秋苏科版九年级上册物理 期中提优测试题.docx
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秋苏科版九年级上册物理期中提优测试题
期中提优测试卷
（时间：
90分钟满分：
100分）
一、选择题（每题2分，共24分）
1.（2018·宁夏）如图所示的机械中，使用时不能省力，但能省距离的是（）
2.（2018·重庆南岸区校级月考）如图所示的杠杆处于平衡状态，若使竖直向上拉的弹簧测力计（图中只画出了弹簧测力计的挂钩）的示数变为原来的12，杠杆仍然保持平衡状态，下列采取的措施可行的是（）
A.把弹簧测力计向左移动一个小格
B.减少三个钩码
C.把钩码向左移动一个小格
D.把钩码向右移动一个小格
（第2题）
（第3题）
3.（2017·宁波）如图所示，用同一个动滑轮先后提升同一物体，使物体以相同的速度匀速上升相同的高度，所用的力分别是F甲和F乙，拉力做功的功率分别是P甲和P乙.若不计摩擦、动滑轮重和绳重，则F甲与F乙、P甲与P乙之间的大小关系是（）
A.F甲＜F乙、P甲＝P乙B.F甲＞F乙、P甲＞P乙
C.F甲＞F乙、P甲＝P乙D.F甲＜F乙、P甲＜P乙
4.（2018·长春校级月考）2018年6月14日世界杯足球赛在俄罗斯举行.赛场上足球从高处落下，触地后又被弹起.下列分析正确的是（）
A.反弹时，没有能量转化
B.上升时，动能转化为重力势能
C.下落时，动能转化为重力势能
D.着地时，弹性势能转化为动能
5.（2018·无锡惠山区校级期中）在相同粗糙程度的水平面上，用手推木块向右压缩轻质弹簧至图甲所示的位置；松手后，木块最终静止在图乙所示的位置.下列说法正确的是（）
A.弹簧恢复原状的过程中，弹簧的弹性势能逐渐变大
B.木块离开弹簧前弹簧的弹力对木块做功
C.松手后木块先做加速运动再做减速运动，离开弹簧时速度达到最大
D.整个运动过程中木块机械能守恒
6.（2018·南京建邺区期中）关于内能，有以下四个观点，正确的是（）
①物体的内能增加不一定是吸收了热量
②物体温度越低，内能越少，所以0℃的物体没有内能
③两物体相互接触时，热量总是从内能大的物体转移到内能小的物体
④改变物体内能的方法有很多，但本质上只有做功和热传递两种方式
A.①②B.①④C.②③D.③④
7.用相同的电加热器分别对质量相等的A和B两种液体加热（不计热量损失），如图是A和B的温度随加热时间变化的图像，下列说法正确的是（）
A.A的比热容与B的比热容之比为2∶1
B.A的比热容与B的比热容之比为2∶3
C.都加热t时间，B吸收热量比A吸收热量多
D.A和B升高相同的温度，B吸收热量较多
（第7题）
（第8题）
8.（2018·盐城盐都区期中）如图是用相同的加热装置对质量相同的a、b、c三种物质加热时它们的温度随时间变化的图像.下列对图像的分析正确的是（）
A.t1～t2时间内物质a的温度不变，内能不变
B.如果a、b是同种物质，b的质量大于a的质量
C.温度从T1升高到T2时，a物质吸收的热量比b多
D.b的比热容大于c的比热容
9.（2018·武冈校级期中）有甲、乙两台汽油机，它们的功率之比是2∶1，它们的热机效率之比是5∶4，那么在相同的时间内，它们所消耗的汽油的质量之比是（）
A.5∶8B.8∶5
C.4∶5D.5∶4
10.（2018·温州）如图为吸盘式挂杆，将吸盘压在瓷砖上排尽其中的空气，挂杆就能被固定在瓷砖上，挂有平底锅的挂钩沿光滑水平横杆从P点开始向吸盘B移动，若吸盘与横杆的重力、吸盘大小均忽略不计，设挂钩与吸盘A的距离为l，则吸盘B受到的摩擦力F的大小与l的关系图像为（）
