中考物理模拟考试试题含答案解析Word文档格式.docx
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则本次航程每架飞机需要航空煤油的质量是 kg。
10．（2分）如图所示，烛焰能在光屏中央位置成清晰的实像，现蜡烛和凸透镜的位置不动，将凸透镜换成焦距比原来凸透镜焦距小的凸透镜，如果还想在光屏上看到清晰的像，光屏应该向 （选填“靠近凸透镜”或“远离凸透镜”）的方向移动。
二、选择题（每小题2分，共14分；
每小题所给出的选项中，只有一个符合题意）
11．（2分）在比较电流强弱时，我们可以来用比值定义，把通过导体横截面的电量（Q）与时间（t）的比值定义电流强度，简称电流，即I
．国际单位制中，电量的单位库仑（C），时间的单位秒（s），1C/s＝1A，下列说法正确的是（ ）
A．通过导体横截面的电量越大，电流强度越大
B．通过导体横截面的电量所用时间越短，电流强度越大
C．电流的大小与导体本身有关，而与电荷的量以及通电时间都无关
D．灯泡电流0.2A的物理意义是每秒通过灯丝横截面的电量是0.2库仑
12．（2分）如图所示，黑板擦被竖直悬挂着的磁性黑板紧紧吸住不动，下列说法正确的是（ ）
A．黑板擦受到四个力作用，其中有三个力的施力物体是黑板
B．黑板擦与黑板间在水平方向只有一对相互作用力
C．黑板擦受到的磁力和弹力是一对作用力与反作用力
D．黑板擦受到的摩擦力大于重力，黑板擦才不会掉下来
13．（2分）如图所示，在水平面上并排放置着质量不同的甲、乙两小木块，两小木块之间连接着被压缩的弹簧，且小木块都能保持静止状态，则下列判断正确的是（ ）
A．两木块受到的摩擦力大小相等，方向相反
B．两木块受到的摩擦力大小不等，方向相反
C．两木块受到的摩擦力大小不等，方向相同
D．条件不足，无法判断
14．（2分）如图所示，当摆线自然下垂时，小球在B点，现将小球拉到A点，然后释放，小球将从A摆向B，再从B摆向C，下列判断正确的是（ ）
A．小球在A点时，重力势能和动能都最大
B．小球从A到B的过程中，拉力和重力都做功
C．小球在B点时，重力势能和动能都最大
D．小球从B到C的过程中，拉力不做功，重力做功
15．（2分）有两个形状和大小均相同的圆台形容器按如图所示放置。
两容器中装有等高的水，且底部都粘有一个质量和体积都相同的木质球。
现使两球脱离底部，最终浮于水面静止。
木球上升过程中体积不变，该过程中重力对两球做的功分别为W甲和W乙，则
（ ）
A．|W甲|＞|W乙|B．|W甲|＝|W乙|C．|W甲|＜|W乙|D．无法确定
16．（2分）小明利用如图所示的电路探究“导体中电流跟电阻的关系”，电源电压保持不变，更换阻值不同的电阻R2，通过调节滑动变阻器接入电路的电阻R1，正确完成实验，记录各次实验中电压表示数U和电流表示数I．描点画出下列四幅图，其中最接近实际的是（ ）
A．
B．
C．
D．
17．（2分）如图所示，灯泡的电阻不随温度改变而改变，当滑片P向左移动时，下列说法错误的是（ ）
A．电压表示数变大
B．灯L1变亮，L2变暗
C．电压表与电流表的比值变大
D．如果灯L2发生短路，滑片P向左移动时，电压表示数不变
三、实验题（第18小题4分，第19小题6分，第20小题8分，共18分）
18．（4分）学习了浮力知识后，小明利用电子秤来测量小木块的密度：
①在称盘中放置装有水的烧杯；
②将小木块轻轻放入装水的烧杯中；
③用细针（细针体积、质量不计）压住小木块，使其恰好浸没在水中。
实验中水均未溢出，电子秤对应的示数如图所示，已知ρ水＝1.0×
103kg/m3，则小木块的密度是 g/cm3；
若小木块吸水，则密度测量值 （选填“偏大”“偏小”或“不变”）。
19．（6分）小飞用图1装置来探究杠杆的平衡条件，设弹簧测力计和钩码对杠杆的拉力分别为动力F1和阻力F2，L1和L2分别表示动力臂和阻力臂。
他的实验思路是改变F2、L1和L2，测得杠杆平衡时所需的拉力F1，来寻找F1、F2、L1和L2四个物理量之间的关系。
