河南省届普通高中毕业班高考适应性测试理综化学精校解析 Word版文档格式.docx
《河南省届普通高中毕业班高考适应性测试理综化学精校解析 Word版文档格式.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《河南省届普通高中毕业班高考适应性测试理综化学精校解析 Word版文档格式.docx(19页珍藏版)》请在冰点文库上搜索。
实验操作
现象
结论
A
向c(Cu+)、c(Zn2+)相等的混合溶液中逐滴加入Na2S溶液
先生成黑色沉淀,后产生白色沉淀
Ksp(CuS)>
Ksp(ZnS)
B
向0.1mol/L的硅酸钠溶液中滴加稀盐酸
产生白色胶状沉淀
非金属性:
Cl>
Si
C
向某无色溶液中滴加新制氯水和CC14,振荡、静置
下层溶液呈紫红色
原溶液中含有I-
D
分别向盛有铝片和铜片的两支试管中滴加浓硝酸
铜片与浓硝酸剧烈反应,铝片无明显现象
金属活动性:
铜>
铝
A.AB.BC.CD.D
【解析】A.滴加Na2S溶液,先生成黑色沉淀,静置,继续滴加Na2S溶液,又产生白色沉淀,Ksp小的先沉淀,则Ksp(CuS)<Ksp(ZnS),故A错误;
B.由现象可知,生成硅酸,则盐酸的酸性大于硅酸,但不能利用无氧酸与含氧酸的强弱比较非金属性,方案不合理,故B错误;
C.氯水可氧化KI生成碘,碘易溶于四氯化碳,下层溶液显紫色,可说明含有I-,故C正确;
D.常温下,铝与浓硝酸发生钝化,不能根据此现象判断金属活动性的强弱,应该用金属与稀的非氧化性酸反应判断,故D错误;
故选C。
本题的易错点为D,根据金属与酸反应判断金属活动性的强弱,指的是金属与稀酸反应放出氢气的难易程度,酸不能是氧化性酸。
4.一种处理高浓度乙醛废水的方法——隔膜电解法,其原理如图所示,电解质溶液为一定浓度含乙醛的Na2SO4溶液,电解后乙醛在两个电极分別转化为乙醇和乙酸。
下列说法正确的是
A.a电极为阴极,b电极为阳极
B.阳极的电极反应式为CH3CHO-2e-+H2O=CH3COOH+2H+
C.设电解时溶液体积不变,则阴极区Na2SO4的物质的量增大
D.电解过程中,M池溶液的pH变大,N池溶液的pH变小
【答案】B
【解析】A.根据溶液中氢离子的移动方向可知,b电极为阴极,a电极为阳极,故A错误;
B.阳极发生氧化反应,电极反应式为CH3CHO-2e-+H2O=CH3COOH+2H+,故B正确;
C.阴极发生还原反应,电极反应式为2H++2e-=H2↑,设电解时溶液体积不变,则阴极区Na2SO4的物质的量不变,故C错误;
D.电解过程中,M
池中a为阳极,电极反应式为CH3CHO-2e-+H2O=CH3COOH+2H+,溶液的pH
减小,故D错误;
故选B。
5.一定温度下,在三个体积均为1.0L的恒容密闭容器中,反应2H2(g)+CO(g)
CH3OH(g)达到平衡。
下列说法不正确的是
容器
温度/K
起始浓度/(mol/L)
平衡浓度/(mol/L)
H2
CO
CH3OH
①
400
0.20
0.10
0.08
②
0.40
X
③
500
0.025
A.X=0.16B.该反应的正反应是放热反应
C.平衡时的反应速率:
②>
①D.400K时该反应平衡常数的值为2500
【答案】A
【解析】A.400K时,2H2(g)+CO(g)
CH3OH(g),氢气和一氧化碳的起始浓度为1:
2,相当于增大压强,平衡正向移动,则平衡浓度小于1:
2,因此X大于0.08×
2=0.16,故A错误;
B.根据表格数据,①和③的起始浓度等效,升高温度,CH3OH的平衡浓度减小,平衡逆向移动,说明该反应的正反应是放热反应,故B正确;
C.压强越大,反应速率越快,平衡时的反应速率:
①,故C正确;
D.根据表格数据①,400
K
时该反应平衡常数K=
=2500,故D正确;
故选A。
6.X、Y、Z、M
是原子序数依次增大的四种短周期元素,已知X
原子的核外电子数等于其所在周期数,Y
原子的最外层电子数是内层电子数的2倍,M
是地壳中含量最高的金属元素,Z
和M
形成的化合物在盐酸和氢氧化钠溶液中均能溶解。
