江西崇义高三下学期第三次理科综合能力测试化学试题word含答案Word文档下载推荐.docx
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C.金刚石转变成石墨是物理变化
D.石墨和金刚石都是碳的同位素
4、常温下,下列各组离子在指定溶液中一定能大量共存的是()
A.使甲基橙变红的溶液中:
Na+、Cl-、CH3COO-、Fe2+
B.水电离的OH-浓度为10-12mol·
L-1的溶液中:
Mg2+、NH4+、AlO2-、SO32-
C.无色溶液中:
Al3+、NO3-、Cl-、SO42-
D.c(K2C2O4)=0.5mol/L溶液中:
Na+、K+、MnO4-、Cl-
5、对于可逆反应A(g)+2B(g)
2C(g)△H>0,下列图象中正确的是( )
A.
B.
C.
D.
6、甲、乙、丙、X是
中学化学中常见的4种物质,其转化关系符合右图。
其中甲和X不可能是()
A.甲为Fe,X为C12
B.甲为SO2,X为NaOH溶液
C.甲为C,X为O2
D.甲为AlCl3溶液,X为NaOH溶液。
7、一块11.0g的铁铝合金,加入一定量的稀硫酸后合金完全溶解,然后加H2O2至溶液中无Fe2+存在,加热除去多余的H2O2,当加入200mL6mol·
L﹣1NaOH溶液时沉淀量最多,且所得沉淀质量为26.3g,下列说法不正确的是( )
A.该合金中铁的质量为5.6g
B.合金与稀硫酸反应共生成0.45molH2
C.该合金与足量氢氧化钠反应,转移的电子数为0.6NA
D.所加的稀硫酸中含0.6molH2SO4
8、以石墨为电极,电解KI溶液(其中含有少量酚酞和淀粉)。
下列说法错误的是()
A.阴极附近溶液呈红色B.阴极逸出气体
C.阳极附近溶液呈蓝色D.溶液的pH变小
第Ⅱ卷
(非选择题,共4小题,共52分)
9、PtCl2(NH3)2可以形成两种固体,一种为淡黄色,在水中的溶解度较小,另一种为黄绿色,在水中的溶解度较大。
请回答下列问题。
(1)PtCl2(NH3)2是 (填“平面四边形”或“四面体”)结构。
(2)请在以下横线上画出这两种固体分子的立体构型图:
淡黄色固体 ,黄绿色固体 。
(3
)淡黄色固体物质由 (填“极性分子”或“非极性分子”,下同)组成,黄绿色固体物质由 组成。
(4)黄绿色固体在水中的溶解度比淡黄色固体的大,原因是 。
10、已知A为生活中的常见金属,C为磁性黑色晶体,A、B、C、D之间转化关系如图所示:
(1)写出以下物质的化学式A、C、D.
(2)C+盐酸→B+D的离子方程式为,D的溶液可作为印刷电路板“腐蚀液”,写出该反应的化学方程式.
(3)实验室保存B的溶液时常加入少量A,原因是(用离子方程式表示)
(4)向B溶液中滴加NaOH溶液,产生的现象是,过程中所发生的氧化还原反应的化学方程式是.
11、氯气的实验室制法是MnO2和浓盐酸在加热条件下反应,若将MnO2换成KMnO4、KClO3等氧化剂氧化浓盐酸亦可快速制取氯气.根据上述反应原理,有人提出猜想:
能否利用Na2O2的强氧化性氧化浓盐酸得到氯气呢?
某课外小组在实验室进行了探索性实验,设计了如图所示装置:
操作步骤及现在如下:
①连接好装置,检查装置的气密性,加入药品.
②缓慢通入一定量的N2后,将装置E连接好(导管未伸入集气瓶中),再向圆底烧瓶中缓慢滴加浓盐酸,反应剧烈,产生黄绿色气体.
③一段时间后,将导管末端伸入集气瓶中收集气体.装置E中收集到能使带火星的木条复燃的无色气体.
④反应结束后,关闭分液漏斗的活塞,再通入一定量的N2,至装置中气体无色.
回答下列问题:
(1)用化学方程式表示KClO3氧化浓盐酸的反应.