11.（2018·淮安淮阴区月考）如图所示，工人师傅用动滑轮将箱子吊到阳台上，箱子重为400N，动滑轮重为20N.在工人师傅竖直向上的拉力F作用下，箱子匀速上升了3m，所用时间2s，不计绳重和摩擦，则在此过程中（）
A.额外功W额外＝60J
B.拉力做功W＝1200J
C.拉力功率P＝600W
D.装置的机械效率η＝100%
12.如图所示，用20N的力F拉着重为100N的物体，使其沿水平面以2m/s的速度匀速运动了5s，若每个滑轮重10N，忽略绳重和滑轮轴的摩擦，则下列说法正确的是（）
A.拉力F做的功为200J
B.拉力F的功率为120W
C.滑轮组对物体做的有用功为400J
D.滑轮组对物体所做的有用功的功率为60W
二、填空题（每空1分，共20分）
13.（2018·无锡新吴区校级月考）如图AB为能绕B点转动的轻质杠杆，中点C处用细线悬挂一重物，在A端施加一个竖直向上大小为10N的拉力F，使杠杆在水平位置保持平衡，则物重G＝N，此杠杆为（填“省力”“费力”或“等臂”）杠杆.
14.（2018·怀化）铁水很热，冰块很冷，但它们都具有能.冬天搓手可以感到温暖，是通过的方式改变内能；用热水袋取暖，是通过的方式改变内能.
15.在内燃机的“吸气”“压缩”“做功”“排气”四个冲程中，将机械能转化为内能的是冲程，人们常用水来给内燃机降温，是因为水的大.
16.（2017·连云港）如图所示，一物体在水平向右的拉力F1作用下以1m/s速度在水平地面上匀速运动了10m，拉力F1所做的功为W1，功率为P1，若该物体在水平向右的拉力F2作用下以2m/s的速度在同一水平地面上匀速运动了10m，拉力F2所做的功为W2，功率为P2，则W1W2，P1P2.（均填“＞”“＜”或“＝”）
（第16题）
（第17题）
17.（2018·镇江期中）如图为厢式电梯模型，小宇通过匀速转动滑轮上的把手为模型提供了E＝1.8×102J的机械能，轿厢的重力势能增加了ΔE1＝2.7×102J（已知G轿厢＞G配重）.则轿厢的动能，配重的重力势能（以上两空填“增加”“减小”或“不变”），配重的重力势能变化量ΔE2＝J.（不计绳重及轮轴间的摩擦）
18.（2018·昆明校级期中）小明用相同的酒精灯分别给相同质量的水和煤油加热（如图甲所示），以探究水和煤油的吸热能力，根据实验数据，小明作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图像（如图乙所示）.加热10min，水吸收的热量（填“大于”“小于”或“等于”）煤油吸收的热量.由图像可知，煤油的比热容是J/（kg·℃）.[水的比热容为4.2×103J/（kg·℃）]
19.（2018·无锡惠山区校级期中）2017年5月18日，我国首次海域可燃冰（天然气水合物）试采成功，实现了历史性突破.可燃冰分布于深海沉积物或陆域永久冻土中，是由天然气与水在高压低温条件下形成的类冰状结晶物质，燃烧后仅会生成少量的二氧化碳和水.根据测算，1立方米可燃冰可以分解释放出160立方米以上的天然气.若天然气的热值为3.2×107J/m3，则可燃冰的热值为J/m3.燃烧5m3可燃冰产生的热量至少为J.
20.把1kg、初温为35℃的水加热到85℃，消耗了10g煤气，此过程水吸收的热量为J，加热装置的效率为（煤气的热值q煤气＝4.2×107J/kg）.
21.（2018·莱芜）如图所示，斜面长为s＝2m，高为h＝1m.装卸工人用沿斜面向上的拉力F将重1000N的货物从斜面底端匀速拉到顶端，用时10s，不计空气阻力，斜面的机械效率为80%，则工人拉力F的功率为W，货物在运动过程中受到斜面的摩擦力为N.
