圆幂定理讲义Word格式.docx
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【点评】本题考查了垂径定理和勾股定理的运用,正确应用勾股定理是解题关键.
3.(2014•泸州)如图,在平面直角坐标系中,⊙P的圆心坐标是(3,a)(a>3),半径为3,函数y=x的图象被⊙P截得的弦AB的长为,则a的值是( )
A.4B.C.D.
F8:
一次函数图象上点的坐标特征;
勾股定理.
【专题】11:
计算题;
16:
压轴题.
【分析】PC⊥x轴于C,交AB于D,作PE⊥AB于E,连结PB,由于OC=3,PC=a,易得D点坐标为(3,3),则△OCD为等腰直角三角形,△PED也为等腰直角三角形.由PE⊥AB,根据垂径定理得AE=BE=AB=2,在Rt△PBE中,利用勾股定理可计算出PE=1,则PD=PE=,所以a=3+.
作PC⊥x轴于C,交AB于D,作PE⊥AB于E,连结PB,如图,
∵⊙P的圆心坐标是(3,a),∴OC=3,PC=a,
把x=3代入y=x得y=3,∴D点坐标为(3,3),∴CD=3,
∴△OCD为等腰直角三角形,∴△PED也为等腰直角三角形,
∵PE⊥AB,∴AE=BE=AB=×
4=2,在Rt△PBE中,PB=3,
∴PE=,∴PD=PE=,∴a=3+.故选:
B.
【点评】本题考查了垂径定理:
垂直于弦的直径平分这条弦,并且平分弦所对的两条弧.也考查了勾股定理和等腰直角三角形的性质.
4.(2013•内江)在平面直角坐标系xOy中,以原点O为圆心的圆过点A(13,0),直线y=kx﹣3k+4与⊙O交于B、C两点,则弦BC的长的最小值为 .
【考点】FI:
一次函数综合题.
【专题】16:
【分析】根据直线y=kx﹣3k+4必过点D(3,4),求出最短的弦CB是过点D且与该圆直径垂直的弦,再求出OD的长,再根据以原点O为圆心的圆过点A(13,0),求出OB的长,再利用勾股定理求出BD,即可得出答案.
∵直线y=kx﹣3k+4=k(x﹣3)+4,∴k(x﹣3)=y﹣4,
∵k有无数个值,∴x﹣3=0,y﹣4=0,解得x=3,y=4,
∴直线必过点D(3,4),∴最短的弦CB是过点D且与该圆直径垂直的弦,
∵点D的坐标是(3,4),∴OD=5,
∵以原点O为圆心的圆过点A(13,0),∴圆的半径为13,
∴OB=13,∴BD=12,∴BC的长的最小值为24;
故答案为:
24.
【点评】此题考查了一次函数的综合,用到的知识点是垂径定理、勾股定理、圆的有关性质,关键是求出BC最短时的位置.
STEP2:
新课讲解
1、熟练掌握圆幂定理的基本概念。
2、熟悉有关圆幂定理的相关题型,出题形式与解题思路。
3、能够用自己的话叙述圆幂定理的概念。
4、通过课上例题,结合课下练习。
掌握此部分的知识。
一、相交弦定理
相交弦定理
(1)相交弦定理:
圆内的两条相交弦,被交点分成的两条线段长的积相等.(经过圆内一点引两条线,各弦被这点所分成的两段的积相等).
几何语言:
若弦AB、CD交于点P,则PA•PB=PC•PD(相交弦定理)
(2)推论:
如果弦与直径垂直相交,那么弦的一半是它分直径所成
的两条线段的比例中项.
若AB是直径,CD垂直AB于点P,则PC2=PA•PB(相交弦定理推论).
基本题型:
【例1】(2014秋•江阴市期中)如图,⊙O的弦AB、CD相交于点P,若AP=3,BP=4,CP=2,则CD长为( )
A.6B.12C.8D.不能确定
【考点】M7:
相交弦定理.
计算题.
【分析】由相交线定理可得出AP•BP=CP•DP,再根据AP=3,BP=4,CP=2,可得出PD的长,从而得出CD即可.
∵AP•BP=CP•DP,
∴PD=,
∵AP=3,BP=4,CP=2,
∴PD=6,
∴CD=PC+PD=2+6=8.
故选C.
【点评】本题考查了相交线定理,圆内两条弦相交,被交点分成的两条线段的积相等.