(2)装置B中为湿润的KI﹣淀粉试纸,反应一段时间后试纸变蓝,能否仅通过该现象说明A装置中产生氯气?
(填“能”或“不能”),请用离子方程式说明原因.装置C中湿润的红色布条褪色,是因为产生了具有强氧化性的物质.
(3)装置D的作用之一是吸收产生的氯气,可以用硫代硫酸钠(Na2S2O3)溶液替代NaOH溶液,已知25.0mL0.1mol/L的Na2S2O3溶液可以恰好把标准状况下224mLCl2完全转化为Cl﹣时,写出该反应的离子方程式.
(4)实验证明,Na2O2可以与HCl反应生成氯气,写出反应的化学方程式.
(5)利用Na2O2与浓盐酸反应制得的Cl2中通常含有的杂质气体有:
(不包括水蒸气),较难分离,因此实验室很少用该方法制取氯气.
12、碳酸二甲酯(DMC)是一种低毒性的绿色化学品,可用于代替高毒性的光气(COCl2)作羰基化试剂.DMC的合成路线如图.完成下列填空.
已知:
RCO﹣OR1+R2O﹣H→RCO﹣OR2+R1O﹣H(称酯交换反应)
(1)写出反应类型:
反应①;
(2)写出结构简式:
X;
(3)已知物质Y与DMC互为同分异构体,Y的水溶液呈酸性,在一定条件下2molY能生成1mol分子中含六元环结构的有机物Z,则Z的结构简式为;
(4)DMC与双酚(
)在一定条件下可发生类似反应①的反应,生成芳香族聚碳酸酯,写出反应的化学方程式:
.
参考答案及评分标准
1.【答案】B
【解析】解:
56gFe3+的物质的量为
=1mol,溶液中n(SO42﹣)=n(Fe3+)=×
1mol=1.5mol,所以溶液中SO42﹣的物质的量浓度
=7.5mol/L.
故选B.
2.【答案】A
【解析】A.由结构简式可知分子式是C16H10N2O2,故A正确;
B.由结构可知,为加聚反应产物,链节为﹣CH=CH﹣,则单体为CH≡CH,故B错误;
C.乙炔为CH≡CH,乙醛为CH3CHO(改写成C2H2.H2O),可知总物质的量一定时,完全燃烧消耗氧气量或生成CO2量不变,但总质量一定时,C的质量分数不同,完全燃烧消耗氧气量或生成CO2量不同,故C错误;
D.含双键数目不同,均可与氢气发生加成反应生成饱和一元羧酸,则丙烯酸和山梨酸不是同系物,但加成产物是同系物,故D错误;
故选A.
3.【答案】B
①C(石墨)+O2(g)=CO2(g)△H=﹣393.51kJ·
mol﹣1,②C(金刚石)+O2(g)=CO2(g)△H=﹣395.41kJ·
mol﹣1,
①﹣②可得:
C(石墨)=C(金刚石)△H=+1.9kJ·
A.石墨转化为金刚石吸热,金刚石能量大于石墨的总能量,物质的量能量越大越不稳定,则石墨比金刚石稳定,故A错误;
B.石墨转化为金刚石吸热,金刚石能量大于石墨的总能量,故B正确;
C.金刚石和石墨是不同的物质,石墨转化为金刚石是化学变化,故C错误;
D.石墨和金刚石都是碳的同素异形体,故D错误.
4.【答案】C
A.使甲基橙变红的溶液呈酸性,CH3COO-与H+会发生反应形成弱酸CH3COOH而不能大量共存,错误;
B.水电离的OH-浓度为10-12mol·
L-1的溶液,可能呈酸性也可能呈碱性。
若为酸性溶液,溶液中SO32-、AlO2-会发生反应而不能大量共存;
若为碱性,OH-与Mg2+、NH4+会发生反应形成弱电解质而不能大量共存,错误;
C.在无色溶液中:
Al3+、NO3-、Cl-、SO42-不会发生任何反应,可以大量共存,正确;
D.在c(K2C2O4)=0.5mol/L溶液中,MnO4—有强氧化性,C2O42—有还原性,二者会发生氧化还原反应,不能大量共存,错误。
5.【答案】D
A.增大压强,平衡向正反应方向移动,正反应速率大于逆反应速率,故A错误;
B.正反应吸热,升高温度平衡向正反应方向移动,正反应速率大于逆反应速率,故B错误;
C.升高温度,反应速率增大,达到平衡所用时间较少,图象不符合,故C错误;
D.升高温度,反应速率增大,达到平衡所用时间较少,平衡向正反应方向移动,A的含量减小,故D正确.