下列说法中正确的是
A.金属M
制品具有较强的抗腐蚀能力,说明M
的金属活动性较差
B.X、Y、Z
三种元素可以形成X2YZ、X2YZ2、X2YZ3等多种化合物
C.X、Z
可以形成原子个数之比为1:
1和2
:
1的两种离子化合物
D.X
和Y
形成化合物的熔、沸点一定低于Y
和Z
形成的化合物
【解析】X、Y、Z、M
原子的核外电子数等于其所在周期数,X为H元素;
Y
原子的最外层电子数是内层电子数的2倍,Y为C元素;
M
是地壳中含量最高的金属元素,M为Al元素;
Z
形成的化合物在盐酸和氢氧化钠溶液中均能溶解,说明该化合物为氧化铝,则Z为O元素。
A.铝
制品具有较强的抗腐蚀能力,是因为铝表面容易形成致密的氧化物薄膜,故A错误;
B.H、C、O
三种元素可以形成H2CO为甲醛、H2CO2为甲酸、H2CO3等多种化合物,故B正确;
C.水和双氧水均为共价化合物,故C错误;
D.H和C形成化合物的熔、沸点不一定低于C
和O形成的化合物,如碳原子数较多的烃可能为液体或固体,熔沸点比二氧化碳高,故D错误;
7.25℃时,将浓度均为0.1mol/L、体积不同的HA溶液与BOH溶液混合,保持溶液的总体积为100mL,溶液的体积与混合液pH的关系如图所示。
A.V1表示HA溶液的体积,V2表示BOH溶液的体积
B.Ka(HA)和Kb(BOH)的数量级相等,均为10-6
C.y点时,c(B+)=c(A-)=c(OH-)=c(H+)
D.x、y、z所示三点时水的电离程度:
y>
x=z
...............
8.醋酸亚铬水合物的化学式为[Cr(CH3COO)2]2·
2H2O,该水合物通常为红棕色晶体,是一种常用的氧气吸收剂,不溶于水和乙醚(一种易挥发的有机溶剂),微溶于乙醇,易溶于盐酸,易被氧化。
已知Cr3+水溶液呈绿色,Cr2+水溶液呈蓝色。
实验室制备醋酸亚铬水合物的装置如下图所示。
(1)检查装置气密性后,向左侧三颈烧瓶中依次加入过量锌粒和适量CrCl3溶液,关闭K1打开K2,旋开a的旋塞,控制好滴速。
a的名称是___________,此时左侧三颈烧瓶中发生反应的化学方程式为_______、________。
一段时间后,整个装置内充满氢气,将空气排出。
当观察到左侧三颈烧瓶中溶液颜色由绿色完全转变为蓝色时,关闭K2,打开K1,将左侧三颈烧瓶内生成的CrCl2溶液压入右侧三颈烧瓶中,则右侧三颈烧瓶中发生反应的离子方程式为________________________________________。
(2)本实验中所有配制溶液的水均需煮沸,其原因是______________________。
右侧的烧怀内盛有水,其中水的作用是_______________________________________________。
(3)当观察到右侧三颈烧瓶内出现大量红棕色晶体时,关闭a的旋塞。
将红棕色晶体快速过滤、水洗、乙醚洗、干燥,即得到[Cr(CH3COO)2]2·
2H2O。
其中用乙醚洗涤产物的目的是_______________________。
(4)称量得到的[Cr(CH3COO)2]2·
2H2O晶体,质量为mg,,若所取用的CrCl3溶液中含溶质ng,则[Cr(CH3COO)2]2·
2H2O(M1=376)的产率是______%。
【答案】
(1).分液漏斗
(2).Zn+2HCl==ZnCl2+H2↑(3).Zn+2CrCl3==ZnCl2+2CrCl2(4).2Cr2++4CH3COO-+2H2O=[Cr(CH3COO)2]2·
2H2O(5).防止水中的溶解氧氧化Cr2+(6).水封,防止空气进入装置内(7).乙醚挥发带走水分,可以使产品快速干燥(8).31700m/376n
【解析】
(1)根据仪器的结构,仪器a为分液漏斗,左侧三颈烧瓶中中发生反应的化学方程式为:
2CrCl3+Zn═2CrCl2+ZnCl2、还有锌与稀盐酸反应生成氢气,Zn+2HCl=ZnCl2+H2↑;
