普通高等学校招生全国统一考试模拟数学试题五 理Word文档格式.docx
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已知复数,设,那么;
若表示复数的共轭复数,表示复数的模,则.
其中的真命题为()
A.B.C.D.
4.在中心为的正六边形的电子游戏盘中(如图),按下开关键后,电子弹从点射出后最后落入正六边形的六个角孔内,且每次只能射出一个,现视,,,,,对应的角孔的分数依次记为1,2,3,4,5,6,若连续按下两次开关,记事件为“两次落入角孔的分数之和为偶数”,事件为“两次落入角孔的分数都为偶数”,则()
A.B.C.D.
5.某几何体的正视图与俯视图如图,则其侧视图可以为()
6.河南洛阳的龙门石窟是中国石刻艺术宝库之一,现为世界文化遗产,龙门石窟与莫高窟、云冈石窟、麦积山石窟并称中国四大石窟.现有一石窟的某处“浮雕像”共7层,每上层的数量是下层的2倍,总共有1016个“浮雕像”,这些“浮雕像”构成一幅优美的图案,若从最下层往上“浮雕像”的数量构成一个数列,则的值为()
A.8B.10C.12D.16
7.下列函数在其定义域内既是增函数又是奇函数的是()
8.下面推理过程中使用了类比推理方法,其中推理正确的个数是
①“数轴上两点间距离公式为,平面上两点间距离公式为”,类比推出“空间内两点间的距离公式为“;
AB|=√(x2-x1)2+(y2-y1)2+(z2-z1)
②“代数运算中的完全平方公式”类比推出“向量中的运算仍成立“;
③“平面内两不重合的直线不平行就相交”类比到空间“空间内两不重合的直线不平行就相交“也成立;
④“圆上点处的切线方程为”,类比推出“椭圆上点处的切线方程为”.
A.1B.2C.3D.4
9.已知直线与正切函数相邻两支曲线的交点的横坐标分别为,,且有,假设函数的两个不同的零点分别为,,若在区间内存在两个不同的实数,,与,调整顺序后,构成等差数列,则的值为()
A.B.C.或或不存在D.或
10.已知抛物线的焦点为,双曲线的右焦点为,过点的直线与抛物线在第一象限的交点为,且抛物线在点处的切线与直线垂直,则的最大值为()
A.B.C.D.2
11.已知函数的导函数(其中为自然对数的底数),且,为方程的两根,则函数,的值域为()
12.底面为菱形且侧棱垂直于底面的四棱柱中,,分别是,的中点,过点,,,的平面截直四棱柱,得到平面四边形,为的中点,且,当截面的面积取最大值时,的值为()
第Ⅱ卷
本卷包括必考题和选考题两部分.第13∽21题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22∽23题为选考题,考生根据要求作答.
二、填空题:
本题共4小题,每小题5分.
13.已知函数,为的导函数,则的展开式中项的系数是.
14.已知向量,,向量,的夹角为,设,若,则的值为.
15.已知函数,,,,则关于的不等式的解集为.
16.已知数列的通项公式为,数列为公比小于1的等比数列,且满足,,设,在数列中,若,则实数的取值范围为
.
三、解答题:
解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.已知函数在半个周期内的图象的如图所示,为图象的最高点,,是图象与直线的交点,且.
(1)求的值及函数的值域;
(2)若,且,求的值.
18.如图所示的四棱锥中,底面为矩形,,的中点为,,异面直线与所成的角为,平面.
(1)证明:
平面;
(2)求二面角的余弦值的大小.
19.207年8月8日晚我国四川九赛沟县发生了7.0级地震,为了解与掌握一些基本的地震安全防护知识,某小学在9月份开学初对全校学生进行了为期一周的知识讲座,事后并进行了测试(满分100分),根据测试成绩评定为“合格”(60分以上包含60分)、“不合格”两个等级,同时对相应等级进行量化:
“合格”定为10分,“不合格”定为5分.现随机抽取部分学生的答卷,统计结果及对应的频率分布直方图如图所示:
等级
不合格
合格
得分
频数
6
24
(1)求的值;
(2)用分层抽样的方法,从评定等级为“合格”和“不合格”的学生中抽取10人进行座谈,现再从这10人中任选4人,记所选4人的量化总分为,求的分布列及数学期望;
(3)设函数(其中表示的方差)是评估安全教育方案成效的一种模拟函数.当时,认定教育方案是有效的;
否则认定教育方案应需调整,试以此函数为参考依据.在
(2)的条件下,判断该校是否应调整安全教育方案?
