高中物理模块综合检测粤教版Word格式.docx
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图1
A．温度计示数变大，实验表明气体对外界做功，内能减少
B．温度计示数变大，实验表明外界对气体做功，内能增加
C．温度计示数变小，实验表明气体对外界做功，内能减少
D．温度计示数变小，实验表明外界对气体做功，内能增加
【解析】 打开卡子后胶塞冲出，没有热交换，而气体体积变大，内部气体对外做功，内能减少，温度降低，温度计示数变小，C正确．
【答案】 C
6．对于一定量的理想气体，下列说法正确的是（ ）
A．若气体的压强和体积都不变，其内能也一定不变
B．若气体的内能不变，其状态也一定不变
D．当气体温度升高时，气体的内能一定增大
【解析】 一定质量的理想气体的内能仅由温度来决定，温度不变，气体的内能不变，温度升高，气体的内能增加，选项D正确；
由
＝C（常量）可知，p、V不变则T一定不变，选项A正确；
若气体的内能不变，气体的温度一定不变（等温变化），则pV的乘积不变，其状态有可能改变，选项B错误．
【答案】 AD
7．关于一定量的气体，下列说法正确的是（ ）
A．气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的体积，而不是该气体所有分子体积之和
B．只要能减弱气体分子热运动的剧烈程度，气体的温度就可以降低
C．在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零
D．气体从外界吸收热量，其内能一定增加
【解析】 气体分子在空间可自由移动，因此气体体积应是气体分子所能到达的空间，选项A正确；
分子热运动的剧烈程度与温度有关，温度越高，分子运动越剧烈，选项B正确；
气体压强的大小等于气体作用在器壁单位面积上的压力，与失、超重无关，选项C错误；
气体吸收热量的同时可对外做功，内能不一定增加，选项D错误．
【答案】 AB
8.图2为某同学设计的喷水装置，内部装有2L水，上部密封1atm的空气0.5L，保持阀门关闭，再充入1atm的空气0.1L，设在所有过程中空气可看作理想气体，且温度不变，下列说法正确的有（ ）
图2
A．充气后，密封气体压强增加
B．充气后，密封气体的分子平均动能增加
C．打开阀门后，密封气体对外界做正功
D．打开阀门后，不再充气也能把水喷光
【解析】 根据玻意耳定律，温度的实质解决问题．
充气前后，封闭气体的初态参量p1＝1atm，V1＝0.6L；
末态参量p2＝？
，V2＝0.5L．根据p1V1＝p2V2，得p2＝
＝
atm＝1.2atm，故充气后压强增大，选项A正确；
温度是分子平均动能的标志，因为温度不变，故气体的分子平均动能不变，选项B错误；
打开阀门后气体体积增大，故气体对外界做正功，选项C正确；
打开阀门后，水向外流出，假若水全部流出，由
＝k知，容器内的气压会降为0.24atm，小于外部气压，故水不会喷光，选项D错误．
【答案】 AC
9．关于热力学定律，下列说法正确的是（ ）
A．为了增加物体的内能，必须对物体做功或向它传递热量
B．对某物体做功，必定会使该物体的内能增加
C．可以从单一热源吸收热量，使之完全变为功
D．不可能使热量从低温物体传向高温物体
【解析】 改变内能的方法有做功和热传递两种，所以为了增加物体的内能，必须对物体做功或向它传递热量，选项A正确；
对物体做功的同时向外界放热，则物体的内能可能不变或减小，选项B错误；
根据热力学第二定律可知，在对外界有影响的前提下，可以从单一热源吸收热量，使之完全变为功，选项C正确；
在有外界做功的条件下，可以使热量从低温物体传递到高温物体，选项D错误．
10．一定质量气体的状态变化过程的pV图线如图3所示，其中A是初始态，B、C是中间状态．A→B为双曲线的一部分，B→C与纵轴平行，C→A与横轴平行．如将上述变化过程改用pT图线和VT图线表示，则在下列的各图正确的是
（ ）
图3
【解析】 气体由A→B是等温过程，且压强减小，气体体积增大；
由B→C是等容过程，且压强增大，气体温度升高；
由C→A是等压过程，且体积减小，温度降低．由此可判断在pT图中A错误、B正确，在VT图中C错误、D正确．
【答案】 BD
二、非选择题（本题共3小题，共40分，解答时应写出必要的文字说明，方程式和演算步骤，有数值计算的要注明单位）
11.（14分）油酸酒精溶液的浓度为每1000mL油酸酒精溶液中有油酸0.6mL，现用滴管向量筒内滴加50滴上述溶液，量筒中的溶液体积增加了1mL，若把一滴这样的油酸酒精溶液滴入足够大盛水的浅盘中，由于酒精溶于水，油酸在水面展开，稳定后形成的纯油膜的形状如图4所示．若每一小方格的边长为25mm，试问：
图4
（1）这种估测方法是将每个油酸分子视为________模型，让油酸尽可能地在水面上散开，则形成的油膜可视为________油膜，这层油膜的厚度可视为油酸分子的________．图中油酸膜的面积为________m2；