当观察到左侧三颈烧瓶中溶液颜色由绿色完全转变为蓝色时,关闭K2,打开K1,将左侧三颈烧瓶内生成的CrCl2溶液压入右侧三颈烧瓶中,CrCl2溶液与CH3COONa溶液反应生成醋酸亚铬水合物——[Cr(CH3COO)2]2·
2H2O,反应的离子方程式为2Cr2++4CH3COO-+2H2O=[Cr(CH3COO)2]2·
2H2O,故答案为:
分液漏斗;
Zn+2HCl==ZnCl2+H2↑;
Zn+2CrCl3==ZnCl2+2CrCl2;
2Cr2++4CH3COO-+2H2O=[Cr(CH3COO)2]2·
2H2O;
(2)本实验中所用的溶液,配制用的蒸馏水都需事先煮沸,原因是,二价铬不稳定,极易被氧气氧化,去除水中的溶解氧,防止Cr2+被氧化;
右侧烧怀内的水可以防止空气进入装置内,故答案为:
防止水中的溶解氧氧化Gr2+;
水封,防止空气进入装置内
(3)当观察到右侧三颈烧瓶内出现大量红棕色晶体时,关闭a
的旋塞。
其中用乙醚洗涤,乙醚挥发带走水分,可以使产品快速干燥,故答案为:
乙醚挥发带走水分,可以使产品快速干燥;
(4)实验时取用的CrCl3溶液中含溶质ng,理论上得到[Cr(CH3COO)2]2•2H2O
的质量=
×
376g/mol=
g,该实验所得产品的产率=
100%=
%,故答案为:
。
本题考查物质制备实验方案的设计,涉及化学仪器识别、对操作的分析评价、产率计算。
解答本题需要注意对题目信息的应用。
本题的易错点为
(1),注意根据制备流程确定反应物和生成物,再书写相关离子方程式。
9.银属于贵重金属,主要应用于化工、电子、感光材料等行业。
某研究性学习小组设计一种提取光盘金属层中少量Ag的方案如下图所示(忽略其他低含量金属对实验的影响):
该小组查阅资料得知如下信息:
①NaClO溶液在受热或酸性条件下易分解,如3NaClO==2NaCl+NaClO3;
②AgCl可溶于氨水:
AgCl+2NH3·
H2O
Ag(NH3)2++Cl-+2H2O。
回答下列问题:
(1)“氧化”步骤的产物为AgCl、NaOH和O2,则该反应的化学方程式为__________。
“氧化”阶段需在80℃条件下进行,温度过高或过低都不利于银的转化,其原因是_______________________________。
(2)该流程中,将银转化为固体1,然后又用氨水溶解转变为滤液2,其目的是_________________。
(3)若省略“过滤I”,直接向冷却后的反应容器中滴加10%氨水,则需要增加氨水的用量,除因过量NaClO与NH3·
H2O反应外(该条件下NaClO3与NH3·
H2O不反应),还因为____________________。
(4)在实验室用葡萄糖(用GCHO表示)可以将滤液2还原为单质Ag,同时生成NH3,葡萄糖被氧化为葡萄糖酸铵(用GCOONH4表示)。
写出该反应的离子方程式:
______________________________________。
(5)下图为该小组设计电解精炼银的示意图,则粗银为______(填“a”或“b”)极。
若b极有少量红棕色气体生成,则生成该气体的电极反应式为______________________________________________。
【答案】
(1).4Ag+4NaClO+2H2O
==4AgCl+4NaOH+O2↑
(2).温度过高,NaClO易分解;
温度过低,该反应的速率较慢(3).将银富集(4).未过滤掉的溶液会稀释加入的氨水,且未过滤掉的溶液中含有一定浓度的Cl-,不利于AgCl与氨水反应(5).GCHO
+2Ag(
NH3)2++2OH-==GCOO-+
NH4++2Ag
↓+3NH3+H2O(6).a(7).NO3-+e-+2H+==NO2↑+H2O
【解析】由流程可知,结合
(1)“氧化”步骤的产物为AgCl、NaOH
和O2,氧化时发生4Ag+4NaClO+2H2O═4AgCl+4NaOH+O2↑,为控制
80℃,可水浴加热,过滤I分离出AgCl、可能含Ag,再加氨水溶解AgCl,发生AgCl+2NH3•H2O⇌Ag(NH3)2++Cl-+2H2O,过滤II分离出的滤渣为Ag,对过滤II得到的滤液用葡萄糖(用GCHO表示)可以将滤液2还原为单质Ag。