三、作图题（共10分）
22.（4分）（2018·黄石）旅行箱在拉力作用下静止于图示状态，O点为旅行箱的重心，A为拉力的作用点，请在图中画出旅行箱的重力以及最小拉力F的示意图.
23.（6分）如图所示，定滑轮上挂着A、B两物体，已知GA＝80N，GB＝60N，定滑轮质量、绳重及摩擦不计.请在图中画出A物体受力的示意图，则A物体对地面的压力F＝Ｗ.
四、实验题（共32分）
24.（8分）
（1）如图所示测力计示数为N.
（2）小明猜测：
“图中滑轮组提升的物体越轻，机械效率越高”.
设计实验检验猜测，并填写实验报告.
①实验目的：
________________________________________________________________________.
②实验步骤（若需要可补充器材）：
________________________________________________________________________
________________________________________________________________________
________________________________________________________________________.
③滑轮组的机械效率：
（用测出的物理量表达）.
25.（10分）（2018·河北节选）探究杠杆的平衡条件.
（1）杠杆两端的螺母作用是________________________________________________________________________.
（2）小明用如图甲所示装置，进行实验并收集了下表中的数据，分析数据可知，杠杆的平衡条件是Ｗ.
实验次数
动力/N
动力臂/m
阻力/N
阻力臂/m
1
0.5
0.2
1.0
0.1
2
1.0
0.15
1.5
0.1
3
3.0
0.1
2.0
0.15
（3）小明又用如图乙所示装置进行实验，请在图中画出拉F的力臂，弹簧测力计的读数应是N.（一个钩码重0.5N）
（4）如图丙所示，小红实验时在一平衡杠杆的两端放上不同数量的相同硬币，杠杆仍在水平位置平衡.她用刻度尺测出L1和L2，则2L1（填“＞”“＜”或“＝”）3L2.
26.（8分）（2018·曲靖）某学校“牛顿小组”的同学在探究重力势能的实验中用到三个体积相同的小球，它们的质量关系为m1＜m2＝m3，实验的情景如图所示.
（1）通过观察小球陷入细沙的深度来反映重力势能的大小，应用的物理方法是（填“转换法”或“类比法”）.
（2）分析甲、乙两种情况可知，重力势能的大小与物体的有关.
（3）小铁球m3落入细沙后，速度不断减小直至静止，它的机械能转化为能.
（4）同学们还发现小球离地面越高，下落到地面所用的时间越长，他们测出了小球自由下落高度h和下落时间的平方t2的数据如下表，分析数据，写出h与t2的关系式为________________________________________________________________________.
实验次数
1
2
3
4
5
6
h/m
2.45
4.9
7.35
9.8
12.25
14.7
t2/s2
0.5
1.0
1.5
2.0
2.5
3.0
27.（6分）（2018·呼和浩特）为了比较“水和食用油的吸热能力”，某同学选取相同质量的水和食用油各200g，用如图甲所示两组相同的器材进行了实验，水和食用油相同时间吸热相同.实验数据记录如下：
物质
初始温度/℃
加热时间/min
最后温度/℃
水
20
6
45
食用油
20
6
70
（1）请在图乙所示的坐标图上，作出两组实验数据的“温度—时间”图像；
（2）由实验数据分析可知，的吸热能力强（填“水”或“食用油”）；
（3）若加热到相同的温度后停止加热，冷却相同时间后（填“水”或“食用油”）的末温高.
五、计算题（共14分）
28.（6分）（2017·泰州）工人师傅要将质量为100kg的木箱搬到1.5m高的车厢里，他将一块5m长的长板搁在地面与车厢之间构成斜面，然后站在车上用400N的拉力在10s内将物体从斜面底端匀速拉到车厢里，如图所示，（g取10N/kg，不计长板厚度）求：
（1）工人所做的有用功；
（2）工人做功的功率；
（3）斜面的机械效率.