【练习1】(2015•南长区一模)如图,矩形ABCD为⊙O的内接四边形,AB=2,BC=3,点E为BC上一点,且BE=1,延长AE交⊙O于点F,则线段AF的长为( )
A.B.5C.+1D.
【分析】由矩形的性质和勾股定理求出AE,再由相交弦定理求出EF,即可得出AF的长.
∵四边形ABCD是矩形,
∴∠B=90°
∴AE===,
∵BC=3,BE=1,∴CE=2,
由相交弦定理得:
AE•EF=BE•CE,
∴EF==,
∴AF=AE+EF=;
故选:
A.
【点评】本题考查了矩形的性质、勾股定理、相交弦定理;
熟练掌握矩形的性质和相交弦定理,并能进行推理计算是解决问题的关键.
综合题型
【例2】(2004•福州)如图,AB是⊙O的直径,M是⊙O上一点,MN⊥AB,垂足为N.P、Q分别是、上一点(不与端点重合),如果∠MNP=∠MNQ,下面结论:
①∠1=∠2;
②∠P+∠Q=180°
;
③∠Q=∠PMN;
④PM=QM;
⑤MN2=PN•QN.其中正确的是( )
A.①②③B.①③⑤C.④⑤D.①②⑤
相交弦定理;
M2:
M4:
圆心角、弧、弦的关系;
M5:
圆周角定理;
S9:
相似三角形的判定与性质.
【分析】根据圆周角定理及已知对各个结论进行分析,从而得到答案.
延长MN交圆于点W,延长QN交圆于点E,延长PN交圆于点F,连接PE,QF
∵∠PNM=∠QNM,MN⊥AB,
∴∠1=∠2(故①正确),
∵∠2与∠ANE是对顶角,
∴∠1=∠ANE,
∵AB是直径,
∴可得PN=EN,
同理NQ=NF,
∵点N是MW的中点,MN•NW=MN2=PN•NF=EN•NQ=PN•QN(故⑤正确),
∴MN:
NQ=PN:
MN,
∵∠PNM=∠QNM,
∴△NPM∽△NMQ,
∴∠Q=∠PMN(故③正确).
故选B.
【点评】本题利用了相交弦定理,相似三角形的判定和性质,垂径定理求解.
与代数结合的综合题
【例3】(2016•中山市模拟)如图,正方形ABCD内接于⊙O,点P在劣弧AB上,连接DP,交AC于点Q.若QP=QO,则的值为( )
A.B.C.D.
【分析】设⊙O的半径为r,QO=m,则QP=m,QC=r+m,QA=r﹣m.利用相交弦定理,求出m与r的关系,即用r表示出m,即可表示出所求比值.
如图,设⊙O的半径为r,QO=m,则QP=m,QC=r+m,
QA=r﹣m.
在⊙O中,根据相交弦定理,得QA•QC=QP•QD.
即(r﹣m)(r+m)=m•QD,所以QD=.
连接DO,由勾股定理,得QD2=DO2+QO2,
即,
解得
所以,
故选D.
【点评】本题考查了相交弦定理,即“圆内两弦相交于圆内一点,各弦被这点所分得的两线段的长的乘积相等”.熟记并灵活应用定理是解题的关键.
需要做辅助线的综合题
【例4】(2008秋•苏州期末)如图,⊙O过M点,⊙M交⊙O于A,延长⊙O的直径AB交⊙M于C,若AB=8,BC=1,则AM= .
圆周角定理.
【分析】根据相交弦定理可证AB•BC=EB•BF=(EM+MB)(MF﹣MB)=AM2﹣MB2=8,又由直径对的圆周角是直角,用勾股定理即可求解AM=6.
作过点M、B的直径EF,交圆于点E、F,
则EM=MA=MF,
由相交弦定理知,AB•BC=EB•BF=(EM+MB)(MF﹣MB)=AM2﹣MB2=8,
∵AB是圆O的直径,
∴∠AMB=90°
由勾股定理得,AM2+MB2=AB2=64,
∴AM=6.
【点评】本题利用了相交弦定理,直径对的圆周角是直角,勾股定理求解.
二、割线定理
割线定理
割线定理:
从圆外一点引圆的两条割线,这一点到每条割线与圆的交点的两条线段长的积相等.
