四川省南充市中考物理试题含答案解析word版.docx
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四川省南充市中考物理试题含答案解析word版
南充市2018年初学业水平考试理科综合试卷物理部分
一、单选题
1.下列有关声现象的说法正确的是
A.老师讲课时声音洪亮是指声音的音调高
B.真空不能传声
C.利用超声波清洗眼镜，说明声音可以传递信息
D.在城市主要道路两边，安装噪声监测仪，可以减弱噪声
【答案】B
【解析】音调是指声音的高低，老师讲课时声音洪亮是指声音的很大，是指响度，故A错误；声音的传播需要介质，真空不能传声，故B正确；声音可以传递信息，声音也能够传递能量，利用超声波清洗眼镜，是利用声音可以传递能量，故C错误；在街头设置噪声监测仪，只能监测噪声的大小，并不能减弱噪声，故D错误，故选B。
2.下列现象中属于汽化现象的是
A.夏天洒在地上的水会很快变干
B.北方的冬天水面结冰
C.北方冬夜窗子玻璃上出现冰花
D.夏天从冰箱拿出的冰冻饮料一会儿瓶身会出现水珠
【答案】A
【解析】夏天洒在室外地上的水很快变干了，是蒸发现象，属于汽化，故A符合题意；冬天水面结冰，是水由液态变为固态，属于凝固现象，故B不符合题意；冬天窗子玻璃上出现的冰花，是水蒸气直接变成固态小冰晶，是凝华现象，故C不符合题意；夏天，从冰箱中拿出的饮料瓶过一会儿，瓶外壁会出现水珠，是空气中的水蒸气遇到温度较低的饮料瓶发生的液化现象，故D不符合题意，故只有A符合题意，故选A。
3.如图所示，一小铁块沿斜面向下滑动，下列所涉及的物理知识描述正确的是
A.铁块从斜面滑下的速度越来越快，说明铁块惯性在变大
B.铁块所受重力与斜面对铁块的支持力是一对平衡力
C.铁块受到斜面摩擦力的方向沿斜面向上
D.铁块相对于斜面始终是静止的
【答案】C
4.如图是将一个气球压入水中的过程（气球不会漏气且不会爆裂），球内气体的质量和密度变化情况是
A.质量变大，密度变大B.质量不变，密度变小
C.质量变小，密度不变D.质量不变，密度变大
【答案】D
【解析】气球被压入水中的过程中，只是位置的改变，因为气球不会漏气且不会爆裂，所以球内气体的质量不变，由于其下压过程中气球受到水的压强增大，所以气球体积会减小，由ρ=m/V知道，质量不变，体积减小，密度会增大，故D正确，故选D。
5.下列与压强有关的事例的解释中正确的是
A.书包的背带较宽，是为了增大压强
B.用吸管喝饮料，利用了大气压强
C.拦河大坝修成上窄下宽，利用了连通器原理
D.起风时，常看见屋内的窗帘飘向窗外，这是因为窗外空气流速大，压强大
【答案】B
【解析】书包的背带较宽，是为了压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A错误；当用吸管吸饮料时，首先是把吸管内的空气吸走，然后在外界大气压的作用下，饮料就被压进吸管里，所以，用吸管喝饮料是利用大气压强，故B正确；液体内部压强随着深度的增加而增大，所以水坝下部比上部建造的宽，是由于液体压强随着深度的增加而增大，故C错误；由于流体流速越大的位置压强越小，所以起风时，常看见屋内的窗帘飘向窗外，这是因为窗外空气流速大、压强小，故D错误，故选B。
6.下列图中符合安全用电与保护原则的是
A.
B.
C.
D.
