根据

可知，机械效率变小。

18.太阳能热水器是利用__________方式给水加热的.一台可装200kg水的太阳能热水器，加满水后，经过一段时间阳光的照射，水温由原来的20℃升高到了40℃．则水吸收的热量为__________J；

若燃烧焦炭来提供热量，则需要__________kg的焦炭.[水的比热容c水=4.2×

103J/（kg•℃）、焦炭的热值q=3.0×

107J/kg]

【答案】

（1）.热传递

（2）.1.68×

107J（3）.0.56kg

（1）太阳能热水器是利用热传递方式给水加热的，水的内能增加，温度升高。

（2）由

可得，水吸收的热量

.

（3）若燃烧焦炭来提供热量，根据Q放=qm可得，

需要焦炭的质量

解题时要注意审题，物体的温度“升高到了”和“升高了”所表示的含义不同。

19.如图所示是一种自动测定油箱内油量多少的装置，R1是滑动变阻器，它的金属滑片是杠杆的一端，从油量表（由电流表改装而成）指针所指的刻度，就能知道油箱内油量的多少.则油量减小时，R1的电阻值__________，油量表指针偏转_________（选填“增大”、“减小”、“不变”）；

此电路中R作用是__________.

【答案】

（1）.变大

（2）.减小（3）.保护电路

【解析】由图可知，电阻R与R1串联，油量表由电流表改装而成，所以串联在电路中。

当油量减小时，浮标下移，在杠杆的作用下，滑片向上移动，R1连入电路的电阻变大，R1的电阻值变大；

根据

，电路中电流变小，油量表指针偏移减小；

当油量最多时，滑片在R1的最下端，变阻器连入电路的阻值最小，电路中电流最大，为不超过电流表量程，应在电路中串联一个电阻，所以电路中R作用是保护电路。

20.如图是“比较不同物质吸热的情况”的实验装置．

（1）在图1两个相同的烧杯中分别装有__________相等的水和食用油；

（2）水和食用油吸热的多少是通过__________来反映的（温度计示数上升量/加热时间）；

（3）对图示的实验装置，请说出它的不足之处__________；

（4）图2中能合理反映该实验结果的图象是__________（选填“甲”“乙”或“丙”）．

【答案】

（1）.质量

（2）.加热时间（3）.缺少搅拌棒（4）.乙

（1）比较不同物质吸热的情况，运用控制变量法，控制不同物质的质量相同，所以在图1两个相同的烧杯中分别装有质量相等的水和食用油；

（2）根据转换法，用相同的酒精灯加热，时间越长，吸收的热量越多。

所以水和食用油吸热的多少是通过加热时间来反映的；

（3）为了受热均匀，要用到搅拌器，实验装置中缺少搅拌。

（4）因为水的比热容大，食用油的吸热能力小于水的吸热能力，质量相同的水和食用油，吸收相同的热量，食用油温度升高的快，故乙符合题意为答案。

21.在探究“一段电路中电流跟电阻的关系”的实验中：

（1）每次更换电阻时，开关应__________.

（2）当A、B两点间的电阻由5Ω更换为10Ω后，为了探究上述问题，他应该采取的操作是__________.

（3）用20Ω的电阻替换10Ω的电阻接入电路，闭合开关S，当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，电压表的示数大于3V，实验无法进行下去.请写出一种解决问题的方法：

_______.

（4）若用此图来测量未知电阻，为减小误差，应采取__________方法.

【答案】

（1）.断开

（2）.调节滑动变阻器，使电压表的示数保持不变（3）.换阻值更大的滑动变阻器（换电压较低的电源）等（4）.多次测量求平均值

（1）为保护电路，每次更换电阻时，开关应断开。

（2）根据串联分压原理，当A、B两点间的电阻由5Ω更换为10Ω后，电阻增大，分得的电压增大。

探究电流与电阻的关系应保持电阻两端的电压不变，因此应调节滑动变阻器，使电压表的示数保持不变。

（3）用20Ω的电阻替换10Ω的电阻接入电路，闭合开关S，当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，电压表的示数大于3V，说明滑动变阻器分得的电压太小，可能是滑动变阻器最大阻值太小，或是电源电压太高。

根据串联分压原理，应采取换阻值更大的滑动变阻器（换电压较低的电源）等方法；

（4）若用此图来测量未知电阻，为减小误差，应采取多次测量求平均值的方法。

22.有两只灯泡，A灯“6V6W”、B灯“6V3W”，A和B中电流随两端电压变化关系的图像如图甲所示．将A、B并联接在6V电源两端，在则1min内电路消耗的电能为__________J；

将A、B串联接在某电源两端，使B灯恰好正常发光，求此时A灯电阻为__________Ω；

将A与一个滑动变阻器（50Ω2A）串联接在6V电源两端，如图乙所示．调节滑动变阻器，当滑动变阻器的功率和A灯功率相等时，则滑动变阻器的功率为__________W．

【答案】

（1）.540J

（2）.4Ω（3）.2.1W

（1）将A、B并联接在6V电源两端，两灯泡均正常发光，则电路的总功率P总=PA+PB=6W+3W=9W，则1min内电路消耗的电能为W=P总t=9W×

60s=540J；

（2）将A、B串联接在某电源两端，使B灯恰好正常发光，因为串联电路各处的电流相等，由图甲可知IA=IB=0.5A，此时A灯泡两端的电压UA=2V，

根据欧姆定律

可得，此时A灯电阻为

（3）将A与一个滑动变阻器（50Ω2A）串联接在6V电源两端，因为滑动变阻器的功率和A灯功率相等，且通过滑动变阻器和A灯的电流相等，由P=UI可得，A灯和滑动变阻器两端电压也相等。

