现代控制理论试题详细答案现控题目.docx
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现代控制理论试题详细答案现控题目
现代控制理论试题B卷及答案
—、1系统x"=£1】x能控的状态变量个数是CVCVX,
能观测的状态变量个数是CVCVXO
2试从高阶微分方程y■3y∙8y=5u求得系统的状态方程和输出方
程（4分/个）解1.能控的状态变量个数是2,能观测的状态变量个数是1。
状
态变量个数是2。
…..（4分）
2.选取状态变量x1=y,X2=y,x3=y,可得…••…
（1分）
XI=X?
X2二X3
X3=-8x1-3x35u
yP
…（1分）
写成
0100
X=001x+0u…..…（1分）
：
-80-3」3
（1分）
1给出线性定常系统x（k∙1）=Ax（k）Bu（k）,y（k）=Cx（k）能控的定义
（3分）
210
2已知系统X=020Xly
'00-3j
0111X,判定该系统是否完
全能观？
（5分）
解1.答：
若存在控制向量序列u（k）,u（k•1）,…,u（k∙N_1）,时系统从第k步的状态x（k）开始，在第N步达到零状态，即X（N）=O,其中N是大于
0的有限数，那么就称此系统在第k步上是能控的。
若对每一个k,系
统的所有状态都是能控的，就称系统是状态完全能控的，简称能
控。
….
•….（3分）
2.
2
1】0
'0
0【
0
-3
-02_31
（1分）
CA2
UO
_2
02-3】0
卫
CA
0
0
-3
=0491
.（1分）
]CA2一[∣0
1〕
-3
9
.（1分）
分）
rankU°=2：
n,所以该系统不完全能观
（2
三、已知系统1、2的传递函数分别为
g1（s）2
S
S2-1
3s2
g2（s）
S1
S2-3s2
求两系统串联后系统的最小实现。
（8分）
g（s）7（s）g1（s）二
（s-1）（s1）s1
（SI）（S2）（s-1）（s-2）
S1
S2-4
（5分）
最小实现为
（3分）
四、将下列状态方程
UC
UC
P2
Ao=
Xf1W,
I40一
42
4
=bAbl=1
1
「7
8
"3
4
1
「4
-
y-110Ix
U化为能控标准形。
（8分）
-11
7
.（1分）
（1分）
（1分）
（1分）
1-OO
-
-■
4
1-834
（1分）
们
5
（1分）
（1分）
-
Q=Pb=
-4
■：
oη+卩〕X=X+U.…...…
>105一〔1」
…（1分）
五、利用李亚普诺夫第一方法判定系统XjIT2IX的稳定性。
（8分）
-TT一
I一A1^2223
1■1
•….（3分）
.（3分）
特征根黑--仁-2
均具有负实部，系统在原点附近一致渐近稳定…
六、利用李雅普诺夫第二方法判断系统
-1
X=2
1【
-3
分）
X是否为大范围
渐近稳定：
（8分）
ATRR^-I
_2p114P12=_〔
P11—4p12+2p22=0
ι2P12-6P22=-1
P11
p22
pi2
Pl2^i
p22
.（1分）
.（1分）
.（1分）
_p12
P12丨_1/4Z8p22」1%%一
分）
7
RI=-Aodet
4
IP11P12I
-P12P22_
17
0
64
（1分）
P正定，因此系统在原点处是大范围渐近稳定的
（1分）
七、已知系统传递函数阵为
G（S）—
2s1
（s-1）（s+2）
2s—1
.s（s+1）（s-2）
11
S
3
s2+1
判断该系统能否用状态反馈和输入变换实现解耦控制。
（6分）
解：
d1=Od2=0
（2分）
E1=101，E1-〔011
（2分）
-S0】
非奇异，可实现解耦控制
分）
（2
给定系
统的状态空间
-1-2-31I
x=0-11x+0u,y=IO10】x,设计一个具有特征值为-1,J0TjJj
-1,-1的全维状态观测器。
（8分）
解：
方法
1
λ+1
2+E1
3
「1-A+EC
—
0
&+1+E2
_1
_1
E3
九+1
=（∙22∙1）E^■33,231333E22E1"E3
32
='：
；（E23）'（2E2E36）'6E34E2E1
--2分
列方程
6E34E2E1=1
2E2E36一3
E2亠33
-2
分
E^2,k^0,E3-3—
1
分
观测器为
■-10-3]q^-2I
0-115?