几何语言:
∵PBA,PDC是⊙O的割线
∴PD•PC=PA•PB(割线定理)
由上可知:
PT2=PA•PB=PC•PD.
基本题型
【例5】(1998•绍兴)如图,过点P作⊙O的两条割线分别交⊙O于点A、B和点C、D,已知PA=3,AB=PC=2,则PD的长是( )
A.3B.C.5D.
【考点】MH:
切割线定理.
【分析】由已知可得PB的长,再根据割线定理得PA•PB=PC•PD即可求得PD的长.
∵PA=3,AB=PC=2,
∴PB=5,
∵PA•PB=PC•PD,
【点评】主要是考查了割线定理的运用.
【练习2】
(2003•天津)如图,Rt△ABC中,∠C=90°
,AC=3,BC=4,以点C为圆心、CA为半径的圆与AB、BC分别交于点D、E.求AB、AD的长.
切割线定理;
【分析】Rt△ABC中,由勾股定理可直接求得AB的长;
延长BC交⊙C于点F,根据割线定理,得BE•BF=BD•BA,由此可求出BD的长,进而可求得AD的长.
法1:
在Rt△ABC中,AC=3,BC=4;
根据勾股定理,得AB=5.
延长BC交⊙C于点F,则有:
EC=CF=AC=3(⊙C的半径),
BE=BC﹣EC=1,BF=BC+CF=7;
由割线定理得,BE•BF=BD•BA,
于是BD=;
所以AD=AB﹣BD=;
法2:
过C作CM⊥AB,交AB于点M,如图所示,
由垂径定理可得M为AD的中点,
∵S△ABC=AC•BC=AB•CM,且AC=3,BC=4,AB=5,
∴CM=,
在Rt△ACM中,根据勾股定理得:
AC2=AM2+CM2,即9=AM2+()2,
解得:
AM=,
∴AD=2AM=.
【点评】此题主要考查学生对勾股定理及割线定理的理解及运用.
【例6】(2015•武汉校级模拟)如图,两同心圆间的圆环的面积为16π,过小圆上任意一点P作大圆的弦AB,则PA•PB的值是( )
A.16B.16πC.4D.4π
【分析】过P点作大圆的直径CD,如图,设大圆半径为R,小圆半径为r,根据相交弦定理得到PA•PB=(OC﹣OP)•(OP+OD)=R2﹣r2,再利用πR2﹣πr2=16π得到R2﹣r2=16,所以PA•PB=16.
过P点作大圆的直径CD,如图,设大圆半径为R,小圆半径为r,
∴PA•PB=(OC﹣OP)•(OP+OD)
=(R﹣r)(R+r)
=R2﹣r2,
∵两同心圆间的圆环(即图中阴影部分)的面积为16π,
∴πR2﹣πr2=16π,
∴R2﹣r2=16,
∴PA•PB=16.
故选A.
平分弦的直径平分这条弦,并且平分弦所对的两条弧.也考查了相交弦定理.
【思考】观察讲义课后练习最后一道题,是否有思路
三、切割线定理
切割线定理
切割线定理:
【例7】(2013•长清区二模)如图,PA为⊙O的切线,A为切点,⊙O的割线PBC过点O与⊙O分别交于B、C,PA=8cm,PB=4cm,求⊙O的半径.
【分析】连接OA,设⊙O的半径为rcm,由勾股定理,列式计算即可.
连接OA,
设⊙O的半径为rcm,(2分)
则r2+82=(r+4)2,(4分)
解得r=6,∴⊙O的半径为6cm.(2分)
【点评】本题考查的是切割线定理,勾股定理,是基础知识要熟练掌握.
【练习3】(2013秋•东台市期中)如图,点P是⊙O直径AB的延长线上一点,PC切⊙O于点C,已知OB=3,PB=2.则PC等于( )
A.2B.3C.4D.5
【分析】根据题意可得出PC2=PB•PA,再由OB=3,PB=2,则PA=8,代入可求出PC.
∵PC、PB分别为⊙O的切线和割线,∴PC2=PB•PA,
∵OB=3,PB=2,∴PA=8,∴PC2=PB•PA=2×
8=16,∴PC=4.
【点评】本题考查了切割线定理,熟记切割线定理的公式PC2=PB•PA.
四、切线长定理
(1)圆的切线长定义:
经过圆外一点作圆的切线,这点和切点之间的线段的长,叫做这点到圆的切线长.