每一滴油酸酒精溶液中含有纯油酸体积是________m3；
根据上述数据，估测出油酸分子的直径是________m．（结果保留两位有效数字）
（2）某同学在实验过程中，在距水面约2cm的位置将一滴油酸酒精溶液滴入水面形成油膜，实验时观察到，油膜的面积会先扩张后又收缩了一些，这是为什么呢？
请写出你分析的原因：
__________________________________________.
【解析】 油膜面积约占70小格，面积约为S＝70×
25×
10－6m2≈4.4×
10－2m2，一滴油酸酒精溶液含有纯油酸的体积为V＝
×
10－6m3＝1.2×
10－11m3，故油酸分子的直径约等于油膜的厚度
d＝
m≈2.7×
10－10m.
【答案】
（1）球形 单分子 直径 4.4×
10－2 1.2×
10－11 2.7×
10－10
（2）主要有两个原因：
①水面受到落下油滴的冲击，先陷下后又恢复水平，因此油膜的面积先扩张后又收缩；
②油酸酒精溶液中的酒精将溶于水并很快挥发，使液面收缩
12．（10分）如图5所示，一定质量的理想气体从状态A经等压过程到状态B.此过程中，气体压强p＝1.0×
105Pa，吸收的热量Q＝7.0×
102J，求此过程中气体内能的增量．
图5
【解析】 等压变化
，对外做的功W＝p（VB－VA）
根据热力学第一定律ΔU＝Q－W，
解得ΔU＝5.0×
102J.
【答案】 5.0×
102J
13．（16分）如图6，由U形管和细管连接的玻璃泡A、B和C浸泡在温度均为0℃的水槽中，B的容积是A的3倍．阀门S将A和B两部分隔开．A内为真空，B和C内都充有气体．U形管内左边水银柱比右边的低60mm.打开阀门S，整个系统稳定后，U形管内左右水银柱高度相等．假设U形管和细管中的气体体积远小于玻璃泡的容积．
（ⅰ）求玻璃泡C中气体的压强（以mmHg为单位）；
（ⅱ）将右侧水槽的水从0℃加热到一定温度时，U形管内左右水银柱高度差又为60mm，求加热后右侧水槽的水温．
图6
【解析】 （ⅰ）在打开阀门S前，两水槽水温均为T0＝273K．设玻璃泡B中气体的压强为p1，体积为VB，玻璃泡C中气体的压强为pC，依题意有
p1＝pC＋Δp①
式中Δp＝60mmHg.打开阀门S后，两水槽水温仍为T0，设玻璃泡B中气体的压强为pB.依题意有，
pB＝pC②
玻璃泡A和B中气体的体积为
V2＝VA＋VB③
根据玻意耳定律得
p1VB＝pBV2④
联立①②③④式，并代入题给数据得
pC＝
Δp＝180mmHg.⑤
（ⅱ）当右侧水槽的水温加热到T′时，U形管左右水银柱高度差为Δp.玻璃泡C中气体的压强为
p′C＝pB＋Δp⑥
玻璃泡C的气体体积不变，根据查理定律得
⑦
联立②⑤⑥⑦式，并代入题给数据得
T′＝364K．⑧
【答案】 （ⅰ）180mmHg （ⅱ）364K
2019-2020年高中物理知识点优化训练：
运动的描述01新人教版必修1
一、选择题
1.关于质点的概念，正确的是
A．只有体积或质量很小的物体才可以看为质点
B．只要物体运动得不是很快，就一定可以把物体看为质点
C．质点是把物体抽象成有质量而没有大小的点
D．旋转的物体，肯定不能看为质点
2.下列说法中，与人们的日常习惯相吻合的是
A．测量三楼内日光灯的高度，选择地面为参考系
B．测量井的深度，以井底为参考系，井深为0
C．以卡车司机为参考系，判断卡车是否运动
D．以路边的房屋为参考系判断自己是否运动
3.在研究物体的运动时，下列物体中不可以当作质点处理的是