已知实验前已调节杠杆在水平位置平衡，弹簧测力计的量程为0～5N，杠杆上每一格长10cm。
（1）为便于测量力臂，弹簧测力计沿竖直方向向下拉杠杆，并使杠杆在 位置平衡。
（2）小飞首先保持F2和L1不变而改变L2，所获得的实验数据如表格所示，第1次实验中弹簧测力计示数的放大图如图2所示，则F1＝ N。
实验次数
阻力F2/N
阻力臂L2/cm
动力臂L1/cm
动力F1/N
1
4
33
30
2
18
2.4
3
7.5
1.0
（3）为获得更多组数据，小飞继续进行
（2）中实验，则为能顺利完成实验，在改变阻力臂L2时，L2应不超过 cm。
20．（8分）某同学在做“测定小灯泡的电功率”实验中，器材齐全、完好，电源由几节干电池组成（电压为1.5V的整数倍且保持不变），待测小灯泡标有“0.2A”字样，滑动变阻器标有“20Ω2A”字样。
（1）他按图甲连接电路，闭合开关S后，观察到电表的示数分别为1.3V和0.16A，继续移动变阻器的滑片，发现两电表的示数均不发生变化，则其原因是 。
（2）经过思考，该同学发现操作中的不当之处，重新正确连接电路进行实验，他移动变阻器的滑片，当电流表示数为 A时小灯泡正常发光，此时滑片的位置恰好在变阻器中点上，则小灯泡的额定功率为 W。
（3）该同学在移动变阻器滑片的过程中，若发现电压表的示数如图乙所示，则与其正常发光的亮度相比，此时小灯泡的亮度情况，是 。
四、计算题（第21小题6分，第22小题5分，第23小题7分，共18分；
解答要有必要的公式和过程）
21．（6分）如图所示，质量为0.5kg，底面积为2×
10﹣2m2的圆柱形薄壁容器置于水平地面中央，容器内放有一个边长为0.1m，质量为2.5kg的正方体物块A，已知水的密度为1.0×
103kg/m3。
（1）求物块A的密度ρ物。
（2）求容器对水平地面的压强p地。
（3）在容器中倒入3×
10﹣3m3的水，物块仍沉底，物块底部与容器底不完全接触且水未溢出，求物块对容器底部的压强p底。
22．（5分）在一次物理课外拓展课上，物理老师给同学们讲了一个新的知识﹣﹣动能定理。
其内容是合外力对物体所做的功等于物体动能的变化量，表达式为F合s
mv22
mv12，其中
mv22称为这个物体的末动能，
mv12称为这个物体的初动能。
如图1所示，一正方体物块在外力F的作用下由静止开始沿平直的轨道运动，已知该物块的质量为2kg，边长为10cm，物块与地面的摩擦力是物块自重的0.1倍，物块的运动速度一时间图像如图2所示。
（1）求2～4s物块前进的距离。
（2）已知物块在0～2s时间段内前进的距离为1m，求物块在0～2s时间段内所受的拉力F是多大。
23．（7分）如图所示，虚线框内的电路，G为小量程电流表，R0为定值电阻，电源电压为1.5V，A、B为两个表笔（相当于两根导线），分别与框内的电路相连。
现将两个表笔A、B直接连接起来，调节滑动变阻器使电流表的指针偏转到最大位置处（满偏），此时电路中总电阻为150Ω，此后始终保持滑片P位置不变。
（1）求当电流表的指针偏转到最大位置处时电流的大小。
（2）若A、B与一个电阻R1两端相连，电流表的指针恰好指在刻度盘的中央刻度（即电流为满偏电流的一半），求R1的阻值大小。
（3）若A、B间所接的电阻为Rx，试推导出Rx的表达式（用电流表的读数I及所给已知量表示），并说明改装后的欧姆表的刻度是否均匀。
参考答案与试题解析
1．（2分）早春天气比较寒冷，傍晚时农民伯伯会把水 放入 （选填““放入”或“放出”）秧田，防止秧苗被冻坏。
答：
早春天气比较寒冷，晚上在秧田里灌水，是因为水的比热容大，降低相同的温度水放热多，能起到保温作用，防止秧苗被冻坏。
故答案为：
放入。
小球从B点运动到F点的平均速度是 0.3 m/s。
解：
由图可知小球从B点运动到F点的路程为12.50cm﹣0.50cm＝12.00cm，
电磁打点计时器每隔0.02s打一次点，如图所示的纸带上的点均为每隔四个点选取的计数点，则运动的时间为0.02s×
5×
4＝0.4s，
则小球从B点运动到F点的平均速度为：
30cm/s＝0.3m/s。
