福建南平市初中毕业班适应性检测数学试题答案602.docx
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福建南平市初中毕业班适应性检测数学试题答案602
2021年南平市初中毕业班适应性检测
数学试题参考答案及评分说明
说明:
(1)解答右端所注分数为考生正确做完该步应得的累计分数,全卷满分150分.
(2)对于解答题,评卷时要坚持每题评阅到底,勿因考生解答中出现错误而中断本题的评阅.当考生的解答在某一步出现错误时,如果后续部分的解答未改变该题的考试要求,可酌情给分,但原则上不超过后面应得分数的一半,如果有较严重的错误,就不给分.
(3)若考生的解法与本参考答案不同,可参照本参考答案的评分标准相应评分.
(4)评分只给整数分.选择题和填空题不给中间分.
第Ⅰ卷
一、选择题(本大题共10小题,每小题4分,共40分)
1.D;2.B;3.A;4.A;5.B;6.C;7.D;8.B;9.B;10.C.
第10题解答如下:
解:
设AP=CM=x,AN=CQ=y,则DM=BP=4-x,DN=BQ=2-y,t=MN2+NP2
DMC
N
Q
=DM2+DN2+AN2+AP2
=(4-x)2+(2-y)2+y2+x2
=2(x-2)2+2(y-1)2+10
∵0<x<4,0<y<2,x与y无关,
∴0≤(x-2)2<4,0≤(y-1)2<1,
∴0≤2(x-2)2<8,0≤2(y-1)2<2,
∴10≤t<20.
APB
第10题图
二、填空题(本大题共6小题,每小题4分,共24分)
11.y=-x+2(答案不唯一);12.2a(a+2);13.
6;14.0.3;15.2;16.2.
第15题提示如下:
求BE长的最大值,就是求AE长的最小值,而AE长的最小值,就是求GE长的最小值,
GE长的最小值就是DC与AB的距离6.
第16题解答如下:
解:
过点A作AD⊥x轴于点D,过点B作BE⊥y轴于点E,AD,BE相交于点F,
由题意可知,点O,F,C在直线y=x上,四边形EODF为正方形,△AFB等腰直角三角形,∠AFB=90°,AF=BF.
∵AB=4,C为AB的中点,
∴AF=BF=2,FC=2,
设正方形EODF的边长为a,
则点A(a,a+2
2),点B(a+2
2,a).
∵点A,B在反比例函数y=2(x>0)的图象上,
x
∴a(a+2
2)=2,解得a=2-,
第16题图
∴OF=2-2,
∴OC=OF+FC=(2
-2)+2=2
.
第Ⅱ卷
三、解答题(本大题共9小题,共86分)
17.(本小题满分8分)
解:
由①得x>1,…………………………………………………………3分由②得x>-1,…………………………………………………………6分
∴不等式组的解集是x>1.…………………………………………8分
18.(本小题满分8分)
解:
原式=x+1÷x(x+1)
…………………………………………………2分
x-1(x-1)2
x+1(x-1)2
=⋅
x-1
x(x
+1)
…………………………………………………4分
=x-1,……………………………………………………………6分
x
当x=2时,原式=2-1
2
…………………………………………7分
=1.……………………………………………8分
2
19.(本小题满分8分)
(1)解法1:
图1
答:
如图1,点E为所求点.
解法2:
AB
图2
答:
如图2,点E为所求点.(说明:
找到点E给2分,答1分.)
(2)解:
连接AE.……………………………4分
∵AB∥CD,
∴∠C+∠ABC=180°,………………………5分
∵∠C=120°,
∴∠BAC=180°-∠C=60°.