故选D.
6.【答案】A
A、Fe和Cl2反应直接生成FeCl3,FeCl3和Cl2不反应,此关系不适合,故说法错误;
B、SO2+NaOH=NaHSO3,NaHSO3+NaOH=Na2SO3+H2O,Na2SO3+SO2+H2O=2NaHSO3,符合此转化关系,故说法正确;
C、2C+O2=2CO,2CO+O2=2CO2,CO2+C=2CO,符合此关系,故说法正确;
D、Al3++3OH=Al(OH)3↓,Al(OH)3+OH-=AlO2-+2H2O,Al3++3AlO2-+6H2O=4Al(OH)3↓,符合此关系,故说法正确。
7.【答案】B
最终得到的沉淀为氢氧化铝和氢氧化铁的混合物,则生成沉淀时消耗氢氧根离子的物质的量为:
=0.9mol,则铁和铝的总物质的量为:
=0.3mol,设合金中铁的物质的量为x、铝的物质的量为y,则56x+27y=11.0、x+y=0.3,解得:
x=0.1mol、y=0.2mol;
200mL6mol·
L﹣1NaOH溶液中含有NaOH的总物质的量为:
6mol/L×
0.2mol=1.2mol,生成沉淀最多时溶质为硫酸钠,则所加硫酸的物质的量为:
=0.6mol;
A.根据计算可知,合金中含有0.1mol铁,其质量为:
56g/mol×
0.1mol=5.6g,故A正确;
B.0.1mol铁与稀硫酸反应生成0.1mol氢气,0.2mol铝与稀硫酸反应生成0.3mol氢气,总共生成0.4mol氢气,故B错误;
C.铁不与氢氧化钠溶液反应,0.2mol铝与氢氧化钠溶液反应转移电子为:
0.2mol×
3=0.6mol,转移的电子数为0.6NA,故C正确;
D.根据分析可知,所加硫酸的物质的量为0.6mol,故D正确;
8.【答案】D
以石墨为电极,电解KI溶液,在阴极发生反应:
2H++2e-=H2↑,由于H+放电,破坏了水的电离平衡,当最终达到平衡时,c(OH-)>
c(H+),所以溶液显碱性,溶液的pH变大,使酚酞试液变为红色;
在阳极发生反应:
2I--2e-=I2,I2遇淀粉,溶液变为蓝色。
故以上说法错误的是D。
9.【答案】
(1)平面四边形
(2)
(3)非极性分子 极性分子
(4)黄绿色固体是由极性分子构成的,而淡黄色固体是由非极性分子构成的,根据“相似相溶”原理可知前者在水中的溶解度大于后者
10.【答案】
(1)Fe;
Fe3O4;
FeCl3;
(2)Fe3O4+8H+═4H2O+2Fe3++Fe2+;
2FeCl3+Cu═2FeCl2+CuCl2;
(3)2Fe3++Fe═3Fe2+;
(4)产生白色沉淀,迅速变成灰绿色,最终变为红褐色;
4Fe(OH)2+O2+2H2O═4Fe(OH)3.
A为生活中的常见金属,C为磁性黑色晶体,A与氧气反应得到C,则A为Fe、C为Fe3O4,Fe与氯气反应得到D为FeCl3,Fe与盐酸反应得到B,Fe3O4与盐酸反应也得到B,则B为FeCl2.