20.如图所示,在平面直角坐标系中,椭圆的中心在原点,点在椭圆上,且离心率为.
(1)求椭圆的标准方程;
(2)动直线交椭圆于,两点,是椭圆上一点,直线的斜率为,且,是线段上一点,圆的半径为,且,求
21.已知函数,,其中为常数.
(1)当,且时,求函数的单调区间及极值;
(2)已知,,若函数有2个零点,有6个零点,试确定的值.
请考生在22、23两题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分.
22.选修4-4:
坐标系与参数方程
在平面直角坐标系中,曲线的参数方程为(为参数)以坐标原点为极点,轴正半轴为极轴建立极坐标系.
(1)求曲线的普通方程和极坐标方程;
(2)直线的极坐标方程为,若与的公共点为,且是曲线的中心,求的面积.
23.选修4-5:
不等式选讲
已知函数,.
(1)求不等式的解集;
(2)求函数的单调区间与最值.
理数(五)
一、选择题
1-5:
ADBDB6-10:
CCCCB11、12:
CC
二、填空题
13.-54014.15.16.
三、解答题
17.解:
函数化简得.
因为,所以,所以,所以,所以是等腰直角三角形.
又因为点到直线的距离为4,所以,所以函数的周期为16.
所以,函数的值域是.
(2)由
(1),知
因为,所以
因为,所以,
所以,所以
.
18.解:
(1)由已知为矩形,且,所以为的中点.
又因为为的中点,所以在中,,又因为平面,平面,
因此平面.
(2)由
(1)可知,所以异面直线与所成的角即为(或的补角).
所以或.
设,在中,,,又由平面可知,且为中点,因此,此时,所以,所以为等边三角形,所以,即,因为,,两两垂直,分别以,,所在直线为轴,轴,轴建立空间直角坐标系,如图所示,
则,,,,所以,.
由,,,可得平面,可取平面的一个法向量为.
设平面的一个法向量为,由
令,所以.
因此,又二面角为锐角,故二面角的余弦值为.
19.解:
(1)由频率分布直方图可知,得分在的频率为,故抽取的学生答卷数为,又由频率分布直方图可知,得分在的频率为0.2,所以.
又,得,所以.
(2)“合格”与“不合格”的人数比例为,因此抽取的10人中“合格”有6人,“不合格”有4人,所以有40,35,30,25,20共5种可能的取值.4
,,
的分布列为
40
35
30
25
20
所以.
(3)由
(2)可得
,
故可以认为该校的安全教育方案是无效的,需要调整安全教育方案.
20.解:
(1)因为在椭圆上,所以.
又,联立方程组,故椭圆的标准方程为
(2)设,,、联立方程.
由,得,且,,
所以
由题意可知圆的半径.
由题设知,因此直线的方程为.
联立方程因此.
因为,所以,从而有,即得.
因此的取值范围为.
21.解:
(1)因为,所以,令或
(舍).
当时,,函数单调递减;
时,,函数单调递增.
因此的极小值为,无极大值.
(2)若函数存在2个零点,则方程有2个不同的实根,设,
则.令,得;
令,得,或,所以在区间,内单调递减,在区间内单调递增,且当时,令,可得,所以,;
,,因此函数的草图如图所示,
所以的极小值为.
由的图象可知.
因为,所以令,得或,即或,
而有6个零点,故方程与都有三个不同的解,所以,且,所以.
又因为,,所以.
22.解:
(1)由曲线的参数方程消去参数,得其普通方程为.
将,代入上式并化简,得其极坐标方程为.
(2)将代入得.
得.
设,,则,,
又由
(1),知,且由
(2)知直线的直角坐标方程为,所以到的距离是,所以的面积.
23.解:
(1)由于,即为,当时,对上式两边平方,
得,即得,当时,原不等式的解集为空集,因此的解集为,
(2)由题可知
作图如下,
由.
由图易知函数的递减区间为,递增区间为,并且最小值为,无最大值.