【答案】A
【解析】A图的电冰箱要使用三孔插座，是由于这些用电器的外壳是金属导体，当用电器漏电时，会使金属外壳带电，若接上地线，电流就通过地线，流入大地，可以防止了触电事故的发生，故A符合安全用电与保护原则；电路中电流过大的原因有两个：
一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大，故B图中多个大功率用电器同时使用时，将会使电路中的电流过大，引起火灾，故B不符合安全用电与保护原则；因为湿抹布是导体，当用湿抹布擦发光的灯泡时，可能使电源通过人体与大地形成通路，使人触电，故C不符合安全用电与保护原则；接灯时，火线首先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入灯泡的螺旋套，如果开关接在零线和灯泡之间，火线直接接在灯泡时，虽然断开开关，但是火线和灯泡相连，触及灯泡会发生触电事故，所以开关要接在灯泡和火线之间，断开开关，切断火线，触及灯泡时更安全，故D不符合安全用电与保护原则，故选A。
7.以下图中说明了电磁感应现象的是
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】A图演示的是奥斯特实验，说明电流周围存在磁场，故不符合题意；B图中有电源，闭合开关后，磁场中的金属棒就会运动，演示的是通电直导线在磁场中受到力，故B不符合题意；C图中闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中就会产生感应电流，这是电磁感应现象，故C符合题意；D图中的实验可验证磁铁同名磁极相互排斥、异名磁极相吸引，故D不符合题意，故选C。
8.在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，向右移动滑动变阻器滑片P的过程中
A.电压表V1，示数不变，电压表V2示数变大
B.电流表A示数变大
C.电压表V2示数与电流表A示数的比值变小
D.电压表V1示数与电流表A示数的比值不变
【答案】D
【解析】由电路图知道，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
当向右移动滑动变阻器滑片P时，变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=U/R知道，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，故B错误；由U=IR可知，电流减小，R1是定值电阻，其两端的电压会减小，即电压表V1示数减小；由串联电路的电压规律知道，R2两端的电压变大，即电压表V2示数会变大，故A错误；电压表V2示数与电流表A示数的比值为滑动变阻器的电阻，由于滑动变阻器接入的阻值变大，所以该比值会变大，故C错误；电压表V1示数与电流表A示数的比值是R1的阻值，所以其比值保持不变，故D正确，故选D。
9.如图所示的电路，电源电压为3V，R1=15Ω，R2=5Ω，当开关S闭合时，下列分析正确的是
A.R1、R2两端电压之比为3：
1
B.通过R1、R2电流之比为3：
1
C.R1、R2消耗的电功率之比为1：
3
D.R1的电功率为1.8W
【答案】C
【解析】由电路图知道，R1、R2两电阻并联，由于并联电路各支路两端的电压相等，所以R1、R2两端电压之比是1：
1，故A错误；由I=U/R知道，通过R1、R2电流之比是：
I1：
I2=U/R1：
U/R2=R2：
R1=5Ω：
/15Ω=1：
3，故B错误；由P=U2/R知道，R1、R2消耗的电功率之比是：
P1：
P2=U2/R1：
U2/R2=R2：
R1=1：
3，故C正确；由于两电阻并联，所以U1=U=3V，R1的电功率是：
P1=U2/R1=（3V）2/15Ω=0.6W，故D错误，故选C。
10.如图，在木块上放置一个铁块m1时，木块M刚好浸没于水中（如图甲）；当在木块下吊一个铁块m2时，木块也刚好浸没（如图乙），则m1/m2的值为（ρ铁=7.9×103kg/m3,p=1×103kg/m3,g=10N/kg）
A.59:
69B.69:
79C.79:
89D.89:
99
【答案】B
二、填空题
11.夏日清晨，阳光明媚，周未小明和妈妈一同来到了湖边散步，岸上拉着母子俩长长的影子，湖中柳影摇曳，小明指着自己的影子对妈妈说这是光的________形成的，又指着湖中柳树的倒影说这是光的______形成的。
【答案】
（1）.直线传播
（2）.反射
【解析】根据题意知道，小明看见的自己在地面上留下的影子，是由于光的直线传播引起的；水面相当于一平面镜，当光遇到水面时会发生反射，所以柳树的倒影是光发生反射形成的虚像。
12.生活中许多现象都可以用我们所学的物理知识解释，例如腌制鸭蛋使盐进入鸭蛋中是一种_________现象，烧水煮鸭蛋是利用____________的方式改变鸭蛋的内能。
【答案】
（1）.扩散
（2）.热传递
【解析】两种不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫扩散现象，所以把鸭蛋放在盐水里一段时间，鸭蛋就变咸了，这是鸭蛋与盐之间的扩散现象；烧水煮鸭蛋，水的温度高，鸭蛋温度低，两者之间存在温度差，所以通过发生热传递改变了鸭蛋的内能。
13.某台汽油机飞轮的转速为1800r/min，在1s内，汽油机完成了______个工作循环。
如果汽油机在一段时间内消耗了500g汽油，若这些汽油完全燃烧，可放出热量__________J。
（q汽油=4.6×107J/kg）
【答案】
（1）.15
（2）.2．3×107
【解析】对于四冲程汽油机，一个工作循环飞轮转2圈，完成四个工作冲程，做功1次，活塞往复2次。
所以若汽油机的飞轮转速为1800r/min，则1s内，飞轮转30圈，共完成15个工作循环；500g汽油完全燃烧产生的热量是：
Q放=mq=500g×4.6×l07J/kg=2.3×l07J=0.5kg×4.6×l07J/kg=2.3×l07J。
14.如图所示，一个重为5N的容器，底面积100cm2，内装有400ml的酒精，则容器对桌面的压力为_________N，容器对桌面的压强为_____________Pa（p酒精=0.8×103kg/m3,g=10N/kg）
【答案】
（1）.8.2
（2）.820
【解析】根据题意知道，酒精的质量是：
m酒=ρ酒V=0.8g/cm3×400cm3=320g=0.32kg，当容器放在水平桌面上时，对桌面的压力和自身的重力相等，所以容器对桌面的压力是：
F=G容器+G酒精=5N+m酒g=5N+0.32kg×10N/kg=8.2N，容器的底面积是：
S=100cm2=0.01m2，所以，容器对桌面的压强是：
p=F/S=8.2N/0.01m2=820Pa
15.在如图所示的斜面上，一工人用200N的拉力，将一重为250N的物体，从底端匀速拉到顶端，用时6s，则此过程中物体受到的拉力________斜面对物体的摩擦力（选填“大于”、“等于”、“小于”），拉力做功的功率为__________W。
【答案】
（1）.大于
（2）.100
【解析】当用力F沿斜面匀速向上拉动物体时，在沿斜面方向上，物体受到沿斜面向上的拉力、沿斜面向下的摩擦力和重力沿斜面向下的分力作用处于平衡状态，由力的平衡条件知道，拉力F等于摩擦力与重力沿斜面向下的分力之和，所以，物体所受到的拉力大于斜面对物体的摩擦力；拉力对木箱做的功是：
W=Fs=200N×3m=600J，拉力对木箱做功的功率是：
P=W/t=600J/6s=100W。
16.中国在核电事业上，已取得辉煌成就，其援建巴基斯坦的核电站，即将于2019年投入使用，核电站的核心设备是核反应堆，核反应堆是利用原子核的________（选填”裂变”或“聚变”来发电的；手机是我们现在越来越普遍的通信工具，手机是利用_______传递信息的。
【答案】
（1）.裂变
（2）.电磁波
【解析】核裂变和核聚变都能释放能量，核裂变又分为可控制核裂变和不可控制的核裂变，核电站是利用可控制的原子核裂变产生的能量来发电的；手机既能发射电磁波，也能接收电磁波，手机靠电磁波传递信息。
17.一个电压恒定的电源，在其两端只接一只电阻值为120Ω的电阻R1，电流是0.5A。