十0u+0y
'.10-1」JJ.-3J
方法2
λ+1
丸I—A∣=0，
-1
1
23
+1_1=丸3+3丸2+6丸+6
0λ+1
分
*32
2
f（J■331
分
1
E1--5,E^-3,E3=0
分
a2a11I
Q=ICTATCT（AT）2Ct]a110
2
'100一
分
巳一2,k2=O,E3—31分
观测器为
^-103
■11
■-21
0-1
1
?
+
0
u+
0
10
一1一
Ii
k
ii
.-3J
y
九解A=
0
0
2>
，A二1,
0、
2」
（1分）
At
e=
eAlt
0
0
eA2t
Ajt
分）
（SI-A2）
S-1
-1
S—1
.（1分）
IS—2s—1
/t
e
2t
Ie
t-e
0
2t
e
.…（1分）
厂te
0
0、
J=
0
te
0
0
2tt
2t
e-e
e
J
eA^LJsI_A4
.（2分）
x（t）=eAtX（O）
Ct
e
0
2
2te-e
0
0
2t
eJ
（t、
e
0
2t
IeJ
（2分）
《现代控制理论》复习题1
、（10分,
每小题2分）试判断以下结论的正确性，若结论是正确
的，则在其左边的括号里打√＞反之打×
（√）1.由一个状态空间模型可以确定惟一一个传递函数。
（×）2.若一个对象的连续时间状态空间模型是能控的，则其离散化状态空间模型也一定是能控的。
（×）3.对一个给定的状态空间模型，若它是状态能控的，则也一定是输出能控的。
（√）4.对系统X=AX,其LyaPunov意义下的渐近稳定性和矩阵A的特征值都具有负实部是一致的。
（√）5.根据线性二次型最优控制问题设计的最优控制系统一定是渐近稳定的。
二、（15分）考虑由下式确定的系统：
G（S^2s3试求
s2+3s+2
其状态空间实现的能控标准型、能观标准型和对角线标准型，并画出能控标准型的状态变量图。
解：
能控标准形为
能观测标准形为
对角标准形为
ΓχJ；0
；xd!
-2
MIU
y=3食
m=t-10和IU
X2O-2X2J
八2—1】X1
]X2」
三、（10分）在线性控制系统的分析和设计中，系统的状态转移矩阵
起着很重要的作用。
对系统
X=]01'x
]_2-3_
求其状态转移矩阵。
解：
解法1。
容易得到系统状态矩阵A的两个特征值是‘1=_1,‘2=-2,它们是不相
同的，故系统的矩阵A可以对角化。
矩阵A对应于特征值∙^-1,∙^-2
的特征向量是
心1I-N
_-1_-2
取变换矩阵
TjI⅛21J1'
则TU2
因此,
D=TAT」^1
IL0
02
从而,
Ate
01
e_
-e
∣[-2e"t■2e't
1
T=I
IT
e"t
4
1e」-2_0
0
.2t
e
|21【
1-1-1.
解法2。
拉普拉斯方法由于
JLS
（SI—A宀2
-1
det（sl-A/（Sjr
严*
S（S3）2-2S
（S1）（s2）
（S1）（s2）
-2
.（s+1）（s+2）
（S1）（s2）
-S1S2
s+1s+2-
2e-L-e^t
AtgSI-矿「击*
Ldt
-e"t2e^
解法3。
凯莱-哈密尔顿方法
将状态转移矩阵写成
Ate
=a°（t）la1（t）A
统矩阵的特
是-1和
-2
e"L=a°（t）_Q（t）e?
