河北省正定县第三中学学年高一上学期期中考Word格式.docx

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【点评】考查学生对质点和重心这两个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略．

重心是物体重力的作用点，量均匀分布的规则物体，其重心在它的几何中心上，但物体的重心位置不一定在物体上．

2.为了使公路交通安全有序，路旁立了许多交通标志，如图所示，甲图是限速标志，表示允许行驶的最大速度是80km/h；

乙图是路线指示标志，表示此处到青岛还有150km．上述两个数据表达的物理意义是（）

A.80km/h是平均速度，150km是位移

B.80km/h是瞬时速度，150km是路程

C.80km/h是瞬时速度，150km是位移

D.80km/h是平均速度，150km是路程

【答案】B

平均速度表示某一段时间或一段位移内的速度，瞬时速度表示某一时刻或某一位置的速度．路程表示运动轨迹的长度，位移的大小等于初位置到末位置的距离．

允许行驶的最大速度表示在某一位置的速度，是瞬时速度．到青岛还有150km，150km是运动轨迹的长度，是路程．故B正确，A、C、D错误．

故选B．

【点评】解决本题的关键知道路程和位移的区别，以及知道瞬时速度和平均速度的区别．

3.一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度的大小逐渐减小直至为零．则在此过程中（）

A.速度逐渐减小，当加速度减小为零时，速度达最小值

B.速度逐渐增加，当加速度减小为零时，速度达最大值

C.位移逐渐增大，当加速度减小为零时，位移将不再增大

D.位移逐渐减小，当加速度减小为零时，位移达最小值

【解析】:

C、D项，速度一直存在，故位移不断增大，当加速度减小为零时，速度达到最大，但位移还会增加，故C、D项错误。

综上所述本题正确答案为B

4.小球由空中某点自由下落，与地面相碰后，弹至某一高度，小球自由下落和弹起过程的速度图象如图所示，不计空气阻力，g=10m/s2，则（）

A.小球下落的加速度方向与向上弹起的加速度方向相反

B.小球下落高度为1.25m

C.小球能弹起1.25m

D.小球在运动的全过程中路程为2.5m

【解析】AB、由图可知0～0.5s内小球下落，加速度方向向下，0.5～0.8s内小球反弹上升，球下落的最大速度为5m/s，加速度方向向下，上升的最大速度为3m/s；