(2)切线长定理:
从圆外一点引圆的两条切线,它们的切线长相等,圆心和这一点的连线,平分两条切线的夹角.
(3)注意:
切线和切线长是两个不同的概念,切线是直线,不能度量;
切线长是线段的长,这条线段的两个端点分别是圆外一点和切点,可以度量.
(4)切线长定理包含着一些隐含结论:
①垂直关系三处;
②全等关系三对;
③弧相等关系两对,在一些证明求解问题中经常用到.
【例8】(2015•秦皇岛校级模拟)如图,一圆内切四边形ABCD,且BC=10,AD=7,则四边形的周长为( )
A.32B.34C.36D.38
【考点】MG:
切线长定理.
【分析】根据切线长定理,可以证明圆外切四边形的性质:
圆外切四边形的两组对边和相等,从而可求得四边形的周长.
由题意可得圆外切四边形的两组对边和相等,
所以四边形的周长=2×
(7+10)=34.
【点评】此题主要考查了切线长定理,熟悉圆外切四边形的性质:
圆外切四边形的两组对边和相等是解题关键.
【练习4】
(2015•岳池县模拟)如图,PA,PB切⊙O于A,B两点,CD切⊙O于点E交PA,PB于C,D,若⊙O的半径为r,△PCD的周长为3r,连接OA,OP,则的值是( )
切线长定理;
MC:
切线的性质.
【分析】利用切线长定理得出CA=CF,DF=DB,PA=PB,进而得出PA=r,求出即可.
∵PA,PB切⊙O于A,B两点,CD切⊙O于点E交PA,PB于C,D,
∴CA=CF,DF=DB,PA=PB,
∴PC+CF+DF+PD=PA=PB=2PA=3r,
∴PA=r,
则的值是:
=.
【点评】此题主要考查了切线长定理,得出PA的长是解题关键.
【例9】(2014秋•夏津县校级期末)如图,P为⊙O外一点,PA,PB分别切⊙O于A,B,CD切⊙O于点E,分别交PA,PB于点C,D.若PA=5,则△PCD的周长和∠COD分别为( )
A.5,(90°
+∠P)B.7,90°
+C.10,90°
﹣∠PD.10,90°
+∠P
【分析】根据切线长定理,即可得到PA=PB,ED=AD,CE=BC,从而求得三角形的周长=2PA;
连接OA、OE、OB根据切线性质,∠P+∠AOB=180°
,再根据CD为切线可知∠COD=∠AOB.
∵PA、PB切⊙O于A、B,CD切⊙O于E,
∴PA=PB=10,ED=AD,CE=BC;
∴△PCD的周长=PD+DE+PC+CE=2PA,即△PCD的周长=2PA=10,;
如图,连接OA、OE、OB.
由切线性质得,OA⊥PA,OB⊥PB,OE⊥CD,DB=DE,AC=CE,
∵AO=OE=OB,
易证△AOC≌△EOC(SAS),△EOD≌△BOD(SAS),
∴∠AOC=∠EOC,∠EOD=∠BOD,
∴∠COD=∠AOB,
∴∠AOB=180°
﹣∠P,
∴∠COD=90°
﹣∠P.
C.
【点评】本题考查了切线的性质,运用切线的性质来进行计算或论证,常通过作辅助线连接圆心和切点,利用垂直构造直角三角形解决有关问题,是基础题型.
五、圆幂定理
请尝试解出下列例题:
【例10】(2005•广州)如图,在直径为6的半圆上有两动点M、N,弦AM、BN相交于点P,则AP•AM+BP•BN的值为 .
压轴题;
25:
动点型.
【分析】连接AN、BM,根据圆周角定理,由AB是直径,可证∠AMB=90°
,由勾股定理知,BP2=MP2+BM2,由相交弦定理知,AP•PM=BP•PN,原式=AP(AP+PM)+BP(BP+PN)=AP2+AP•PM+BP2+BP•PN=AP2+BP2+2AP•PM=AP2+MP2+BM2+2AP•PM=AP2+(AP+PM)2=AP2+AM2=AB2=36.
连接AN、BM,
.
∴BP2=MP2+BM2
∵AP•PM=BP•PN
原式=AP(AP+PM)+BP(BP+PN)=AP2+AP•PM+BP2+BP•PN
=AP2+BP2+2AP•PM
=AP2+MP2+BM2+2AP•PM
=BM2+(AP+PM)2=BM2+AM2=AB2=36.