(1)根据上述分析,氧化时发生4Ag+4NaClO+2H2O═4AgCl+4NaOH+O2↑。
“氧化”阶段需在80℃条件下进行,温度过高或过低都不利于银的转化,是因为温度过高,NaClO易分解;
温度过低,该反应的速率较慢,故答案为:
4Ag+4NaClO+2H2O
==4AgCl+4NaOH+O2↑;
温度过高,NaClO易分解;
温度过低,该反应的速率较慢;
(2)该流程中,将银转化为固体1,然后又用氨水溶解转变为滤液2,其目的是将银富集,故答案为:
将银富集;
(3)若省略“过滤I”,直接向冷却后的反应容器中滴加10%氨水,则需要增加氨水的用量,除因过量NaClO
与NH3·
H2O反应外(
该条件下NaClO3与NH3·
H2O不反应),还因为未过滤掉的溶液会稀释加入的氨水,且未过滤掉的溶液中含有一定浓度的Cl-,不利于AgCl与氨水反应,故答案为:
未过滤掉的溶液会稀释加入的氨水,且未过滤掉的溶液中含有一定浓度的Cl-,不利于AgCl与氨水反应;
(4)在实验室用葡萄糖(用GCHO表示)可以将滤液2还原为单质Ag,同时生成NH3,葡萄糖被氧化为葡萄糖酸铵(用GCOONH4
表示),反应的离子方程式为GCHO
↓+3NH3+H2O,故答案为:
GCHO
↓+3NH3+H2O;
(5)在电解精炼银过程中,粗银作阳极,应该为a电极。
若b
极有少量红棕色气体二氧化氮生成,是因为硝酸根离子在阴极被还原的原因,生成二氧化氮的电极反应式为NO3-+e-+2H+==NO2↑+H2O,故答案为:
a;
NO3-+e-+2H+==NO2↑+H2O。
10.Na2SO3是一种重要的还原剂,I2O5是一种重要的氧化剂,二者都是化学实验室中的重要试剂。
(1)已知:
2Na2SO3(aq)+O2(aq)==2Na2SO4(aq)△H=mkJ·
mol-1,O2(g)
O2(aq)△H=nkJ·
mol-1,则Na2SO3溶液与O2(g)反应的热化学方程式为______________________________。
(2)Na2SO3的氧化分富氧区和贫氧区两个阶段,贫氧区速率方程为v=k·
ca(SO32-)·
cb(O2),k为常数。
①当溶解氧浓度为4.0mg/L(此时Na2SO3的氧化位于贫氧区)时,c(SO32-)与速率数值关系如下表所示,则a=____。
c(SO32-)×
103
3.65
5.65
7.65
11.65
V×
106
10.2
24.4
44.7
103.6
②两个阶段的速率方程和不同温度的速率常数之比如下表所示。
已知1n(k2/k1)=Ea/R(1/T2-1/T1),R为常数,则Ea(富氧区)______(填“>
”或“<
”)Ea(贫氧区)。
反应阶段
速率方程
k(297.0K)/k(291.5K)
富氧区
v=k·
c(SO32-)·
c(O2)
1.47
贫氧区
cb(O2)
2.59
(3)等物质的量的Na2SO3和Na2SO4混合溶液中,c(SO32-)+c(HSO3-)______(填“>
”“<
”或“=”)c(SO42-)。
(4)利用I2O5可消除CO污染,其反应为I2O5(s)+5CO(g)
5CO2(g)+I2(s),不同温度下,向装有足量I2O5固体的2L恒容密闭容器中通入2molCO,测得CO2气体的体积分数φ(CO2)随时间t的变化曲线如图所示。
①从反应开始至a点时的平均反应速率v(CO)=__________。
②b点时,CO的转化率为_____________。
③b点和d点的化学平衡常数:
Kb____(填“>
”或“=”)Kd,判断的理由是_____________________。
【答案】
(1).2Na2SO3(aq)+O2(g)=2Na2SO4(aq)ΔH=(m+n)kJ/mol
(2).2(3).<
(4).<
(5).0.6
mol/(L·
min)(6).80%(7).>
(8).其他条件相同时,曲线II
先达到平衡,温度高于曲线I的,说明温度升高CO2的产率降低,平衡向逆反应方向移动,平衡常数减小
