热点专题9直流电路与交流电路的分析与计算Word文档下载推荐.docx
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B.电压表与电流表的示数都增大
C.电压表的示数增大,电流表的示数减小
D.电压表的示数减小,电流表的示数增大
变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中,外电阻减小,由I=,电路总电流增大,由U内=Ir,U内增大,U外减小,所以电压表示数减小;
U1=IR1也变大,所以U2减小,IA=也减小,电流表示数减小,A项正确.
A
3.(2011·
重庆理综)在测量电珠伏安特性实验中,同学们连接的电路中有四个错误电路,如图所示.电源内阻不计,导线连接良好,若将滑动变阻器的触头置于左端,闭合S,在向右端滑动触头过程中,会分别出现如下四种现象:
a.电珠L不亮,电流表示数几乎为零
b.电珠L亮度增加,电流表示数增大
c.电珠L开始不亮,后来忽然发光,电流表从示数不为零到线圈烧断
d.电珠L不亮,电流表从示数增大到线圈烧断
与上述a、b、c、d四种现象对应的电路序号为( )
A.③①②④B.③④②①
C.③①④②D.②①④③
该题考查了闭合电路的连接及动态变化问题.①电路中,随触头向右移动,电流增大,电珠变亮,对应b现象.②电路中随电阻的减小,电流增大直到烧断,然后电珠忽然变亮,对应c现象.③电路中电压表与灯泡串联,电流很小,灯泡不亮,对应a现象.④电路中由于电压表与灯泡相串联,灯泡几乎不亮,但电流表的电流一直增大,直至烧断,对应d现象.因此A选项正确.
4.电源的效率η定义为外电路电阻消耗的功率与电源的总功率之比.在测电源电动势和内电阻的实验中得到的实验图线如图所示,图中U为路端电压,I为干路电流,a、b为图线上的两点,相应状态下电源的效率分别为ηa、ηb.由图可知ηa、ηb的值分别为( )
A.、B.、
C.、D.、
电源效率η=,其中E为电源的电动势,根据图像可知Ua=E,Ub=E,所以选项D正确.
D
5.(2011·
浙江理综)如图所示,在铁芯上、下分别绕有匝数n1=800和n2=200的两个线圈,上线圈两端与u=51sin314tV的交流电源相连,将下线圈两端接交流电压表,则交流电压表的读数可能是( )
A.2.0VB.9.0V
C.12.7VD.144.0V
本题考查法拉第电磁感应定律及变压器知识.由U1=n1,U2=n2以及ΔΦ1>
ΔΦ2得>
,即U2<
U1,而U1=9.0V,故U2<
9.0V,选A.
6.(2011·
全国课标)如图所示,一理想变压器原副线圈的匝数比为1:
2;
副线圈电路中接有灯泡,灯泡的额定电压为220V,额定功率为22W;
原线圈电路中接有电压表和电流表.现闭合开关,灯泡正常发光.若用U和I分别表示此时电压表和电流表的读数,则( )
A.U=110V,I=0.2A
B.U=110V,I=0.05A
C.U=110V,I=0.2A
D.U=110V,I=0.2A
本题考查了变压器的工作规律,=,U1=U2=×
220V=110V.由P1=P2得,U1I1=22W,I1=A=0.2A,A选项正确.
7.如图所示,一理想变压器原线圈匝数为n1=1000匝,副线圈匝数为n2=200匝,将原线圈接在u=200sin120πt(V)的交流电压上,电阻R=100Ω,电流表A为理想电表.下列推断正确的是( )
A.交流电的频率为500Hz
B.穿过铁芯的磁通量的最大变化率为0.2Wb/s
C.电流表A的示数为0.4A
D.变压器的输入功率是16W
因为u=200sin120πt(V),ω=120π,又ω=2πf,解出f=60Hz,故A错误;
原线圈Em=200V,Em=n1,故磁通量的最大变化率=0.2Wb/s,故B对;
副线圈两端电压的最大值n2=40V,故有效值为40V,电流表A的示数为I==0.4A,故C错;
变压器的输入功率等于输出功率P=I2R=16W,故D正确.
BD
8.如图甲所示,理想变压器原副线圈的匝数比为101,原线圈接图乙所示的正弦式交变电流,副线圈与理想电压表、理想电流表、光敏电阻R(阻值随光照强度的增大而减小)及灯泡组成闭合电路.接通电源后,随着光敏电阻受灯泡发出光的照射,以下判断正确的是( )
A.电压表的示数保持22V不变
B.电流表的示数变小
C.通过光敏电阻的电流每秒钟方向改变50次
D.变压器的输入功率变大
由图乙可知,原线圈接的正弦式交变电流电压的最大值为310V,故有效值为220V.考虑到原副线圈的匝数比为10:
1,故电压表的示数应保持22V不变,A正确;
光敏电阻随光照强度的增大,阻值R减小,因此总电阻减少,故电流表的示数变大,B错误;
由图乙可知,交变电流的周期T=0.02s,故频率f=50Hz,因此通过光敏电阻的电流每秒钟方向改变100次,C错;
电流表的示数变大,则变压器的输入电流变大,又变压器的输入电压不变,故其输入功率变大,D正确.
