浙江省高考物理试卷Word文档下载推荐.doc

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C．两颗卫星之间的引力大小为

D．三颗卫星对地球引力的合力大小为

6．（6分）如图所示，总质量为460kg的热气球，从地面刚开始竖直上升时的加速度为0.5m/s2，当热气球上升到180m时，以5m/s的速度向上匀速运动．若离开地面后热气球所受浮力保持不变，上升过程中热气球总质量不变，重力加速度g=10m/s2．关于热气球，下列说法正确的是（　　）

A．所受浮力大小为4830N

B．加速上升过程中所受空气阻力保持不变

C．从地面开始上升10s后的速度大小为5m/s

D．以5m/s匀速上升时所受空气阻力大小为230N

7．（6分）在半导体离子注入工艺中，初速度可忽略的离子P+和P3+，经电压为U的电场加速后，垂直进入磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里，有一定的宽度的匀强磁场区域，如图所示．已知离子P+在磁场中转过θ=30°

后从磁场右边界射出．在电场和磁场中运动时，离子P+和P3+（　　）

A．在电场中的加速度之比为1：

1

B．在磁场中运动的半径之比为：

C．在磁场中转过的角度之比为1：

2

D．离开电场区域时的动能之比为1：

3

三、解答题（共5小题，满分62分）

8．（10分）如图所示，装置甲中挂有小桶的细线绕过定滑轮，固定在小车上；

装置乙中橡皮筋的一端固定在导轨的左端，另一端系在小车上．一同学用装置甲和乙分别进行实验，经正确操作获得两条纸带①和②，纸带上的a、b、c…均为打点计时器打出的点．

（1）任选一条纸带读出b、c两点间的距离为　　；

（2）任选一条纸带求出c、e两点间的平均速度大小为　　，纸带①和②上c、e两点间的平均速度①　　②（填“大于”、”等于”或“小于”）；

（3）图中　　（填选项）

A．两条纸带均为用装置甲实验所得

B．两条纸带均为用装置乙实验所得

C．纸带①为用装置甲实验所得，纸带②为用装置乙实验所得

D．纸带①为用装置乙实验所得，纸带②为用装置甲实验所得．

9．（10分）采用如图所示的电路“测定电池的电动势和内阻”．

（1）除了选用照片中的部分器材外，　　（填选项）

A．还需要电压表

B．还需要电流表

C．还需要学生电源

D．不再需要任何器材

（2）测量所得数据如下：

测量次数

物理量

4

5

6

R/Ω

1.2

1.0

0.8

0.6

0.4

0.2

I/A

0.60

0.70

0.80

0.89

1.00

1.20

U/V

0.90

0.78

0.74

0.67

0.62

0.43

用作图法求得电池的内阻r=　　；

（3）根据第5组所测得的实验数据，求得电流表内阻RA=　　．

10．山谷中有三块石头和一根不可伸长的轻质青藤，其示意图如下．图中A、B、C、D均为石头的边缘点，O为青藤的固定点，h1=1.8m，h2=4.0m，x1=4.8m，x2=8.0m．开始时，质量分别为M=10kg和m=2kg的大、小两只滇金丝猴分别位于左边和中间的石头上，当大猴发现小猴将受到伤害时，迅速从左边石头A点起水平跳到中间石头，大猴抱起小猴跑到C点，抓住青藤下端荡到右边石头上的D点，此时速度恰好为零．运动过程中猴子均看成质点，空气阻力不计，重力加速度g=10m/s2．求：

（1）大猴从A点水平跳离时速度的最小值；

（2）猴子抓住青藤荡起时的速度大小；

（3）猴子荡起时，青藤对猴子的拉力大小．

11．（20分）“电子能量分析器”主要由处于真空中的电子偏转器和探测板组成．偏转器是由两个相互绝缘、半径分别为RA和RB的同心金属半球面A和B构成，A、B为电势值不等的等势面，其过球心的截面如图所示．一束电荷量为e、质量为m的电子以不同的动能从偏转器左端M的正中间小孔垂直入射，进入偏转电场区域，最后到达偏转器右端的探测板N，其中动能为Ek0的电子沿等势面C做匀速圆周运动到达N板的正中间．忽略电场的边缘效应．

（1）判断球面A、B的电势高低，并说明理由；

（2）求等势面C所在处电场强度E的大小；

（3）若半球面A、B和等势面C的电势分别为φA、φB和φC，则到达N板左、右边缘处的电子，经过偏转电场前、后的动能改变量△Ek左和△Ek右分别为多少？

（4）比较|△Ek左|和|△Ek右|的大小，并说明理由．

12．（22分）为了降低潜艇噪音，提高其前进速度，可用电磁推进器替代螺旋桨．潜艇下方有左、右两组推进器，每组由6个相同的、用绝缘材料制成的直线通道推进器构成，其原理示意图如下．在直线通道内充满电阻率ρ=0.2Ω∙m的海水，通道中a×