【点评】本题利用了圆周角定理和相交弦定理,勾股定理求解.
以上四条定理统称为圆幂定理。
(部分参考书以前三条为圆幂定理)
圆幂定理:
过平面内任一点P(P与圆心O不重合)做⊙O的(切)割线,交⊙O与点A、B,则恒有
。
(“
”被称为点P到⊙O的幂。
)
STEP3:
落实巩固——查漏补缺
找到自己本节课的薄弱环节。
STEP4:
总结
本结课复习了什么学到了什么
方法:
学生口述+笔记记录。
STEP5:
课后练习
一.选择题(共5小题)
1.如图所示,已知⊙O中,弦AB,CD相交于点P,AP=6,BP=2,CP=4,则PD的长是( )
A.6B.5C.4D.3
【分析】可运用相交弦定理求解,圆内的弦AB,CD相交于P,因此AP•PB=CP•PD,代入已知数值计算即可.
由相交弦定理得AP•PB=CP•PD,
∵AP=6,BP=2,CP=4,
∴PD=AP•PB÷
CP=6×
2÷
4=3.
【点评】本题主要考查的是相交弦定理“圆内两弦相交于圆内一点,各弦被这点所分得的两线段的长的乘积相等”.
2.⊙O的两条弦AB与CD相交于点P,PA=3cm,PB=4cm,PC=2cm,则CD=( )
A.12cmB.6cmC.8cmD.7cm
【分析】根据相交弦定理进行计算.
PA•PB=PC•PD,
∴DP===6cm,CD=PC+PD=2+6=8cm.故选C.
【点评】本题主要是根据相交弦定理“圆内两弦相交于圆内一点,各弦被这点所分得的两线段的长的乘积相等”进行计算.
3.如图,⊙O中,弦AB与直径CD相交于点P,且PA=4,PB=6,PD=2,则⊙O的半径为( )
A.9B.8C.7D.6
【分析】根据相交弦定理得出AP×
BP=CP×
DP,求出CP,求出CD即可.
AP×
DP,
∵PA=4,PB=6,PD=2,
∴CP=12,
∴DC=12+2=14,
∵CD是⊙O直径,
∴⊙O半径是7.
【点评】本题考查了相交弦定理的应用,关键是能根据定理得出AP×
DP.
4.如图,A是半径为1的圆O外的一点,OA=2,AB是⊙O的切线,B是切点,弦BC∥OA,连接AC,则阴影部分的面积等于( )
【分析】连接OB,OC,易证:
△BOC是等边三角形,且阴影部分的面积=△BOC的面积,据此即可求解.
连接OB,OC,
∵AB是圆的切线,
∴∠ABO=90°
在直角△ABO中,OB=1,OA=2,
∴∠OAB=30°
,∠AOB=60°
∵OA∥BC,
∴∠COB=∠AOB=60°
,且S阴影部分=S△BOC,
∴△BOC是等边三角形,边长是1,
∴S阴影部分=S△BOC=×
1×
【点评】本题主要考查了三角形面积的计算,以及切割线定理,正确证明△BOC是等边三角形是解题的关键.
5.如图,PA,PB分别是⊙O的切线,A,B分别为切点,点E是⊙O上一点,且∠AEB=60°
,则∠P为( )
A.120°
B.60°
C.30°
D.45°
【分析】连接OA,BO,由圆周角定理知可知∠AOB=2∠E=120°
,PA、PB分别切⊙O于点A、B,利用切线的性质可知∠OAP=∠OBP=90°
,根据四边形内角和可求得∠P=180°
﹣∠AOB=60°
连接OA,BO;
∵∠AOB=2∠E=120°
∴∠OAP=∠OBP=90°
∴∠P=180°
【点评】本题考查了切线的性质,切线长定理以及圆周角定理,利用了四边形的内角和为360度求解.
二.解答题(共3小题)
6.如图,P为弦AB上一点,CP⊥OP交⊙O于点C,AB=8,=,求PC的长.
【分析】延长CP交⊙O于D.由垂径定理可知CP=DP,由AB=8,=,得到AP=AB=2,PB=AB=6.再根据相交弦定理得出PC•PD=AP•PB,代入数值计算即可求解.
如图,延长CP交⊙O于D.
∵CP⊥OP,