山东大学硕士研究生入学生物化学考试题)5答案Word文档格式.doc

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葡萄糖无氧分解过程中，由葡萄糖到丙酮酸的分解过程。

4．Calvin循环

光合作用的暗反应中，生物利用光能由磷酸戊糖固定CO2开始合成葡萄糖的循环过程。

5．解偶联剂

能够解除原生化反应所偶联的ADP磷酸化成ATP，但不阻断反应进程的化学试剂。

6．鸟氨酸循环

是动物体内形成尿素的循环式代谢过程，由于反应生成的第一个产物是鸟氨酸，所以该反应途径就称之为鸟氨酸循环。

二、是非判断题（每题1分，共11分）

1．在非标准条件下，反应达到平衡时，自由能的变化为0。

对

2．含高能磷酸键的化合物都可以作为生物的能量储存物质。

错

3．光合作用中的暗反应必须在黑暗的反应条件下才能进行。

4．发酵类型是以葡萄糖在生物体内无氧分解的终产物进行划分的。

5．三羧酸循环的反应是需氧反应。

6．还原型辅酶NADH、NDAPH和FADH2都属于高能化合物。

7．CO2是生物氧化的产物，生物合成中不需要CO2。

错

8．脂肪酸的合成是完全是脂肪酸分解的逆过程。

9．氨基酸可以作为糖异生的前体物质。

10．核苷酸的从头合成需要多种氨基酸作为原料。

11．“一碳单位”是在某些氨基酸分解过程中产生的。

对

三、问答与计算题（共27分）

1．ATP是生物能量通用物质，但它并不是生物能量的储存物质，为什么？

（3分）

ATP中的末位磷酸酐键易于转移，所以它只是作为能量的载体；

生物体内对于ADP/ATP的能量转移系统具有专一性。

就像存在银行里的钱需以货币的形式取出才能使用一样。

2．为什么说三羧酸循环中的中间代谢物没有净合成与净分解？

三羧酸循环中的中间代谢产物都是在代谢过程中不断被产生，又不断被作为底物参与进一步的反应，以维持循环反应的进行。

3．径如何划分成哪两个阶段？

HMP的代谢途径可分成氧化阶段和非氧化（转换）阶段。

在氧化阶段由葡萄糖－6－P氧化分解成核酮糖－5－P和核糖－5－P；

然后由磷酸戊糖通过基团转移的方式进行3，4，5，6，7碳糖的转化。

4．CO2在脂肪酸的合成中起什么样的作用？

脂肪酸的合成每一步都需要CO2参与，因为乙酰CoA不能直接用于脂肪酸的合成，需要进行活化。

这一活化过程就是使乙酰CoA羧化为丙二酸单酰CoA。

并且这一过程是脂肪酸合成反应的关键步骤。

5．氨基酸分解中脱下的氨有哪几条代谢去路？

（1）氨的同化作用，包括重新合成氨基酸、合成氨甲酰磷酸、合成氨基酰胺（贮氨）、氧化成为硝酸盐

（2）以含氮废物的方式排出体外，含氮废物包括氨、尿酸、尿素

6．氧化磷酸化的化学渗透假说有那些证据？

（4分）

化学渗透假说（chemiosmotichypothesis），认为电子传递的结果把H+从线粒体内膜基质泵到膜外液体中形成一个跨内膜的H+梯度，这种H+梯度渗透能（质子推动力Proton-motiveforce，质力）用于ATP的生成。

化学渗透偶联假说受到越来越多的实验证据的支持。

主要依据有：

①氧化磷酸化不需任何高能中间物左右；

②需完整的线粒体内膜的存在；

③线粒体内膜对H＋，OH－，K＋，CI－具有不通透性；

④破坏质子梯度的形成，即破坏氧化磷酸化；

⑤电子传递过程伴随线粒体内膜将H＋泵出膜外，使膜外侧pH小于膜内侧。

7．当细胞内ATP浓度很高时，高能磷酸化合物磷酸肌酸和磷酸精氨酸可以用作能量储存库，估计ATP上的磷酸转移到肌酸和精氨酸形成磷酸肌酸和磷酸精氨酸时，反应的∆Gº

'

各为多少？

[已知：

磷酸肌酸＋H2O→肌酸＋Pi∆Gº

=-43.05kJ（10.3千卡）/mol

磷酸精氨酸＋H2O→精氨酸＋Pi∆Gº

=-32.18kJ（7.7千卡）/mol

ATP+H2O→ADP＋Pi∆Gº

=-30.51kJ（7.3千卡）/mol]

解：

（1）肌酸+磷酸→磷酸肌酸∆Gº

=43.05kJ（10.3千卡）/mol

+ATP+H2O→ADP＋Pi∆Gº

=-30.51kJ（7.3千卡）/mol

ATP+肌酸+磷酸→磷酸肌酸+ADP

∆Gº

=43.05kJ（10.3千卡）-30.51kJ（7.3千卡）=12.54kJ（7.3千卡）/mol

（2）同理ATP+精氨酸+磷酸→磷酸精氨酸+ADP

=32.186kJ（10.3千卡）-30.51kJ（7.3千卡）=1.672kJ（7.3千卡）/mol

8．向1.0mL的6-磷酸-G和l-磷酸-G的混合溶液中加入1.0mL含有过量的NADP+，Mg2+，6-磷酸-G脱氢酶溶液，此溶液在lcm比色杯中测得OD340=0.57，当再加入1.0mL磷酸-G变位酶后测得OD340=0.50。

计算：

①原始溶液中6-磷酸-G的浓度；

②原始溶液中1-磷酸-G的浓度。

6-p-G+NADP+→6-p-G+NADPH·

H+；

由于溶液中NADP+过量，因此有lmol6-P-G就会产生lmol（NADPH·

H+）；

NADPH的浓度为M，

所以原始液中6-p-G的浓度为9.16×

10-5×

2=1.82×

10-4M。

（2）加入P-G变位酶后l-p-G→6-p-G新增加的NADPH·

H+的量即为l-p-G的量，此条件下NADPH的浓度为，

换算成原始溶液中6-P-G的浓度为：

C=8.04×

10－5×

3=2.4×

10－4M。

原始溶液中6-P-G增加的浓度即为l-P-G的浓度，

原始溶液中l-P-G的浓度C=2.4×

10－4－1.83×

10－4=0.58×