∵AE平分∠BAC,
AB
CED
第19题图
∴∠BAE=1∠C=30°,………………………………………………………7分
2
∴∠CEA=∠BAE=30°.………………………………………………………8分
20.(本小题满分8分)
证明:
∵四边形ABCD是平行四边形,
∴OA=1AC=12,OB=1BD=5,…………2分D
22
∵OA2+OB2=122+52=169,
OC2=132=169,………………………4分
∴OA2+OB2=OC2,…………………………5分
AC
B
第20题图
∴∠AOB=90°,…………………………………………………………………6分
∴AC⊥BD,……………………………………………………………………7分
∴□ABCD是菱形.……………………………………………………………8分
21.(本小题满分8分)
解:
由条件可得在过去的50周,
当t>70时,共有10周,此时只有1台光照控制仪运行,
周利润为1×3000-2×1000=1000(元).………………………………………2分
当50≤t≤70时,共有35周,此时有2台光照控制仪运行,
周利润为2×3000-1×1000=5000(元).…………………………………………4分
当30<t<50时,共有5周,此时3台光照控制仪都运行,
周利润为3×3000=9000(元).……………………………………………………6分
所以过去50周光照控制仪厂家从花卉公司获得周利润的平均值
1000×10+5000×35+9000×5
50=4600,………………………………………7分
答:
商家在过去50周的周总利润的平均值为4600元.……………………………8分
22.(本小题满分10分)
(1)证明:
在△ABC与△CEF中,
∵∠ACB=∠ECF=90°,∠A=∠CEF,
∴△ABC∽△EFC,
B
F
AC
第22题图
(1)
∴AC=EC,…………………………2分
BCFC
在△ACE与△CBF中,
∵∠ACB=∠ECF=90°,
∴∠ACB-∠ECB=∠ECF-∠ECB,
即∠ACE=∠BCF,…………………………………………………………3分
∴△ACE∽△BCF,
∴AE=AC.………………………………………………………………4分
BFBC
(2)①当∠ACE=1∠BCE时,
2
则∠ACE=1∠ACB=30°,…………………………………………………5分
3
∵∠A=30°,
∴∠ACE=∠A=30°,
过点E做EH⊥AC,垂足为H.
∴CH=1AC,……………………………6分
2A
在Rt△HCE中,
B
F
HC
第22题图
(2)
cos∠ECH=HC=
EC
∴AC=2CH=
3,
2
.…………………………………………………………7分
CECE
②当∠ACE=2∠BCE时,
则∠ACE=2∠ACB=60°,…………………………………………………8分
3
在△ACE中,
∵∠A=30°,
∴∠AEC=90°,
∴cos∠ECA=EC=1,………………………………………………………9分
AC2
∴AC=2.……………………………………………………………………10分
CE
23.(本小题满分10分)
解:
(1)设今年这种产品每件售价为x元,……………………………………1分依题意得:
100000=80000,……………………………………………2分
x+1000x
解得:
x=4000.…………………………………………………………3分经检验:
x=4000是原分式方程的解.……………………………………4分答:
设今年这种产品每件售价为4000元.………………………………5分
(2)设甲产品进货a件,则乙产品进货(15-a)件.……………………………6分
⎧3500a+3000(15-a)≤50000
依题意得:
⎨
⎩3500a
+3000(15-a)≥49000
,………………………………7分
解得:
8≤a≤10,…………………………………8分因此有三种方案:
方案①:
甲产品进货8件,乙产品进货7件;
方案②:
甲产品进货9件,乙产品进货6件;
方案③:
甲产品进货10件,乙产品进货5件.……………………………9分方案①利润:
(4000-3500)⨯8+(3600-3000)⨯7=8200,
方案②利润:
(4000-3500)⨯9+(3600-3000)⨯6=8100,方案③利润:
(4000-3500)⨯10+(3600-3000)⨯5=8000.
∵8200>8100>8000,
∴方案①的利润更高.…………………………………………………………10分
24.(本小题满分12分)
(1)证明:
∵四边形ABDE是⊙O的内接四边形,A
∴∠BDE+∠BAC=180°,
∵∠BDE+∠EDC=180°,
∴∠BAC=∠EDC,
同理:
∠AEF=∠B,……………………………1分
∵AB是⊙O的直径,
∴∠ADB=90°,
OF
E
BDC
第24题图
∴∠B+∠BAD=90°,AD⊥BC,
∵AB=AC,
∴∠BAC=2∠BAD,………………………………………………………………2分
∵AF⊥DE,
∴∠AFD=90°,
∴∠AEF+∠EAF=90°,
∴∠BAD=∠EAF,………………………………………………………………3分
∴∠BAC=2∠EAF,
∴∠EDC=2∠CAF;………………………………………………………………4分
(2)答:
直线AF与⊙O相切.………………………………………………………5分
∵AB=AC,AB=BC
∴△ABC是等边三角形
∴∠BAC=60°,……………………………………………………………………6分由
(1)得∠EAF=∠BAD=30°,
∴∠BAF=∠BAC+∠EAF=90°,…………………………………………………7分
∴BA⊥AF,
∵AB是⊙O的直径,
∴直线AF与⊙O相切.……………………………………………………………8分
(3)连接BE.