(1)由上述分析可知,A为Fe、C为Fe3O4、D为FeCl3,故答案为:
Fe;
(2)C+盐酸→B+D的离子方程式为Fe3O4+8H+═4H2O+2Fe3++Fe2+,D的溶液可作为印刷电路板“腐蚀液”,写出该反应的化学方程式:
2FeCl3+Cu═2FeCl2+CuCl2,
故答案为:
Fe3O4+8H+═4H2O+2Fe3++Fe2+;
(3)实验室保存FeCl2的溶液时常加入少量Fe,原因是:
2Fe3++Fe═3Fe2+,
2Fe3++Fe═3Fe2+;
(4)向FeCl2溶液中滴加NaOH溶液,产生的现象是:
产生白色沉淀,迅速变成灰绿色,最终变为红褐色,过程中所发生的氧化还原反应的化学方程式是:
4Fe(OH)2+O2+2H2O═4Fe(OH)3,
产生白色沉淀,迅速变成灰绿色,最终变为红褐色;
12.【答案】
(1)加成反应;
(2)HOCH2CH2OH;
(3)
;
(4)2n
+n
→
+4nCH3OH.
由合成流程可知,反应①为加成反应生成环氧乙烷,反应②为C=O键的加成反应,反应③为C与甲醇的取代反应生成DMC(
)和X(OHCH2CH2OH),
(1)由上述分析可知,①为加成反应,
加成反应;
(2)由上述分析可知,X为OHCH2CH2OH,
OHCH2CH2OH;
(3)Y与DMC互为同分异构体,Y的水溶液呈酸性,在一定条件下2molY能生成1mol分子中含六元环结构的有机物Z,Y中含1个﹣COOH,则Y的结构简式为CH3CH(OH)COOH,Z为
,
)在一定条件下可生成芳香族聚碳酸酯,反应的化学方程式为:
2n
+4nCH3OH,
11.【答案】
(1)KClO3++6HCl(浓)═KCl+3Cl2↑+3H2O;
(2)不能,4H++O2+4I﹣=2I2+2H2O,HClO;
(3)S2O32﹣+4Cl2+5H2O=2SO42﹣+10H++8Cl﹣;
(4)Na2O2+4HCl═Cl2+2NaCl+2H2°
(5)HCl、O2;
(1)KClO3氧化浓盐酸发生氧化还原反应,氯酸钾是氧化剂,浓盐酸为还原剂,反应生成氯化钾,氯气和水,反应的化学方程式为:
KClO3++6HCl(浓)═KCl+3Cl2↑+3H2O,
KClO3++6HCl(浓)═KCl+3Cl2↑+3H2O;
(2)装置B中为湿润的KI﹣淀粉试纸,反应一段时间后试纸变蓝,碘离子易被氧化,氧气可把碘离子氧化,反应方程式为:
4H++O2+4I﹣=2I2+2H2O,故湿润的碘化钾﹣淀粉试纸变蓝不能说明有氯气生成,装置C中湿润的红色布条褪色,说明有次氯酸生成,氯气和水反应生成次氯酸和盐酸,故A中生成了氯气,
不能,4H++O2+4I﹣=2I2+2H2O,HClO;
(3)n(Na2S2O3)=0.1mol/L×
0.025L=0.0025mol,氯气的物质的量=
=0.01mol,二者完全反应时转移电子相等,设硫代硫酸根离子被氧化后硫元素的化合价为x,0.01mol×
2×
(1﹣0)=0.0025mol×
(x﹣2),4=x﹣2,x=+6,所以硫代硫酸根离子转化为硫酸根离子,电子转移总数为8e﹣,反应的氯气为4mol,反应的离子方程式为:
S2O32﹣+4Cl2+5H2O=2SO42﹣+10H++8Cl﹣,
S2O32﹣+4Cl2+5H2O=2SO42﹣+10H++8Cl﹣;
(4)根据元素守恒知,生成物中还有水生成,该反应中O元素化合价由﹣1价变为﹣2价、Cl元素化合价由﹣1价变为0价,根据转移电子相等配平方程式为:
Na2O2+4HCl═Cl2+2NaCl+2H2O,
Na2O2+4HCl═Cl2+2NaCl+2H2°
(5)利用Na2O2与浓盐酸反应制得的Cl2中通常含有的杂质气体,是过氧化钠和水反应生成氧气,浓盐酸易挥发,所以通常含有的杂质气体有氧气和氯化氢气体,
HCl、O2;