即UA’=UR=

由图甲可知，此时通过A灯的电流为0.7A，

所以滑动变阻器的功率PR=URI=3V×

0.7A=2.1W；

根据串、并联电路的特点从图像中获取正确信息是解题的关键。

三、解答题

23.在下图中，画出作用在“开瓶起子”上动力F1的力臂和阻力F2的示意图_____．

【答案】见解析

【解析】从支点向动力F1的作用线作垂线段即动力臂L1；

F1使开瓶起子沿逆时针转动，阻力是瓶盖对开瓶起子的力，阻碍了杠杆的转动，所以阻力F2的方向竖直向下。

示意图如下：

力臂的画法，关键是正确理解力臂的概念，找到支点和力的作用线，力臂是支点到力的作用线的距离。

24.如下图，使两灯并联，S是总开关，S1只控制灯泡L2，请将所缺的导线补上______．

【解析】两灯并联，S是总开关，所以S在干路上，电流经过S后分流，一条支路经过L1；

S1只控制灯泡L2，因此S1和L2串联组成另一支路。

两条支路在L2左接线柱汇流后回到负极，电路图如下：

根据开关的作用，明确开关的位置，开关S在干路上，开关S1在支路上。

25.在下图中的○填上合适的电流表或电压表，让用电器都能工作_____.

【解析】闭合开关S，让用电器都能工作。

由图可知，上面的圆圈与电阻R1串联，应该是电流表；

如果下面的圆圈是电流表，会将电阻R1短路，因此下面的圆圈应该是电压表。

此时电阻R1和滑动变阻器R串联，电压表测R1两端的电压，电流表测串联电路的电流。

电路图如下：

26.装卸工人用如图所示的滑轮组匀速提升重1200N的货物，所用的拉力F为750N，重物在50s内被提升2m，在此过程中求：

（1）人所做的有用功____.

（2）滑轮组的机械效率___.

（3）人做功的功率____.

【答案】

（1）.2400J

（2）.80%（3）.60W

【解析】解：

（1）人做的有用功为W有用=Gh=1200N×

2m=2400J；

（2）由图可知，承担重物和动滑轮重的绳子股数n=2，所以绳子下拉距离s=2×

2m=4m，

拉力做的功为W总=Fs=750N×

4m=3000J，

所以滑轮组的机械效率

（3）人做功的功率

答：

（1）人所做的有用功为2400J；

（2）滑轮组的机械效率是80%；

（3）人做功的功率为60W；

27.如图所示，电源电压为6V，小灯泡标有“4V1.6W”的字样，定值电阻R=20Ω，不考虑温度对灯丝电阻的影响，滑动变阻器上标有“0～20Ω，1A”字样.求：

（1）小灯泡的电阻为多大____？

（2）若只闭合S，S1时，要使电路消耗的功率最小，此时滑动变阻器的滑片应向哪端移动_____？

此时消耗最小功率是多少W____？

（3）若电流表的测量范围为0～0.6A，电压表的测量范围为0～3V，当只闭合S与S2时，在不损坏用电器的前提下，求滑动变阻器的取值范围_____.

【答案】

（1）.10Ω

（2）.P向b移动（3）.0.9W（4）.5Ω—10Ω

【解析】试题分析：

（1）由P=U2/R可知，灯泡电阻：

RL=UL2额/PL额=（4V）2/1.6W=10Ω；

（2）由图示电路图可知，只闭合S、S1时两电阻串联，由P=U2/R可知，在电压一定时，电路总电阻R越大，电路总功率越小，只闭合S、S1，滑片移至b端时电路总电阻最大，功率最小，最小功率：

P=U2/（R+R0最大）=（6V）2/（20Ω+20Ω）=0.9W；

（3）由P=UI可知，灯泡额定电流：

IL=PL额/UL额=1.6W/4V=0.4A，由图示电路图可知，当只闭合S与S2时灯泡与滑动变阻器串联，电流表的测量范围为0--0.6A，灯泡额定电流为0.4A，则电路最大电流：

I=0.4A，由I=U/R可知，R总最小=RL+R滑=U/I最大=6V/0.4A=15Ω，滑动变阻器接入电路的最小电阻：

R滑最小=R总最小-RL=15Ω-10Ω=5Ω，电压表的测量范围为0--3V，滑动变阻器两端最大电压：

U滑最大=3V，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路电流最小，最小电流：

I最小=UL/RL=0.3A，由I=U/R可知，R滑最大=U滑最大/I最小=3V/0.3A=10Ω，滑动变阻器接入电路的阻值范围是：

5Ω～10Ω。

【考点定位】电学综合计算

视频

28.在研究杠杆的平衡条件的实验中：

（1）小明同学发现杠杆的位置如图甲所示，则小明应将平衡螺母向__________（左／右）调节，这样做的目的是为了__________．

（2）在A点挂两个钩码（每个钩码的重力为0.5N），要使杠杆在图乙位置平衡，在B点用弹簧测力计竖直向上拉，则此时的弹簧测力计的读数为__________N．若仅使弹簧测力计由竖直向上拉改为斜向上拉，则弹簧测力计的示数将__________（填“变大”、“变小”或“不变”），这是因为__________的缘故．

（3）实验中改变支点两侧的钩码位置和个数，用同样的方法一般要做三次，得到三组数据并进行分析，这样做的目的是__________.

【答案】

（1）.右

（2）.便于测量力臂（3）.0.5N（4）.变大（5）.动力臂变小（6）.寻找杠杆平衡的规律

（1）当杠杆静止时，发现杠杆左端下沉，则应将平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平