A．中国网球女双队员李婷、孙甜甜在第28届雅典奥运会上获得金牌，在研究她们发出的网球时
B．研究雅典奥运会首金得主——杜丽打出的子弹时
C．研究哈雷彗星绕太阳公转时
D．用GPS定位系统研究汽车位置时
4.“小小竹排江中游，巍巍青山两岸走。
”这两句诗描述的运动的参考系分别是
A．竹排，流水
B．流水，青山
C．青山，河岸
D．河岸，竹排
5.关于位移和路程，下列说法正确的是
A．质点运动的位移大小可能大于路程
B．位移和路程都是矢量
C．质点通过一段路程，位移不可能是零
D．质点运动一段时间，路程不能为零但位移可能为零
6.学习了时间与时刻，蓝仔、红孩、紫珠和黑柱发表了如下一些说法，正确的是
A．蓝仔说，下午2点上课，2点是我们上课的时刻
B．红孩说，下午2点上课，2点是我们上课的时间
C．紫珠说，下午2点上课，2点45分下课，上课的时刻是45分钟
D．黑柱说，2点45分下课，2点45分是我们下课的时间
7.A、B、C三物同时、同地、同向出发作直线运动，下图是它们位移与时间的图象，由图可知它们在t0时间内
A．C的路程大于B的路程
B．平均速度vA＞vB＞vC
C．平均速度vA=vB=vC
D．A的速度一直比B、C大
8.一质点在x轴上运动，各个时刻t（秒末）的位置坐标如下表
t/s
1
2
3
4
5
x/m
-4
-1
-7
A．第1s内位移最大
B．第2s内位移最大
C．第3s内位移最大
D．第4s内位移最大
9.一个朝着某方向做直线运动的物体，在时间t内的平均速度是v，紧接着内的平均速度是，则物体在这段时间内的平均速度是
A．vB．vC．vD．v
10.关于速度，速度变化量，加速度的说法正确的是
A．速度越大，加速度越大
B．加速度越大，速度变化量越大
C．速度变化越快，加速度越大
D．加速度大小与速度和速度变化量无关
11.设向东的方向为正，甲、乙两个物体的速度分别为v甲=3m/s和v乙=-5m/s，则
A．两个物体相距一定越来越远
B．它们相对运动的速度可能为2m/s
C．乙物体运动较快
D．甲物体运动较快
二、填空题
12.坐标系：
在选定参考系上建立适当的坐标系后，就能定量描述物体的位置和位置变化。
要注意：
（1）坐标系相对参考系是静止的。
（2）坐标的三要素：
________、________、________。
（3）用坐标表示质点的位置。
（4）用坐标的变化描述质点的位置改变。
13.如图所示，一质点沿半径r=20cm的圆周自A点出发运动到B点，∠AOB为直角，则质点的位移大小为m，路程为m。
若质点从A到B用时2s，则平均速度为m/s。
（结果保留两位小数）
14.如图是一质点的速度时间图象，由图象可知：
质点在0~2s内的加速度是，在2~3s内的加速度是，在4~5s内的加速度是。
15.一架飞机水平匀速地在某同学头顶上飞过，当他听到飞机的发动机声从头顶正上方传来的时候，发现飞机在他前上方约与地面成60°
角的方向上，据此可估算出此飞机的速度约为声速的倍。
16.有一高度为1.70米的田径运动员正在进行100米短跑比赛，在终点处，有一站在跑道终点旁边的摄影记者用照相机给他拍摄冲刺运动．摄影记者使用的照相机的光圈（控制进光量的多少）是16，快门（曝光时间）是1/60秒。
得到照片后测得照片中人的高度为1.7×
10-2米，胸前号码布上模糊部分的宽度是2×
10-3米，由以上数据可以知道运动员冲刺时1/60秒内的位移是
米；
冲刺时的速度大小是
m/s。
17.