二直⑴_2a1（t）
解以上线性方程组，可得
a°（t）=2e」-/
印⑴
-L-2t
二e「e
因此,
：
」（t）=eAt=a°（t）la1（t）A=2e
^t_e^t
-2e」2e^t
-L-2t
e-e
-L丄c-2te+2e
四、（15分）已知对象的状态空间模型^AXBu,
y=CX,是^完
旦宀全能
观的，请画出观测器设计的框图，并据此给出观测器方程，观测器设计方法。
解观测器设计的框图:
观测器方程:
X=AXBUL（^CX）
=（A-LC）XBULy
其中：
~是观测器的维状态，L是一个n×p维的待定观测器增益矩阵
观测器设计方法：
由于det[，I_（A—LC）]=det[∙I_（A—LC）T]=det[∙I-（At-CtLt）]
因此，可以利用极点配置的方法来确定矩阵L,使得AT一CTLT具有给定的观测器极点。
具体的方法有：
直接法、变换法、爱克曼公式。
五、（15分）对于一个连续时间线性定常系统，试叙述LyaPUnov稳定性定理，并举一个二阶系统例子说明该定理的应用。
解连续时间线性时不变系统的李雅普诺夫稳定性定理：
线性时不变系统X=AX在平衡点Xe=O处渐近稳定的充分必要条件是：
对任意给定的对称正定矩阵Q李雅普诺夫矩阵方程ATPpA=—Q有
惟一的对称正定解PO
在具体问题分析中，可以选取Q=I
考虑二阶线性时不变系统：
；xj；0
殳匕1
X1
-1_X2
原点是系统的惟一平衡状态。
求解以下的李雅普诺夫矩阵方程
ATPPA--I
其中的未知对称矩阵P」|P11P12
-P12P22-
将矩阵A和P的表示式代入李雅普诺夫方程中，可得
^0-^^P11P12]+[P11P12〕；01L；T0〕
J—1」I_P12P22--P12P22」l_—1—1」-0—1」
进一步可得联立方程组
-2p12=T
p11一p12一p22=0
2p12_2p22=一1
P=[PiiPi^3/21/2[
Pi2P221/21
根据塞尔维斯特方法，可得M=3O乜=detp=50
24
故矩阵P是正定的。
因此，系统在原点处的平衡状态是大范围渐近稳
定的。
六、（10分）已知被控系统的传递函数是
G（S）
10
（S1）（s2）
试设计一个状态反馈控制律，使得闭环系统的极点为-1±j。
解系统的状态空间模型是
X；011+01
X=X十U
>2一3一[1」
y=10OX
将控制器U=-∣k0k1X代入到所考虑系统的状态方程中，得到闭环
系统状态方程
--011
X=X
-一2-k°-3-_
该闭环系统的特征方程是
期望的闭环特征方程是
通过
可得
从上式可解出
det（丸I_AC）=丸2+（3+k1）丸+（2+k0）
（•1_j）（∙1j）仝；.22∙2
2（3k1Γ（2k0^222
3k1=22k0=2
k1=-1k00
因此，要设计的极点配置状态反馈控制器是
u=0JlXI^
M2一
七、（10分）证明：
等价的状态空间模型具有相同的能控性。
证明对状态空间模型
X=AXBu
y=CxDU
它的等价状态空间模型具有形式
X=AXBU
y=CXDu
其中：
A=TATJB=TBC=CTJD=D
T是任意的非奇异变换矩阵。
利用以上的关系式，等价状态空间模型的能控性矩阵是
-c[A,B]=[BABAnjB]
_1In_1
=[TBTATTB（TAT）TB]
=T[BABAnjB]
=Tc[A,B]
由于矩阵T是非奇异的，故矩阵:
c[A,B],和/AB]具有相同的秩，从而等价的状态空间模型具有相同的能控性。
八、（15分）在极点配置是控制系统设计中的一种有效方法，请问这种方法能改善控制系统的哪些性能？
对系统性能是否也可能产生不利影响？
如何解决？
解：
极点配置可以改善系统的动态性能，如调节时间、峰值时间、振荡幅度。
极点配置也有一些负面的影响，特别的，可能使得一个开环无静差的系统通过极点配置后，其闭环系统产生稳态误差，从而使得系统的稳态性能变差。
改善的方法：
针对阶跃输入的系统，通过引进一个积分器来消除跟踪
误差，其结构图是
A
构建增广系统，通过极点配置方法来设计增广系统的状态反馈控制器，从而使得闭环系统不仅保持期望的动态性能，而且避免了稳态误
差的出现。
《现代控制理论》复习题2
一、（10分，每小题2分）试判断以下结论的正确性，若结论是正确的，则在其左边的括号里打√＞反之打X。