29.（8分）（2018·十堰）小天收集了一些数据填在下表中.如果该车满载货物后在平直的公路上匀速行驶100m，货车受到的阻力是车重的110.那么在此过程中：
（g取10N/kg）
（1）该货车车牵引力是多少？
牵引力所做的功是多少？
（2）燃油完全燃烧放出的热量是多少？
（3）该货车发动机的效率是多少？
品牌型号
东风XX
外形尺寸
5×1.9×23（m）
变速箱
A85
空车质量
1.5吨
最高车速
120km/h
满载时载货量
2.5吨
空载百公里油耗
12L
燃油密度
0.8×103kg/m3
满载百公里油耗
20L
燃油热值
5×107J/kg
期中提优测试卷
1.D
2.D解析：
根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可知，若使弹簧测力计的示数变为原来的12，在动力臂不变时，钩码的重力与力臂的乘积应变为原来的12，可以采取去掉两个钩码或把钩码向右移动一个小格，故B、C错误，D正确；本题也可以使动力臂变为原来的2倍，由图知应将弹簧测力计向左移动4个小格，且图中的杠杆无法实现，故A错误．
3.C解析：
由题知，两装置都不计摩擦、动滑轮重和绳重，提升的物重相同．甲图，拉力作用在动滑轮的轴上，费一倍的力，即F甲＝2G；乙图，拉力作用在绳子自由端，省一半的力，即F乙＝12G，故F甲＞F乙，A、D错误；物体上升的速度相同，则拉力端的速度分别为：
v甲＝12v物，v乙＝2v物，甲图拉力的功率：
P甲＝F甲v甲＝2G×12v物＝Gv物；乙图拉力的功率：
P乙＝F乙v乙＝12G×2v物＝Gv物，故P甲＝P乙，C正确，B错误．
4.B解析：
反弹时，足球的弹性势能变小，动能变大，弹性势能转化为动能，故A错误；上升时，足球的质量不变，速度变小，动能变小，同时高度升高，重力势能变大，动能转化为重力势能，故B正确；下落时，足球的质量不变，速度变大，动能变大，同时高度降低，重力势能变小，重力势能转化为动能，故C错误；着地时，足球的弹性势能变大，动能变小，动能转化为弹性势能，故D错误．
5.B解析：
弹簧恢复原状过程中，弹簧的形变逐渐减小，则弹簧的弹性势能逐渐变小，故A错误；木块离开弹簧前，木块在弹力的方向移动了距离，故做了功，故B正确；松手后，由于弹力大于摩擦力，故木块先做加速运动，当弹力小于阻力时，木块再做减速运动，速度是先增大后减小，弹力等于阻力时速度最大，故C错误；整个运动过程中木块的重力势能不变，动能先变大后变小，故机械能不守恒，故D错误．
6.B解析：
物体的内能增加可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故①正确；一切物体在任何温度下都具有内能，所以0℃的物体仍具有内能，故②错误；发生热传递的条件是：
有温度差，所以内能可自发地从高温物体转移到低温物体，故③错误；改变物体内能的方法有很多，但本质上只有做功和热传递两种方式，它们改变内能的效果相同，故④正确．综合分析①④正确，故选B.
7.A解析：
由题可知，在时间t内，二者吸收的热量相同，故C错；在时间t内，吸收的热量相同，A的温度变化ΔtA＝20℃，B的温度变化ΔtB＝40℃，A、B的质量相同，由Q吸＝cmΔt得c＝Q吸mΔt，则cA∶cB＝ΔtB∶ΔtA＝2∶1，故A正确、B错；由题图可知，A、B升高相同的温度，加热A的时间长，A吸收的热量多，故D错．
8.B解析：
由图像知：
t1～t2时间内物质a的温度虽然不变，但继续吸收热量，所以其内能增加，故A错误；如果a、b是同种物质，比热容相同，升高相同的温度时，b的加热时间长，b吸收的热量多，根据Q＝cmΔt知，b的质量大于a的质量，故B正确；温度从T1升高到T2时，a物质的加热时间比b物质短，所以a物质吸收的热量比b少，故C错误；用相同的加热装置对质量相同的b、c两种物质加热时，0～t1时间内两种物质吸收的热量相同，c物质升高的温度较小，由公式c＝QmΔt可知，c的比热容大于b的比热容，故D错误．故选B.