∵AB是⊙O的直径,
∴∠AEB=90°,……………………………………………………………………9分在⊙O中,
⌒⌒
∵AE=AE,
∴∠ADE=∠ABE,…………………………………………………………………10分
∴cos∠ADE=cos∠ABE=BE=24,
AB25
设:
BE=24k,则AB=AC=25k,
在Rt△ABE中,
AE===7k,
∴EC=18k,
在Rt△BCE中,
BC===30k,……………………………………11分
∴AB=25k=5.…………………………………………………………………12分
BC30k6
25.(本小题满分14分)
(1)证明:
方法一,过点C作CF⊥AD于点F,
∴∠AFC=90°,
∵A(0,1),B(0,-2),C(m,-2),
∴∠ABC=90°,∴∠AFC=∠ABC,
∵∠CAM=∠BAC,AC=AC,
∴△ABC≌△AFC(AAS),
∴∠ACB=∠ACF,BC=FC,………………………………………………………2分
∵CN⊥AC,∴∠ACD=90°,
∴∠ACF+∠DCF=90°,
∵∠DCE+∠ACB=90°,
∴∠DCF=∠DCE,
∵DE⊥BC,
∴∠DEC=∠DFC=90°,
∵AC=AC,
∴△DCF≌△DCE(AAS),
∴EC=FC,
N
yDM
F
A
Ox
BCE
第25题图
∴EC=BC,即点C为线段BE的中点;………………………………………………4分方法二,过点C作CG⊥BE交AD于点G,
∴∠GCE=90°,
∵A(0,1),B(0,-2),C(m,-2),
∴∠ABC=90°,
∴∠GCE=∠ABC,
∴GC∥AB,
∴∠BAC=∠GCA,
∵∠CAM=∠BAC,
∴∠CAM=∠GCA,
N
yDM
G
A
Ox
BCE
第25题图
∴AG=GC,……………………………………………………………………………2分
∵∠GCA+∠GCD=90°,∠CAM+∠ADC=90°,
∴∠GCD=∠ADC,
∴DG=GC,
∴AG=GD,
∵DE⊥BC,
∴∠DEC=90°,
∴∠GCE+∠DEC=180°,
∴GC∥DE,
∴GC∥DE∥AB,
∴AG=BC,
GDCE
∴EC=BC,即点C为线段BE的中点;…………………………………………4分
(2)解:
∵A(0,1),B(0,-2),C(m,-2),
∴AB=3,BC=m,
∵点C为线段BE的中点,
∴EC=m,
∵∠ACD=90°,∴∠ACB+∠DCE=90°,
∵∠ABC=90°,∴∠ACB+∠BAC=90°,
∴∠BAC=∠DCE,
∴∠ABC=∠DEC=90°,
∴△ABC∽△CED,…………………………………………………………………6分
∴AB=BC,
CEDE
∴3=m,DE=1m2,…………………………………………………………7分
mDE3
∵点D(x,y),
∴x=2m,y=1m2-2,…………………………………………………………8分
3
∴y=
1x2-2;……………………………………………………………………9分
12
(3)解:
设直线DC的解析式为y=kx+b
∵C(m,-2),D(2m,1m2-2),
3
⎧⎪-2=km+b,
∴⎨1m2-2=2km+b.
⎩⎪3
……………………………………………………………10分
⎧k=1m,
⎪
解得,⎨
2
⎪b=-m
⎩3
-2.
∴y=1mx-1m2-2,……………………………………………………………11分
33
⎧y=1
∴12
x2-2,
⎨
⎪y=
⎩
1mx-
3
1m2
3
-2.
整理得,x2-4mx+4m2=0,……………………………………………………12分
(x-2m)2=0
∴x1=x2=2m,
从而得,y=y=1m2-2,………………………………………………………13分
123
∴直线DC与
(2)中的函数图象只有一个交点D(2m,1m2-2).………14分
3