(1)①2Na2SO3(aq)+O2(aq)==2Na2SO4(aq)△H=mkJ·
mol-1,②O2(g)
mol-1,根据盖斯定律,将①+②得:
2Na2SO3(aq)+O2(g)=2Na2SO4(aq)ΔH=(m+n)kJ/mol,故答案为:
2Na2SO3(aq)+O2(g)=2Na2SO4(aq)ΔH=(m+n)kJ/mol;
(2)①当溶解氧浓度为4.0mg•L-1时,c(Na2SO3)与速率数值关系如表,v1:
v2=c1a(SO32-):
c2a(SO32-),
=
,解得a=2;
故答案为:
2;
②ln
(
-
)随着Ea的增大而增大,富氧区的ln
较小,故Ea(富氧区)<Ea(贫氧区);
<;
(3)等物质的量的Na2SO3和Na2SO4混合溶液中,Na2SO3属于强碱弱酸盐,水解显碱性,根据物料守恒,c(SO32-)
+c(
HSO3-)+c(
H2SO3)=c(SO42-),则c(SO32-)
HSO3-)<c(SO42-),故答案为:
(4)①0到0.5min时:
5CO(g)+I2O5(s)⇌5CO2(g)+I2(s)
起始量/mol
2
0
转化量/mol
x
x
a点量/mol
2-x
x
根据a点时CO2的体积分数φ(CO2)=
=0.30,得x=0.6mol,则从反应开始至a点时的反应速率为v(CO)=
=0.6mol•L-1•min-1,故答案为:
0.6mol•L-1•min-1;
②5CO(g)+I2O5(s)⇌5CO2(g)+I2(s)
y
y
b点量/mol
2-y
y
=0.80,得y=1.6mol,转化率等于=
100%=80%,故答案为:
80%;
③其他条件相同时,曲线II
先达到平衡,温度高于曲线I的,说明温度升高CO2的产率降低,平衡向逆反应方向移动,平衡常数减小,则化学平衡常数:
Kb>Kd,故答案为:
>
;
其他条件相同时,曲线II
先达到平衡,温度高于曲线I的,说明温度升高CO2的产率降低,平衡向逆反应方向移动,平衡常数减小。
本题考查了盖斯定律、化学反应速率的计算、以及函数结合图像等知识,题目难度较大。
本题的难点是
(2),需要对图像图表的充分理解,并运用学科综合知识解题,其中①当溶解氧浓度为4.0mg•L-1时,根据c(Na2SO3)与速率数值关系有v1:
c2a(SO32-);
②函数ln
)随着Ea的增大而增大。
11.我国科学家成功合成了世界上首个五氮阴离子盐(N5)6(H3O)3(NH4)4Cl(用R代表)。
(1)基态N原子中,核外电子占据的最高能层的符号是______________,占据该能层电子的电子云轮廓图形状为_______________________________。
(2)N和O两种元素第一电离能大小关系是N__________(填“>
”“<
”或“=”)O,其原因是____________;
N和O两种元素电负性大小关系是N_______(填“>
”或“=”)O。
(3)经X-射线衍射测得化合物R的晶体结构,其局部结构如下图所示。
①组成化合物R的两种阳离子中σ键的个数之比为_________;
其中四核阳离子的立体构型为___________,其中心原子的杂化轨道类型是_______________________。
②分子中的大π键可用符号
表示,其中m代表参与形成的大π键原子数,n代表参与形成的大π键电子数,如苯分了中的大π键可表示为
则N5-中的大π键应表示为___________________。
③氢键通常用X-H…·
·
Y表示,请表示出上图中的所有氧键:
_________________。
④R的立方晶胞参数为anm,晶胞中含有Y个(N5)6(H3O)3(NH4)4Cl单元,如果(N5)6(H3O)3(NH4)4Cl的相对分子质量用M表示,阿伏加德罗常数的值为NA,则R晶体的密度为________g·
cm-3。
【答案】
(1).L
(2).球形和哑铃形(3).>
(4).N原子2P能级处于半充满状态,相对稳定,失去一个电子吸收的能量较大(5).<
(6).3:
4(或4:
3)(7).三角锥形(8).sp3(9)