A错误；

BC、图线和时间轴围成的面积等于物体的位移，小球下落高度为1.25m，小球能弹起0.45m；

故B正确，C错误；

D、由图可知小球下落为1.25m,弹起0.45m,小球在运动的全过程中路程为1.7m；

D错误；

故选B。

5.书放在水平桌面上，桌面会受到弹力的作用，产生这个弹力的直接原因是（）

A.书的形变B.桌面的形变

C.书和桌面的形变D.书受到的重力

【答案】A

书会受到弹力的作用，产生这个弹力的直接原因是由于桌面发生微小的形变，要恢复原状，而对书产生的．

B．

6.如图所示，重为100N的物体在水平面上向右运动，物体与水平面的动摩擦系数为0.2，与此同时物体受到一个水平向左的力F=20N，那么物体受到的合力为（）

A.0B.20N，水平向右

C.40N，水平向左D.20N，水平向左

【解析】物体向对于地面向右运动，所以受到地面给的向左的滑动摩擦力，根据公式可得

，所以物体受到的合力大小为

，方向向左，故C正确，ABD错误；

故选C。

7.一根轻质弹簧，当它在100N的拉力作用下，总长度为0.55m，当它在300N的拉力作用下，总长度为0.65m，则弹簧的自然长度为（　　）

A.0.40mB.0.45m

C.0.50mD.0.55m

【解析】设弹簧原长为

，根据弹簧的伸长跟受到的拉力成正比得：

，

，解得：

，故选项C正确。

点睛：

解决本题的依据是：

弹簧的伸长跟受到的拉力成正比．注意是弹簧的伸长而不是弹簧的长度。

8.三个力作用在同一物体上，其大小分别为1N、7N、9N，则合力的大小不可能是（　　）

A.9NB.7N

C.0ND.1N

【解析】三个力作用在一个物体上，当三个力的方向相同时，合力最大，最大值为Fmax=1N+7N+9N=17N；

1N、7N两个力的合力范围为6N到9N，则9N这个力不可以与1N、7N两个力的合力平衡，故三个力的合力能不为零，最小值为Fmin=9N-1N-7N=1N；

故三个力的合力的范围为1N≤F合≤17N，故C正确，ABD错误；

9.把一木块放在水平桌面上保持静止，下面说法中哪些是正确的（）

A.木块对桌面的压力就是木块受的重力，施力物体是地球

B.木块对桌面的压力是弹力，是由于木块发生形变而产生的

C.木块对桌面的压力在数值上等于木块受的重力

D.木块保持静止是由于木块对桌面的压力与桌面对木块的支持力二力平衡

【答案】BC

【解析】解：

A、木块放在水平桌面上保持静止，木块对桌面的压力大小等于木块受的重力，但不能说木块对桌面的压力就是木块受的重力，因为两者产生的原因、施力物体和受力物体等都不同．压力的施力物体是木块．故A错误．

B、木块对桌面的压力是弹力，是由于木块发生形变对桌面产生的弹力．故B正确．

C、木块放在水平桌面上保持静止，由平衡条件和牛顿第三定律分析得知，木块对桌面的压力在数值上等于木块受的重力．故C正确．

D、木块保持静止是由于桌面对木块的支持力木块受的重力二力平衡．故D错误．

BC．

【考点】物体的弹性和弹力；

弹性形变和范性形变．

【专题】共点力作用下物体平衡专题．

【分析】木块放在水平桌面上保持静止，木块对桌面的压力大小等于木块受的重力，压力的施力物体是木块，是由于木块发生形变而产生的．压力与支持力是一对作用力与反作用力．

【点评】本题考查对压力与重力区别的理解．物体放在水平上时，物体对水平面的压力大小才等于物体的重力，若物体放在斜面上或斜向的拉力，压力与重力并不等．

10.如图所示，一质量为m的木块靠在竖直粗糙的墙壁上，且受到水平力F的作用，墙与木块之间的动摩擦因数为μ，下列说法正确的是（）

A.若木块静止，木块受到的静摩擦力大小等于mg，方向是竖直向上

B.若木块静止，当F增大时，木块受到的静摩擦力随之增大

C.若木块沿墙壁向下运动，则墙壁对木块的摩擦力大小为μF

D.若开始时木块静止，当撤去F，木块沿墙壁下滑时，木块不受滑动摩擦力作用

【答案】ACD

木块在推力作用下静止时，处于平衡态，受推力F、重力G、向上的静摩擦力f和向右的支持力N，如图

根据共点力平衡条件F=N；

G=f；

当推力增大时，物体仍然保持静止，故静摩擦力的大小不变，始终与重力平衡；

因而A正确、B错误；

若木块沿墙壁向下运动，则墙壁对木块的滑动摩擦力大小为μF，C正确；

撤去推力后，墙壁对物体的支持力减小为零，故最大静摩擦力减为零，物体只受重力，做自由落体运动，D正确；

故选ACD。

考点：

摩擦力；

物体的平衡

【名师点睛】本题关键对物体受力分析后运用共点力平衡条件计算出静摩擦力；

推力撤去后支持力减为零，故不受滑动摩擦力。

11.物体从静止开始做匀加速直线运动，第3s内通过的位移为3m，则（）

A.第3s内的平均速度是3m/s

B.物体的加速度是1.2m/s

C.前3s内的位移是6m

D.3s末的速度是3.6m/s

【答案】ABD

【解析】A、第3s内的平均速度为

，故A正确；

B、设加速度大小为a，则有

，得a=1.2m/s2，故B正确；

C、前3s内位移为

，故C错误；

D、3s末的速度是v3=at3=3.6m/s，故D正确；

故选ABD。

12.两个力F1、F2间的夹角为θ，两力的合力为F，下列说法正确的是（　　）

A.若F1和F2的大小不变，θ角越大，合力F越小

B.合力F总比分力F1和F2中的任何一个力都大

C.如果夹角θ不变，F1不变，只要F2增大，合力F就必然增大

D.F1和F2方向相同时，合力最大

【答案】AD

【解析】A、若F1和F2大小不变，θ角越大，合力F越小，故A正确；

BD、由力的合成方法可知，两力合力的范围|F1-F2|≤F合≤F1+F2，所以合力有可能大于任一分力，也可能小于任一分力，还可能与两个分力都相等，当F1和F2方向相同时，合力最大，故B错误，D正确；

C、如果夹角不变，F1大小不变，只要F2增大，合力F可以减小，也可以增加，故D错误；

故选AD。

二、解答题（共2小题，满分14分）

13.在“探究求合力的方法”实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，细绳的另一端都有绳套，如图所示．实验中先需用两个弹簧秤分别钩住绳套，并互成角度地拉橡皮条，后再用一个弹簧秤钩住绳套拉橡皮条．