0.3。
3．（2分）2020年6月23日，我国成功发射了最后一颗“北斗”全球组网卫星，卫星向地面传递信息是通过 电磁波 （选填“电磁波”“超声波”“次声波”或“红外线”）传递的。
因为电磁波的传播不需要介质，能在真空中传播，所以“北斗”卫星是通过电磁波将信息传回地面的。
电磁波。
请用所学物理知识解释， 提高天平的灵敏度和精度 。
天平的横梁架在刀口上，刀口做的很薄，天平称量物体的质量时的灵敏度和称重精度越高。
提高天平的灵敏度和精度。
根据粒子在磁场中的运动情况可判断出c粒子 带负电 （选填“带正电”“带负电”或“不带电”）。
由图可知，c的运动方向发生了变化，这说明c时带电的，受到了洛伦兹力的作用；
对于c，伸出左手，让磁感线垂直穿过手心，发现c受到的力的方向与大拇指所指的方向相反，这说明四指的指向与电流的方向相反，即c运动方向与电流的方向相反，故c带负电。
带负电。
如图所示，位于水平面上的木块在斜向右上方的拉力F的作用下保持静止状态，则拉力F与静摩擦力的合力方向 竖直向上 （选填“向上偏左”“竖直向上”或“向上偏右”）。
木块静止，受到重力、支持力、拉力和摩擦力而处于平衡状态，则拉力和摩擦力的合力与重力和支持力的合力等值反向，因为重力和支持力的合力方向竖直向下，则拉力和摩擦力的合力竖直向上。
竖直向上。
103kg/m3，则杠杆会 仍然平衡 （选填“A端下降”“仍然平衡”或“A端上升”）。
如图，杠杆处于平衡状态，根据杠杆平衡条件得，
G1×
OA＝G2×
OB，
ρ铝gV1×
OA＝ρ铝gV2×
OB﹣﹣﹣﹣①，
现将铝块同时浸没在水中，由阿基米德原理F浮＝ρ水gV排＝ρ水gV物，
故此时作用在杠杆左、右两端的力分别为：
FA＝ρ铝gV1﹣ρ水gV1，
FB＝ρ铝gV2﹣ρ水gV2，
由①知，FA×
OA﹣FB×
OB＝（ρ铝gV1﹣ρ水gV1）×
OA﹣（ρ铝gV2﹣ρ水gV2）×
OB＝ρ铝gV1×
OA﹣ρ水gV1×
OA﹣ρ铝gV2×
OB+ρ水gV2×
OB﹣﹣﹣﹣﹣②
FA×
OB＝ρ水gV2×
OB﹣ρ水gV1×
OA＝ρ水g（V2×
OB﹣V1×
OA）
由①知，V2×
OB＝V1×
OA
则FA×
OB＝0，
OA＝FB×
故杠杆仍然平衡。
仍然平衡。
8．（2分）如图所示，电源电压保持12V不变，小灯泡L上标有“6V3W”字样，滑动变阻器最大电阻值R＝48Ω，闭合开关，若不考虑灯丝电阻随温度的变化，小灯泡的最小实际电功率是 0.48 W。
由P＝UI
可得，小灯泡的电阻
RL
12Ω，
因为不考虑灯丝电阻随温度的变化，所以当滑片P移动到最右端时，连入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，小灯泡的实际功率最小，因串联电路中的总电阻等于各分电阻之和，所以电路中的最小电流
I
0.2A，
则小灯泡L的最小实际电功率
PL最小＝I2RL＝（0.2A）2×
12Ω＝0.48W。
0.48。
则本次航程每架飞机需要航空煤油的质量是 6000 kg。
已知飞机运送飞行时受到的阻力为f＝9×
104N，
由二力平衡的条件可知牵引力为：
F＝f＝9×
则每架飞机发动机牵引力所做的功为：
W＝Fs＝9×
104N×
1200×
103m＝1.08×
1011J；
已知飞机发动机的效率是40%，
则每架飞机在本次航程中，燃料燃烧放出的热量为：
Q放
100%＝2.7×
1011J，
则每架飞机需要航空煤油的质量为：
m
6000kg。
6000。
10．（2分）如图所示，烛焰能在光屏中央位置成清晰的实像，现蜡烛和凸透镜的位置不动，将凸透镜换成焦距比原来凸透镜焦距小的凸透镜，如果还想在光屏上看到清晰的像，光屏应该向 靠近凸透镜 （选填“靠近凸透镜”或“远离凸透镜”）的方向移动。
当改用焦距比原来凸透镜焦距小的凸透镜继续实验，不改变蜡烛和凸透镜的位置，则相当于增大了物距，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小，可知，要在光屏上成清晰的像，光屏将靠近透镜移动，像变小。