某测量员是这样利用回声测距离的：
他站在两平行峭壁间某一位置鸣枪，经过1.00秒钟第一次听到回声，又经过0.50秒钟再次听到回声。
已知声速为340m/s，则两峭壁间的距离为
m。
三、计算题
18.中学的垒球场的内场是一个边长为16.77m的正方形，在它的四个角分别设本垒和一、二、三垒。
一位球员击球后，由本垒经一垒、二垒跑到三垒。
他运动的路程是多大？
位移是多大？
位移的方向如何？
19.一子弹击中木板时的速度是800m/s，历时0.2s穿出木板，穿出时子弹的速度为300m/s，求子弹穿过木板时的加速度及木板的厚度。
20.一位同学从操场的中心o出发，向北走了40m到达B点。
然后又向东走了30m到达C点,，如果以坐标原点0表示出发点.
（1）在坐标系中标出该同学的总位移；
（2）该同学的总位移多大?
21.一列队伍长L=120m，行进速度v=4.8km/h，为了传达一个命令，通讯员从队伍排尾跑步赶到队伍排头，其速度v′=3m/s，然后又立即用跟队伍行进速度相同大小的速度返回排尾。
求：
通讯员从离开队伍到重回到排尾共用多少时间？
通讯员归队处跟离队处相距多少？
22.一个小球在1s时间内在水平方向上向右发生了3m位移，同在这1s中，它也下落了4m。
问：
该小球在这1s内的位移是多大？
方向如何？
23.一物体在水平面上由位置A从静止开始做加速度大小为a1的匀加速直线运动，经时间t到达位置B，此时速度大小为v1，到达位置B后立即做大小为a2，方向与a1相反的匀变速运动，再经时间2t又回到位置A，此时速度大小为v2，求v1与v2的比值以及a1与a2的比值。
参考答案
一、选择题（小题，每小题分）
1.C
2.D
3.A
4.D
5.D
6.A
7.C
8.B
9.D
10.CD
11.C
二、填空题（小题，每小题分）
12.原点，方向，单位长度
13.，10π，5π
14.1.5m/s2，0，-3m/s2
15.0.58
解析：
飞机在空中水平匀速运动，速度为v飞，声音从头顶向下匀速传播，速度为v声，在发动机声从人头顶向下传播的时间t内，飞机向前飞行一段距离而到达前上方约与地成600角的位置。
详解如下：
设飞机距地面的高度为h，则有h=v声t；
当人听到发动机声音时，飞机到达图示位置，飞机向前
飞行了x=v飞t由几何知识可知
cot600，将x、h代入
v飞=v声，即飞机速度约为声速的0.58倍。
16.0.2；
12
17.425
测量员先后听到两次回声分别是前（离他较近的墙）后两墙对声波的反射所造成的。
设测量员离较近的前墙壁的距离为x，则他到后墙壁的距离为。
所以有
解得两墙壁间的距离s＝425m。
18.解析：
由题意知此过程中球员的路程为：
s=3×
16.77m=50.31m
他的位移为：
x=16.77m，位移的方向是从本垒指向三垒。
19.解析：
选初速度方向为正方向，则有：
V0=800m/sV=300m/st=0.2s
则a=（V-V0）/t=-2500m/s
负号说明a方向与V0相反。
要板厚度设为X，则有：
X=（V0+V）t/2=110m
20.解析：
（1）该同学的总位移如图所示
（2）该同学的总位移大小为
21.解析：
设通讯员经过t1时间到达队伍的排头，根据题意有
（v′+v）t1=L①
又设通讯员经过t2时间从队伍的排头到达了排尾，则有
2vt2=L②
由①②式可解得t1=72s，t2=45s
∴通讯员从离开队伍到重回排尾的时间t=t1+t2=117s
在整个运动过程中通讯员归队处与离队处的距离等于队伍前进的位移大小，于是有：
x=vt=156m
22.解析：
s==5m（8分）
方向：
与水平向右方向的夹角为53度.或与竖直方向夹角为37度（2分）
23.解析：
以AB方向为正方向，由平均速度与位移关系得
得
即
由加速度的定义，有
所以
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