（×）1.对一个系统，只能选取一组状态变量；
（√）2.由状态转移矩阵可以决定系统状态方程的状态矩阵，进而决定系统的动态特性；
（×）3.若传递函数G（S）=C（S^A）JB存在零极相消，则对应的状态空间模型描述的系统是不能控不能观的；
（×）4.若一个系统是李雅普诺夫意义下稳定的，则该系统在任意平衡状态处都是稳定的；
（√）5.状态反馈不改变系统的能控性。
二、（20分）已知系统的传递函数为
2s+5
G（S）-
（s+3）（s+5）
（1）采用串联分解方式，给出其状态空间模型，并画出对应的状态变量图；
（2）采用并联分解方式，给出其状态空间模型，并画出对应的状态变量图
答：
（1）将G（S）写成以下形式:
G（S）=
2s5
S5
这相当于两个环节土和鳥串连’它们的状态空间模型分别为:
U
和」
x2=-5x2+U1
由于％=5,故可得给定传递函数的状态空间实现是:
将其写成矩阵向量的形式，可得:
^-3
0p√
十
Γ
L--J
1
-51
0
V=12-51
1λ2
对应的状态变量图为:
串连分解所得状态空间实现的状态变量图
（2）将G（S）写成以下形式：
—、-X2.5
G⑸=——+——
S+35+5
它可以看成是两个环节一0.5和2.5的并联，每一个环节的状态空间s+3s+5
模型分别为：
PV-=—S.T-—Oi5,ιι
Iyl=\
和
∖γ2=-51,十23甘
Vl=小
⅛*■≡■
由此可得原传递函数的状态空间实现：
XI=-Jx1-05//
[x2=-5x2+2.5ιι
A'=Vι+.h=-∖-^2
进一步写成状态向量的形式，可得:
Γ⅛'
-3
0"
亠
X2
0
-S
2.5
对应的状态变量图为:
并连分解所得状态空间实现的状态变量图
三、（20分）试介绍求解线性定常系统状态转移矩阵的方法，并以一
种方法和一个数值例子为例，求解线性定常系统的状态转移矩阵；
答：
求解状态转移矩阵的方法有：
方法一直接计算法:
根据状态转移矩阵的定义
==jr-J-j∙r十…一丄占屮+…
来直接计算，只适合一些特殊矩阵A。
方法二通过线性变换计算状态转移矩阵，设法通过线性变换，将矩阵A变换成对角矩阵或约当矩阵，进而利用方法得到要求的状态转移矩阵。
方法三拉普拉斯变换法：
e"=L'[（sl-A）']。
方法四凯莱-哈密尔顿方法根据凯莱-哈密尔顿定理和，可导出eAt具有以下形式：
J=α⅛（f）r+Λf1Cf）JI+a2（f）A2+-+OfBH⑴屮T
其中的r（t）,〉2（t），…-ni（t）均是时间t的标量函数。
根据矩阵A有n个不同特征值和有重特征值的情况，可以分别确定这些系数。
举例：
利用拉普拉斯变换法计算由状态矩阵
-10
A-
0-1
j+l
0
1
det（s∕一月）
J+1
0
所确定的自治系统的状态转移矩阵。
由于
1
s+1
S—lr
tp（f）=g曲=Z-1[（5∕-^）^1]
_h0
_0r
四、（10分）解释状态能观性的含义，给出能观性的判别条件，并举例说明之。
答：
状态能观性的含义：
状态能观性反映了通过系统的输出对系统状态的识别能力，对一个零输入的系统，若它是能观的，贝何以通过一段时间内的测量输出来估计之前某个时刻的系统状态。
状态能观的判别方法:
对于n阶系统
Λ=Jx+BiIy=CX
1.若其能观性矩阵CA列满秩，则系统完全能观
^CAn-L
2.若系统的能观格拉姆矩阵
Xrfl（O.Γ）=j^Zrcrc√rrfr
非奇异，则系统完全能观。
举例：
对于系统
10'
O
.τ+
11
1
v=[0l]x
其能观性矩阵
~C'
LO1'
CA
[11
的秩为2,即是列满秩的，故系统是能观的
五、（20分）对一个由状态空间模型描述的系统，试回答：
（1）能够通过状态反馈实现任意极点配置的条件是什么？
（2）简单叙述两种极点配置状态反馈控制器的设计方法；
（3）试通过数值例子说明极点配置状态反馈控制器的设计。
答：
（1）能够通过状态反馈实现任意极点配置的条件：
系统是能控的。
（2）极点配置状态反馈控制器的设计方法有直接法、变换法、爱克曼公式法。
①直接法
验证系统的能控性，若系统能控，则进行以下设计。
设状态反馈控制器U=-Kx,相应的闭环矩阵是ABK闭环系统的特征多项式为
det[λ∕-（A-BK）].