如果在电阻R1两端并联一个电阻值为8Ω的电阻R2，并联电路的总电流为_______A若将R2改为与R1串联在原电路中，电路中电流为_______A。
【答案】
（1）.8
（2）.0.46875
【解析】根据题意知道，R1=120Ω电阻，通过的电流是I1=0.5A”，由I=U/R知道电源电压是：
U=I1R1=0.5A×120Ω=60V；当在电阻R1两端并联一个电阻值为8Ω的电阻R2时，则通过R2的电流是I2=U/R2=60V/8Ω=7.5A，所以，并联电路的总电流是：
I=I1+I2=0.5A+7.5A=8A；若将R2改为与R1串联在原电路中，则电路中的电流是：
I′=U/R1+R2=60V/120Ω+8Ω=0.46875A。
18.如图所示，电源电压不变，灯泡标有“4V，2W”字样，当开关S闭合时，灯泡正常发光，电流表的示数为0.6A，电阻R的电功率为___________w,通电1min，R产生的热量为_________J
【答案】
（1）.0.4
（2）.24
【解析】由电路图知道，当闭合开关时，灯泡和定值电阻并联，电流表测量干路电流。
当灯泡正常发光时，由P=UI知道通过灯泡的电流是：
IL=PL/UL=2W/4V=0.5A，由并联电路的电流特点知道，通过电阻R的电流是：
IR=I-IL=0.6A-0.5A=0.1A，此时电阻R两端电压是：
UR=UL=4V，所以电阻R消耗的功率是：
PR=URIR=4V×0.1A=0.4W；若R通电1min，则产生的热量是：
QR=WR=PRt=0.4W×60s=24J。
19.如图甲所示，电源电压一定，滑动变阻器的滑片从最右端滑到最左端时，灯泡L的I-U图象如图乙所示，当灯电流为1A时，灯正常发光，则灯的额定功率为______W和滑动变阻器的最大值为__________Ω。
【答案】
（1）.8
（2）.11
【解析】根据题意知道，当灯的电流为1A时，灯正常发光，由图象知道，此时灯泡两端的电压为8V，故灯泡的额定功率是：
P额=ULIL=8V×1A=8W；由电路图知道，滑片在左端时，变阻器连入阻值为0，电路中电阻最小，电流为最大1A，此时灯泡两端的电压是8V，即电源电压是：
U=UL=8V；当滑片位于右端时，灯泡和变阻器的最大阻值串联，电路中电阻最大，电流最小，由图象知道，此时UL′=2.5V，I′=0.5A，由于串联电路中总电压等于各分电压之和，所以滑动变阻器两端的电压是：
UR=U-UL′=8V-2.5V=5.5V，由I=U/R可得，滑动变阻器的最大阻值是：
R滑大=UR/I′=5.5V/0.5A=11Ω。
点睛：
本题考查的是串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式，解题的关键是从图象中获取有用信息。
三、探究与解答题
20.如图所示，轻质杠杆AB可绕O点在竖直平面内旋转，请在图中画出物体M所受重力G和使杠杆保持平衡的最小力F的示意图。
【答案】
【解析】由杠杆平衡条件知道，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；由图知道，O为支点，A点距离O点是最远的，若以AO为力臂时，力是最小的；物体M所受重力G的方向是竖直向下的，作用点在重心，物体M所受重力G和使杠杆保持平衡的最小力F的示意图，如图：
点睛：
本题考查的是杠杆中最小力的问题，解题的关键是确定出最长的力臂，并根据力臂的画法做出最小的力。
21.如图所示，根据通电螺线管的“S、N”极，判断并标出电源“+、-”极和静止的小磁针的“S、N”
【答案】
【解析】由图知道，通电螺线管的右端为S极，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引知道，小磁针的左端为N极、右端为S极；由右手螺旋定则知道，螺线管中电流由右侧流入、左侧流出，所以电源的右侧为正极、左侧为负极，如图：
点睛：
本题考查的是右手螺旋定则及磁极间的相互作用，需要熟练应用右手螺旋定则判断磁极或电流方向。
22.如是小明在“探究平面镜成像的特点“的实验装置。
（1）你认为本实验小明应选择较________（选填“厚”或“薄”）的玻璃板来完成实验。