（1）关于实验中的部分做法正确的___________

A．两根细绳必须等长

B．橡皮条应与两绳夹角的平分线在同一直线上

C．在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行

D．实验中要记录弹簧秤的示数和细绳的方向

（2）实验中两个弹簧秤与一个弹簧秤拉橡皮条的效果相同体现在________．

A．两根弹簧秤的拉力大小之和等于一根弹簧秤拉力大小

B．两根弹簧秤的拉力大小之差等于一根弹簧秤拉力大小

C．两次都将橡皮条下端结点拉到同一位置

D．两次都将橡皮条拉伸相同的长度

（3）选适当标度，如图所示分别作出F1、F2和F的图示，再用虚线连接合力F与两分力F1、F2的箭头，发现两虚线与F1、F2图示线构成的四边形非常接近平行四边形，由此可以猜想合力与分力之间满足_____．

【答案】

（1）.CD

（2）.C（3）.平行四边形定则

（2）该实验的原理就是等效替代法，只有两次都将橡皮条下端结点拉到同一位置才能保证合理与分力的作用效果相同，C正确，

（3）构成的四边形非常接近平行四边形，故可猜想合力与分力满足平行四边形定则

“探究求合力的方法”实验

14.某同学在做“探究小车速度随时间变化规律”的实验时，打点计时器所用电源的频率是50Hz，在实验中得到一条点迹清晰的纸带，他把某一点记作O，再选依次相邻的6个点作为测量点，分别标以A、B、C、D、E和F，如图所示．

（1）实验中关于电火式打点计时器的操作正确的是________

A．使用220V的交流电作为打点计时器的电源

B．也可以用干电池作为打点计时器的电源 

C．使用时应当先放开小车，再接通打点计时器电源

D．每打完一条纸带都要及时切断打点计时器的电源

（2）如果测得C、D两点相距2.70cm，D、E两点相距2.90cm，则在打D点时小车的速度是_______m/s．

（3）并由此可求得小车的加速度a=_______m/s2．（计算结果均保留三位有效数字）．

【答案】

（1）.AD

（2）.1.40（3）.5.00

【解析】

（1）实验中关于电火式打点计时器的操作正确的是使用220V的交流电作为打点计时器的电源；

使用时应当先接通打点计时器电源，再放开小车；

每打完一条纸带都要及时切断打点计时器的电源；

故AD正确，BC错误；

（2）在打D点时小车的速度是

（3）小车的加速度

三、计算题（共3题，满分38分）

15.用绳拴住木棒AB的A端，使木棒在竖直方向上静止不动。

木棒AB长为0.6cm，在木棒A端正下方有一点C距B端0.2m。

若把绳轻轻剪断（重力加速度g=10m/s2），求：

（1）A端运动到C点的时间。

（2）木棒AB通过C点的时间。

【答案】

（1）0.4s

（2）0.2s

【解析】设木棒的长度为L，绳子剪断后木棒自由下落，故可将A、B两端分别看做自由下落的质点，它们下落到C点所用时间分别为t1、t2，依题意有 

得

；

由题意木棒AB通过C点的时间

16.如图所示，物体A重40N，物体B重20N，A与B、A与地面间的动摩擦因数相同，物体B用细绳系住。

当水平力F为32N时，才能将A匀速拉出，求

（1）接触面间的动摩擦因数

（2）作出B的受力分析图并求出绳子对B的拉力

（1）0.4

（2）

8N

（1）以A物体为研究对象，其受力情况如图所示

则物体B对其压力FN2=GB=20N

地面对A的支持力FN1=GA+GB=40N+20N=60N

因此A受B的滑动摩擦力 

Ff2=μFN2=20μ

A受地面的摩擦力Ff1=μFN1=60μ

又由题意得F=Ff1+Ff2=60μ+20μ=80μ，F=32（N）

代入即可得到μ=0.4

（2）以B物体为研究对象，其受力情况如图所示

绳子对B的拉力T= 

Ff2=μFN2=20μ=8N

17.如图所示，AB、AC两光滑斜面互相垂直，AC与水平面成300，若把球O的重力按照其作用效果分解，

（1）求两个分力的大小

（2）画出小球的受力分析图并写出小球所受这几个力的合力大小

（1）

（2）

，0N

（1）两分力大小分别为

（2）小球的受力分析图

小球静止，合外力为0