9.B解析：
甲的功率为P甲，效率为η甲，乙的功率为P乙，效率为η乙，汽油的热值为q，做功时间为t.甲在时间t内做的有用功：
W甲＝P甲t，乙在时间t内做的有用功：
W乙＝P乙t，则由题意知：
P甲：
P乙＝2∶1，η甲∶η乙＝5∶4.甲在时间t内消耗的总能量：
Q甲＝W甲η甲＝P甲tη甲，耗油量：
m甲＝Q甲q＝P甲tη甲q.同理可以得到乙在时间t内的耗油量的表达式：
m乙＝P乙tη乙q.甲、乙两汽油机在相同时间内的耗油量之比：
m甲∶m乙＝P甲tη甲q∶P乙tη乙q＝P甲η甲∶P乙η乙＝25∶14＝8∶5.
10.D解析：
以吸盘A为支点，设挂钩与吸盘A的距离为l，平底锅对杠杆的拉力为动力，其大小等于平底锅的重力，用G表示，动力臂为l，吸盘B受到的摩擦力F为阻力，阻力臂用lAB表示，根据杠杆的平衡条件可得：
G×l＝F×lAB，所以F＝lGlAB，因lAB、G不变，l不为零，故吸盘B受到的摩擦力F的大小与l成正比，图像为正比例图像，但F≠0，故D图像正确．
11.A解析：
不计绳重和摩擦，克服动滑轮重力做的功为额外功W额外＝G动h＝20N×3m＝60J，故A正确；克服物体重力所做的有用功W有用＝Gh＝400N×3m＝1200J，拉力做的总功W＝W额外＋W有用＝60J＋1200J＝1260J，故B错误；拉力的功率P＝Wt＝1260J2s＝630W，故C错误；装置的机械效率η＝W有用W×100%＝1200J1260J×100%≈95.2%，故D错误．故选D.
12.D解析：
由v＝st可得，物体移动的距离：
s物＝vt＝2m/s×5s＝10m，拉力端移动的距离：
s＝2s物＝2×10m＝20m，拉力F做的功：
W总＝Fs＝20N×20m＝400J，故A错误．拉力F的功率：
P＝W总t＝400J5s＝80W，故B错误．忽略绳重和滑轮轴的摩擦，则额外功：
W额外＝G动h＝10N×10m＝100J，有用功：
W有用＝W总－W额外＝400J－100J＝300J，故C错误．有用功的功率：
P′＝W有用t＝300J5s＝60W，故D正确．故选D.
13.20省力14.内做功热传递15.压缩比热容
16.＝＜解析：
由题可知，同一物体先后以不同的速度在同一水平地面上匀速运动，则物体对水平地面的压力不变，接触面的粗糙程度不变，因此两次物体受到的滑动摩擦力不变；又因为物体在水平地面上做匀速运动，根据二力平衡条件可知，水平拉力F和滑动摩擦力f是一对平衡力，大小相等，即F1＝F2＝f；物体运动的距离都为10m，且F1＝F2，由W＝Fs可知W1＝W2；因为v1＜v2，且F1＝F2，由P＝Wt＝Fst＝Fv可知，P1＜P2.
17.不变减小90解析：
根据题意可知，匀速转动滑轮上的把手，轿厢的重力势能增加，轿厢匀速上升，轿厢质量不变，速度不变，故动能不变；同时配重匀速下降，高度降低，故重力势能减小；对厢式电梯模型分析可知，整个过程中动能没有变化，若不计绳重及轮轴间的摩擦，轿厢增加的重力势能等于小宇为模型提供的机械能与配重减小的重力势能之和，故ΔE2＝ΔE1－E＝2.7×102J－1.8×102J＝90J.