（2）在玻璃板前面放支点燃的蜡烛A再拿一支外形相同但不点燃的蜡烛B，竖立在玻璃板后面并移动，直到与蜡烛A的像完全重合，这样做是为了比较像与物的_______关系。
（3）移去蜡烛B，在其原位置上放置一块白屏，白屏上________（选填“能”或“不能”）呈现蜡烛的像。
（4）小明第一次将蜡烛A置于玻璃前5cm，第二次将A向远离玻璃板的方向移动3cm，再次放置B直到与蜡烛A的像完全重合，则A与B的间距为________cm。
【答案】
（1）.薄
（2）.大小（3）.不能（4）.16
【解析】
（1）因为厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，即会出现两个像，而影响到实验效果，所以应选用薄玻璃板；
（2）在玻璃板前面放一支点燃的蜡烛A，再拿一支没点燃的相同的蜡烛B，在玻璃板后面移动，直至与蜡像A的像重合，说明像与物的大小相等，所以，这样做是为了比较像与物的大小关系；
（3）平面镜所成的像是虚像，虚像是不能成在光屏上的，所以移去蜡烛B，在其原位置上放置一块白屏，若观察者直接对屏观察，则在白屏上是不能呈现蜡烛的像；
（4）由于平面镜成像时，像距等于物距，根据题意知道，小明第一次将蜡烛A置于玻璃前5cm，第二次将A向远离玻璃板的方向移动3cm，所以此时蜡烛A距离玻璃板8cm，蜡烛B距离玻璃板也是8cm，即A与B的间距为16cm。
点睛：
本题考查的是平面镜成像特点的实验，这是光学中的一个重点实验，需要熟练掌握，并学会灵活运用。
23.在“研究影响液体内部压强”的实验中：
（1）压强计是通过观察U型管的两端液面的______来显示橡皮膜所受压强大小。
（2）比较图甲和图乙，可以初步得出结论：
在同种液体中，液体内部压强随液体_______的增加而增大。
（3）如果我们要讨论液体内部压强是否与液体密度有关，应选择_________进行比较。
（4）已知乙图中U型管左侧液柱高为4cm，右侧液柱高为10cm，则U型管底部受到的液体的压强为__________Pa（p水=1×103kg/m3g=10N/kg）
【答案】
（1）.高度差
（2）.深度（3）.乙、丙（4）.1000
【解析】
（1）压强计测量液体压强时，就是靠U形管两侧液面高度差来体现压强大小的，液面高度差越大，说明液体压强越大；
（2）由图甲和图乙知道，两杯中的液体密度相同、随着金属盒所处的深度增加，两侧液面高度差变大，即压强越大，所以，初步得出的结论是：
在同种液体中，液体内部压强随液体深度的增加而增大；
（3）要讨论液体内部压强是否与液体密度有关，需要控制液体的深度相同、金属盒的方向相同、液体的密度不同，故应选择乙、丙两次实验进行比较；
（4）因为图乙中U形管的右侧与大气相通，所以U型管底部受到的液体的压强应是右侧液柱产生的，故U型管底部受到的液体的压强是：
p=ρgh=1×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa。
点睛：
本题考查的是“研究影响液体内部压强”的实验，解题的关键是掌握液体压强大小的影响因素，并利用控制变量法和转化法探究液体压强大小的影响因素。
24.在“测量小灯泡额定功率”的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V。
（1）将甲图中电路连接完整_________。
（要求：
滑动变阻器滑片P向右移灯泡变亮）
（2）正确连接电路后，闭合开关S，移动滑片P，小张发现小灯泡始终不亮，电流表无示数，电压表示数始终为3V，则故障原因为_________________
（3）电路故障排除后，闭合开关，移动滑片P，直到电压表示数为2.5V，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为_________W。
（4）小张设计了如图丙所示的电路也完成了该实验（电源电压不变，R阻值已知）
①闭合开关S和S1，，断开S2，并调节滑动变阻器使电压表示数为U额。
②团合开关S和S2，断开S1，，滑动变阻器滑片P不动，读出此时电压表示数为U；则小灯泡额定功率的表达式灯P额=_______。
（用U额、R、U表示）
【答案】
（1）.