靠近凸透镜。
ABC．由I
可知，电流强度的大小与通过导体横截面电量的多少和通电时间都有关；
所以，通过导体横截面电量大的，电流强度不一定大；
所用时间越短的，电流强度不一定大，故ABC错误；
D、通过导体横截面的电量（Q）与时间（t）的比值定义为电流强度，则流经灯泡电流0.2A表达的物理意义是每秒通过灯丝横截面的电量是0.2库仑，故D正确。
故选：
D。
A、黑板擦受到四个力的共同作用：
重力、支持力N、摩擦力f、磁力T，支持力N、摩擦力f、磁力T的施力物体都是磁性黑板，故A正确；
B、黑板对黑板擦有支持力，则黑板擦对黑板有压力，这两个力是一对相互作用力；
黑板对黑板擦有磁力，反过来，黑板擦对黑板有大小相等的磁力，这两个力是一对相互作用力；
所以水平方向有两对相互作用力：
互相吸引的磁力和互相推斥的弹力，故B错误；
C、黑板擦所受的磁力和弹力大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上，是一对平衡力，不是作用力与反作用力，故C错误；
D、黑板处于静止状态，竖直方向上受到的合力为0，则黑板擦受到的摩擦力等于重力，故D错误。
A。
两小木块之间连接着被压缩的弹簧，且小木块都能保持静止状态，两个小木块都处于平衡状态，对于甲，受到水平向左的弹力、水平向右的摩擦力，对于乙，受到水平向右的弹力和水平向左的摩擦力，弹力和摩擦力时一对平衡力，大小相等，所以两个摩擦力大小也是相等的，方向相反，故A正确。
AC、小球在A点时速度为0，则动能为0，此时高度最高，其重力势能最大；
在B点时速度最大，则动能最大，此时高度最低，其重力势能最小，故AC错误；
BD、小球由A到B，高度下降，从B到C的过程中，高度上升，重力做功；
小球在拉力的方向上没有通过距离，所以拉力对小球不做功，故B错误，D正确。
两图中木球受到的重力不变且相等。
已知两图中木球的质量、体积均相同，它们露出水面至漂浮时，排开水的体积减小，水面降低；
由图可知，甲容器上部较粗（横截面积较大），由公式△V排＝S横截△h可知，木球浮上水面后甲水面下降的高度较小；
由于甲水面下降的高度较小，故甲图中小球上升的高度较大，根据W＝Gh可知，甲图中重力做功较多，则有|W甲|＞|W乙|，故A正确。
A、由图知，R1、R2、电流表串联在电路中，电流表测电路中的电流；
电压表测R2两端电压，因电压不变时，导体中电流跟电阻的关系成反比，故A错误；
B、探究“导体中电流跟电阻的关系”时应控制R2两端电压保持不变，根据串联电路电压的规律，变阻器的电压也不变，由分压原理，两电阻之比为一定值，故图像为过原点的直线（或延长线过原点），故B正确；
C、由B知，R1随R2的增大而变大，由电阻的串联和欧姆定律，当R1增大时，电路中的电流变小，故C错误；
D、由控制变量法知，探究“导体中电流跟电阻的关系”时应控制R2两端电压保持不变，故D错误。
B。
（1）原电路中，两灯并联后与变阻器串联，电压表测变阻器的电压，电流表测干路的电流，当滑片P向左移动时，R连入电路中的电阻变大，由欧姆定律，电压表与电流表的比值即R连入电路中的电阻，变大，
C正确；
（2）因R连入电路中的电阻变大，根据分压原理，电压表示数变大，A正确；
（3）根据串联电路电压的规律，两灯的变小，根据P
，两灯实际功率变小，两灯变暗，B错误；
（4）如果灯L2发生短路，则为变阻器的简单电路，电压表测电源电压，故滑片P向左移动时，电压表示数不变，D正确；
103kg/m3，则小木块的密度是 0.6 g/cm3；
若小木块吸水，则密度测量值 偏大 （选填“偏大”“偏小”或“不变”）。
由图①②可知，放入小木块后，电子秤的示数增大了112g﹣100g＝12g，则小木块的质量为m＝12g；
根据①③图可知，木块浸没中水中，受到竖直向上的浮力、竖直向上的拉力和重力，且三个力平衡：
F浮＝G排＝G木+F＝（m3﹣m1）g，
则：
m排＝ρ水V排＝
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