18.等于2.1×103解析：
加热10min，时间相同，酒精灯放出的热量相同，则水吸收的热量等于煤油吸收的热量；由题图乙知，升高相同的温度，水用的时间是煤油的两倍，即吸收的热量是煤油的两倍，根据c＝QmΔt，在质量、升温相同的情况下，比热容与Q成正比，故煤油的比热容是：
12×4.2×103J/（kg·℃）＝2.1×103J/（kg·℃）．
19.5.12×1092.56×1010解析：
5m3的“可燃冰”分解释放出天然气的体积：
V＝5×160m3＝800m3，这些天然气完全燃烧放出的热量：
Q放＝Vq＝800m3×3.2×107J/m3＝2.56×1010J，则可燃冰的热值：
q′＝Q放V′＝2.56×1010J5m3＝5.12×109J/m3.
20.2.1×10550%解析：
1kg水吸收的热量为Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg·℃）×1kg×（85℃－35℃）＝2.1×105J.煤气完全燃烧放出的热量为Q放＝m煤气q＝1×10－2kg×4.2×107J/kg＝4.2×105J.加热装置的效率为η＝Q吸Q放×100%＝2.1×105J4.2×105J×100%＝50%.
21.125125解析：
将货物从斜面底端匀速拉到顶端，所做的有用功：
W有用＝Gh＝1000N×1m＝1000J，由η＝W有用80%＝1250J，则拉力所做功的功率：
P＝W总t＝1250J10s＝125W．额外功：
W额外＝W总－W有用＝1250J－1000J＝250J，由W额外＝fs可得物体所受的摩擦力：
f＝W额外s＝250J2m＝125N.
22.如图所示
（第22题）
（第23题）
23.如图所示20N解析：
由题图可知，定滑轮上挂A、B两物体静止，所以A受到向上的拉力F拉＝GB＝60N，再以A为研究对象，A受到向上拉力60N，受到重力80N，所以A对地面的压力F＝F支＝GA－F拉＝80N－60N＝20N.
24.
（1）1.2
（2）①探究滑轮组的机械效率与提升物体重力的关系②a.按图示方式正确组装滑轮组；b.将重为G的钩码挂在动滑轮的下端，用弹簧测力计勾住绳子的末端，匀速竖直向上拉动绳子的末端，读出此时弹簧测力计的示数，记为F；c.依次增加动滑轮下端所挂钩码的数量，重复实验③η＝G3F×100%
25.
（1）调节杠杆在水平位置平衡
（2）F1l1＝F2l2（3）如图所示2（4）＞
解析：
（3）设一格的长度为L，杠杆在水平位置平衡，弹簧测力计的拉力的力臂为12×6L，由F1l1＝F2l2得，0.5N×3×4L＝F1×6L×12，解得F1＝2N．（4）根据杠杆的平衡条件，F1l1＝F2l2，设每个硬币的重量为G，则由图可得，2G（r＋L1）＝3G（r＋L2），2Gr＋2GL1＝3Gr＋3GL2，2GL1＝Gr＋3GL2，所以2GL1＞3GL2，即2L1＞3L2.
26.
（1）转换法
（2）质量（3）内（4）h＝4.9t2
27.
（1）如图所示
（2）水（3）水
28.
（1）1500J
（2）200W（3）75%解析：
（1）木箱的重力G＝mg＝100kg×10N/kg＝1000N，工人师傅对木箱做的有用功：
W有用＝Gh＝1000N×1.5m＝1500J；
（2）拉力做的总功W总＝Fs＝400N×5m＝2000J，拉力做功的功率为P总＝W总t＝2000J10s＝200W；（3）斜面的机械效率：
η＝W有用W总×100%＝1500J2000J×100%＝75%.
29.
（1）4×103N4×105J
（2）8×105J（3）50%
解析：
（1）满载货物时货车的总质量：
m＝m车＋m货＝1.5t＋2.5t＝4t＝4×103kg，货车的总重力：
G＝mg＝4×103kg×10N/kg＝4×104N，由题意知，货车
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