由期望极点∙ιΛ',∙n可得期望的闭环特征多项式
（2-⅛）--（λ-⅛）=A,f÷⅛√*^1+⅛,aλ*-j+--÷⅝
通过让以上两个特征多项式相等，可以列出一组以控制器参数为变量的线性方程组，由这组线性方程可以求出极点配置状态反馈的增益矩阵KO②变换法
验证系统的能控性，若系统能控，则进行以下设计。
将状态空间模型转化为能控标准型，相应的状态变换矩阵
T=Γc[A,B]（Γc[^B]Γ
设期望的特征多项式为
2“十苹IaT…十t⅛
而能控标准型的特征多项式为
d十（Vl护T+（VMg+TQo
所以，状态反馈控制器增益矩阵是
^=[⅛-¾A-¾■⅛-1-^-IF
（3）采用直接法来说明极点配置状态反馈控制器的设计
考虑以下系统
2
11Γo
2-和-3
设计一个状态反馈控制器，使闭环系统极点为
该状态空间模型的能控性矩阵为
rcμ.^]=r
该能控性矩阵是行满秩的，所以系统能控。
设状态反馈控制器
U—-Kx--[⅛0AI].T
将其代入系统状态方程中，得到闭环系统状态方程
■■
01
Λ=I,X
2-亦—3—⅞p1
其特征多项式为
det[ΛJ-（A-BK）]=λ2+（3+⅛1）λ-2+fr0
由期望的闭环极点-2和-3,可得闭环特征多项式
（2+2X2+3）兰乂°+5/1+6
通过
λ2-（3-⅛1）λ-2-kQ=λ2+5λ-6
可得
3+£=5
—2+亿二6
由此方程组得到
^O=®
&=2
因此，要设计的极点配置状态反馈控制器
It=^KX=-[82]x
六、（20分）给定系统状态空间模型X=AX
（1）试问如何判断该系统在李雅普诺夫意义下的稳定性？
（2）试通过一个例子说明您给出的方法；
（3）给出李雅普诺夫稳定性定理的物理解释。
答：
（1）给定的系统状态空间模型X=AX是一个线性时不变系统，根据线性时不变系统稳定性的李雅普诺夫定理，该系统渐近稳定的充分必要条件是：
对任意给定的对称正定矩阵Q矩阵方程ATP-PA=-Q有一个对称正定解矩阵P。
因此，通过求解矩阵方程ATPpA=-Q,若能得到一个对称正定解矩阵P,则系统是稳定的；若得不到对称正定解矩阵P,
则系统是不稳定的。
一般的，可以选取Q=IO
（2）举例：
考虑由以下状态方程描述的二阶线性时不变系统:
O
-IE]
原点是该系统的惟一平衡状态。
求解李雅普诺夫方程:
ATPPA=_Q，
其中的未知矩阵
L旳
Pli
将矩阵A和P的表示式代入李雅普诺夫方程中，可得
为了计算简单，选取Q=21,则从以上矩阵方程可得:
-IPllZ
求解该线性方程组，可得：
PlI=Px=1*Pi2=O
即
Γ101
P=
01
判断可得矩阵P是正定的。
因此该系统是渐近稳定的。
（3）李雅普诺夫稳定性定理的物理意义：
针对一个动态系统和确定的平衡状态，通过分析该系统运动过程中能量的变化来判断系统的稳定性。
具体地说，就是构造一个反映系统运动过程中能量变化的虚拟能量函数，沿系统的运动轨迹，通过该能量函数关于时间导数的取值来判断系统能量在运动过程中是否减少，若该导数值都是小于零的，则表明系统能量随着时间的增长是减少的，直至消耗殆尽，表明在系统运动上，就是系统运动逐步趋向平缓，直至在平衡状态处稳定下来，这就是李雅普诺夫意义下的稳定性
《现代控制理论》复习题3
一、（10分，每小题2分）试判断以下结论的正确性，若结论是正确
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