（2）.灯泡断路（3）.0.75（4）.见解析所示
【解析】
（1）由于滑片P向右移时灯泡变亮，所以说明此过程变阻器连入电路的阻值在减小，所以应将变阻器的B接线柱接入电路，如图：
（2）根据题意知道，电流表无示数，灯不亮，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，即与电压表并联的支路以外的电路是完好的，所以应是电压表并联的灯泡断路了；
（3）由图乙知道，电流表的量程是0～0.6A，分度值是0.02A，所以电流表的示数是0.3A，故灯泡的额定功率是：
P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；
（4）根据题意知道，①当闭合开关S和S1，断开S2时，电压表测量灯泡的电压值，并调节滑动变阻器使电压表示数为U额。
②当闭合开关S和S2，断开S1时，灯泡与定值电阻仍是串联，电压表测量灯泡与定值电阻的电压，且要滑动变阻器滑片P不动，此时读出电压表示数为U，则定值电阻的电压是：
U-U额，电路的电流是：
IR=U-U额/R，所以小灯泡额定功率的表达式是：
P额=U额I额=U额IR=U额×（U−U额）/R=U额（U−U额）/R。
点睛：
本题考查的是“测量小灯泡额定功率”的实验，涉及实物连接，故障分析，解题的关键是正确应用功率公式P=UI及欧姆定律。
25.如图，电源电压一定，已知灯泡L标有“6V,7.2W”字样（灯电阻不受温度影响），R1=10Ω。
当S、S1，闭合，且滑片P在a端时，灯正常发光；当S、S2闭合，且P在滑动变阻器中点处时，电流表示数为0.2A。
（1）求灯泡L的电阻阻值。
（2）求滑动变阻器Rx的最大值。
（3）通过对S、S1、S2的控制和调节滑动变阻器，可使电路所消耗的总功率最小，请求出电路总功率的最小值。
【答案】见解析所示
【解析】
（1）因为灯泡L标有“6V，7.2W”字样，所以由P=U2/R知道，灯泡L的电阻阻值是：
RL=U额2/P额=（6V）2/7.2W=5Ω；
（2）由电路图知道，当S、S1闭合，且滑片P在a端时，电路为灯泡L的简单电路，且灯正常发光，所以电源电压是：
U=U额=6V；
当S、S2闭合时，R1与Rx串联，电流表测电路中的电流，当P在滑动变阻器中点处时，由串联电路特点和欧姆定律知道总电阻是：
R1+Rx/2=U/I，即：
10Ω+Rx/2=6V/0.2A，所以滑动变阻器Rx的最大值是：
Rx=40Ω；
（3）因为RL＜R1，所以当闭合S、S2，并且滑片在b端时，R1与Rx的最大阻值串联，电路的总电阻最大，总功率最小，且电路总功率的最小值是：
P最小=U2/R1+Rx=（6V）2/10Ω+40Ω=0.72W。
点睛：
本题考查的是串联电路特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，解题的关键是正确分析电路的连接方式，并知道灯光正常发光时两端电压等于其额定电压。
26.如图是工人将重160N的物体匀速放下的过程，已知物体下降的距离为3m，用时3s，工人的拉力为50N，工人质量为50kg。
（物体未浸入水中，且不计绳重及摩擦）
（1）求工人放绳的速度。
（2）求滑舱组的效率η1
（3）如果物体完全浸没水中后滑轮的机械效率为η2，已知η1：
η2=4:
3（物体在水中仍匀速下降，动滑轮不会浸入水中且不计绳重及摩擦，g=10N/kg）。
求当物体完全浸没水中后，工入对地面的压力。
【答案】见解析所示
【解析】
（1）根据题意知道，物体下降速度是：
v=h/t=3m/3s=1m/s；
由图知道滑轮组的有效绳子段数是n=4，所以工人放绳的速度是：
v绳=4v物=4×1m/s=4m/s；
（2）因为n=4，所以绳子运动距离是：
s=4h=4×3m=12m；
工人放绳子的有用功是：
W有用=Gh=160N×3m=480J；
放绳子的总功是：
W总=Fs=50N×12m=600J；
所以，滑轮组的效率是：
η1=W有用/W总×100%=480J/600J×100%=80%；
（3）物体未浸入水中时，不计绳重及摩擦，动滑轮受到重物对它的拉力、本身的重力、绳子的拉力，由F=（G动+G）/n知道，动滑轮重力是：
G动=4F-G=4×50N-160N=40N；
又因为η1：
η2=4：
3，所以物体完全浸没水中后滑轮组的机械效率是：
η2
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