9.如图所示,一理想变压器的原线圈匝数为n1=1000匝,副线圈匝数为n2=200匝,电阻R=8.8Ω,原线圈接入一电压u=220sin100πt(V)的交流电源,电压表和电流表对电路的影响可忽略不计,则( )
A.副线圈交变电流的频率是100Hz
B.t=1s的时刻,电压表的示数为0
C.变压器的输入电功率为220W
D.电流表的示数为10A
由题意知ω=100π,故f==50Hz,选项A错误;
电压表、电流表的示数均为有效值,电压表示数为U2=U1=44V,选项B错误;
对理想变压器有=,得I1=I2==1A,P1=P2=U2I2=220W,所以C选项正确、D选项错误.
C
10.直流电源的电动势为E、内电阻为r,用它给直流电动机供电使之工作.电动机的线圈电阻是R,电动机两端的电压为U,通过电动机的电流为I,导线电阻不计,若经过时间t,则( )
A.电流在整个电路中做的功等于I2(R+r)t
B.电动机输出的机械能等于[E-I(R+r)]It
C.电动机输出的机械能等于UIt
D.电流在整个电路中做的功等于(E-Ir)It
不是纯电阻电路,故A错误;
电动机输出的机械能等于IUt-I2Rt=[E-I(R+r)]It,故B对、C错;
电流在整个电路中做的功等于IEt,故D错误.
B
11.如图所示的电路中,电源的电动势为E,内阻为r,电路中的电阻R1、R2、R3的阻值都相同,若将开关S1由位置1切换到位置2,则( )
A.电源的效率变小
B.电源内部消耗的功率变小
C.电阻R2两端的电压变小
D.电压表的示数变小
将开关S1由位置1切换到位置2,外电阻变小,则电源的效率变小,A正确;
外电阻变小,则总电流变大,电源内部消耗的功率变大,B错误;
总电流变大,则电阻R2两端的电压变大,C错;
总电流变大,路端电压即电压表的示数变小,D正确.
12.一理想变压器原、副线圈匝数比n1:
n2=2:
1,原线圈与正弦交变电源连接,输入电压u随时间t变化的规律如图所示,副线圈接一个R=10Ω的电阻,则( )
A.电阻R两端电压的有效值为50V
B.电阻R中电流的频率为0.25Hz
C.1分钟内电阻R产生的热量为1.5×
103J
D.变压器的输入功率为250W
由图像,输入电压的最大值100V,原、副线圈匝数比n1:
1,故输出电压的最大值50V,有效值为50V,故A错误;
由图像,周期T=4×
10-2s,故频率为25Hz,故B错误;
Q=I2Rt==1.5×
104J,故C错;
变压器的输入功率等于输出功率P==250W,故D正确.
13.(2011·
江苏)如图甲为一理想变压器,ab为原线圈,ce为副线圈,d为副线圈引出的一个接头,原线圈输入正弦式交变电压的u-t图象如图乙所示.若只在ce间接一只Rce=400Ω的电阻,或只在de间接一只Rde=225Ω的电阻,两种情况下电阻消耗的功率均为80W.
(1)请写出原线圈输入电压瞬时值uab的表达式;
(2)求只在ce间接400Ω电阻时,原线圈中的电流I1;
(3)求ce和de间线圈的匝数比.
(1)由题图知ω=200πrad/s,
电压瞬时值Uab=400sin200πt(V).
(2)电压有效值U1=200V,
理想变压器P1=P2,
原线圈中的电流I1=,
解得I1≈0.28A.
(3)设ab间匝数为n1,
=,
同理=,
由题意知=,
解得=,
代入数据得=.
(1)400sin200πt
(2)0.28A (3)
14.如图所示,MN、PQ是两条水平平行放置的光滑金属导轨,导轨的右端接理想变压器的原线圈,变压器的副线圈与电阻R=100Ω组成闭合回路,变压器的原副线圈匝数之比n1:
n2=1:
10,导轨宽L=5m.质量m=2kg、电阻r=1Ω的导体棒ab垂直MN、PQ放在导轨上,在水平外力F作用下从t=0时刻开始在图示的两虚线范围内往复运动,其速度随时间变化的规律是v=2sin20πtm/s.垂直轨道平面的匀强磁场的磁感应强度B=4T.导轨、导线和线圈电阻不计.求:
(1)从t=0到t1=10s的时间内,电阻R上产生的热量是多少?
(2)从t=0到t2=0.025s的时间内,外力F所做的功是多少?
(1)ab棒产生的是交流,其电动势为
e=BLv=40sin20πtV
E=V=20V
设原线圈上电压为U1,电流为I1,副线圈上电压为U2,电流为I2,则
==
U2=I2R=I1R
E=U1+I1r=U2+I1r=·
I1R+I1r
解得:
I1=10A
I2=A
则电阻R上产生的热量
Q=IRt1=()2×
100×
10J=2000J.
(2)从t=0到t2=0.025s,经历了四分之一个周期,设在这段时间内电阻r和R上产生的热量分别是Q1和Q2,t2=0.025s时刻,ab棒速度为v2,则
Q1=Irt2=(10)2×
1×
0.025J=5J
Q2=IRt2=()2×
v2=2sin(20π×
0.025)m/s=2m/s
由能量的转化与守恒,外力F所做的功
W=Q1+Q2+mv=14J.
(1)2000J
(2)14J