b×

c=0.3m×

0.4m×

0.3m的空间内，存在由超导线圈产生的匀强磁场，其磁感应强度B=6.4T、方向垂直通道侧面向外．磁场区域上、下方各有a×

b=0.3m×

0.4m的金属板M、N，当其与推进器专用直流电源相连后，在两板之间的海水中产生了从N到M，大小恒为I=1.0×

103A的电流，设电流只存在于磁场区域．不计电源内阻及导线电阻，海水密度ρm=1.0×

103kg/m3．

（1）求一个直线通道推进器内磁场对通电海水的作用力大小，并判断其方向；

（2）在不改变潜艇结构的前提下，简述潜艇如何转弯？

如何“倒车”？

（3）当潜艇以恒定速度v0=30m/s前进时，海水在出口处相对于推进器的速度v=34m/s，思考专用直流电源所提供的电功率如何分配，求出相应功率的大小．

参考答案与试题解析

【解答】解：

A、电磁波可以传递信息，如电视信号；

声波也可以传递信息，如人说话；

故A错误；

B、手机用电磁波传递信息，人用声波说话，故B正确；

C、太阳光中的可见光是电磁波，真空中为3×

108m/s；

“B超”中的超声波是声波，常温下，空气中大约为340m/s；

故C错误；

D、遥控器发出的红外线波长和医院CT中的X射线频率不同，波速相同，根据c=λf，波长不同，故D错误；

故选：

B。

根据感应电动势公式E=BLv可知，其他条件不变时，感应电动势与导体的切割速度成正比，只将刷卡速度改为，则线圈中产生的感应电动势的最大值将变为原来的。

磁卡通过刷卡器的时间t=与速率成反比，所用时间变为原来的2倍。

故D正确。

D。

当太阳、地球、月球在同一直线上，地球位于太阳与月球之间时，太阳发出的沿直线传播的光被不透明的地球完全挡住，光线照不到月球上，在地球上完全看不到月球的现象就是月全食。

看到整个月亮是暗红的，是因为太阳光中的红光经地球大气层折射到月球。

故C正确，A、B、D错误。

故选C。

A、在0～4s内，物体所受的摩擦力为静摩擦力，4s末开始运动，则5s内位移不为零，则拉力做功不为零。

B、4s末拉力为4N，摩擦力为4N，合力为零。

故B错误；

C、根据牛顿第二定律得，6s～9s内物体做匀加速直线运动的加速度a=．f=μmg，解得．故C错误，D正确。

A、根据万有引力定律可知，质量分布均匀的球体间的引力距离r等于两球心间的距离，而r﹣R为同步卫星距地面的高度，故A错误；

B、计算卫星与地球间的引力，r应为卫星到地球球心间的距离也就是卫星运行轨道半径r，故B选项正确；

C、根据几何关系可知，两同步卫星间的距离d=，故两卫星间的引力大小为，故C正确；

D、卫星对地球的引力均沿卫星地球间的连线向外，由于三颗卫星质量大小相等，对地球的引力大小相等，又因为三颗卫星等间隔分布，根据几何关系可知，地球受到三个卫星的引力大小相等方向成120°

角，所以合力为0，故D错误。

BC。

A、从地面刚开始竖直上升时，速度为零，故阻力为零，气球受重力和浮力，根据牛顿第二定律，有：

F浮﹣mg=ma

解得：

F浮=m（g+a）=460×

（10+0.5）N=4830N，故A正确；

B、气球受重力、浮力和空气阻力，若阻力不变，合力不变，气球匀加速上升，矛盾，故B错误；

C、刚开始竖直上升时的加速度为0.5m/s2，气球是变加速运动，加速度逐渐减小，故10s后的速度大小小于5m/s，故C错误；

D、以5m/s匀速上升时，根据平衡条件，有：

F浮=mg+f，解得f=230N，故D正确；

AD。

A：

两个离子的质量相同，其带电量是1：

3的关系，所以由可知其在电场中的加速度是1：

3，故A错。

B：

要想知道半径必须先知道进入磁场的速度，而速度的决定因素是加速电场，所以在离开电场时其速度表达式为：

，可知其速度之比为．又由知，所以其半径之比为：

1，故B正确。

C：

由B的分析知道，离子在磁场中运动的半径之比为：

，设磁场宽度为L，离子通过磁场转过的角度等于其圆心角，所以有，则可知角度的正弦值之比为，又P+的角度为30°

，可知P3+角度为60°

，故C正确。

D：

由电场加速后：

可知，两离子离开电场的动能之比为1：

3，故D正确。

BCD。

（1）任选一条纸带读出b、c两点间的距离为　2.40cm　；

（2）任选一条纸带求出c、e两点间的平均速度大小为　1.25m/s　，纸带①和②上c、e两点间的平均速度①　小于　②（填“大于”、”等于”或“小于”）；

（3）图中　C　（填选项）

（1）选②纸带读出b、c两点间的距离为6.50﹣4.10cm=2.40cm

（2）选②纸带读出c、e两点间的距离为5cm，

相对应的平均速度==1.25m/s

选①纸带读出c、e两点间的距离为4.5cm，

所以平均速度①小于②．

（3）装置甲实验中小车做匀加速直线运动，所以相邻的计时点的间距之差相等，

装置乙实验中小车受橡皮筋的弹力越来越小，所以做加速度减小的变加速直线运动，以相邻的计时点的间距之差减小，

所以带①为用装置甲实验所得，纸带②为用装置乙实验所得

故选C．

故答案为：

（1）2.40cm

（2）1.25m/s，小于（3）C

（1）除了选用照片中的部分器材外，　A　（填选项）

用作图法求得电池的内阻r=　0.76Ω　；

（3）根据第5组所测得的实验数据，求得电流表内阻RA=　0.22Ω　．

（1）对照电路图，会发现缺少电压表；

（2）根据闭合电路欧姆定律，有E=U+Ir，变形得到：

U=﹣rI+E，作出U﹣I图，如图所示

斜率的绝对值表示内电阻，故；

（3）根据闭合电路欧姆定律，有：

U=IRA+IR，故；

（1）A；

（2）见右图，r=0.76Ω；

（3）0.22Ω．

根据，解得

则跳离的最小速度．

（2）根据机械能守恒定律得，

解得v==m/s≈9m/s．

（3）根据牛顿第二定律得，

根据几何关系得，

联立解得F=216N．

答：

（1）大猴从A点水平跳离时速度的最小值为8m/s．

（2）猴子抓住青藤荡起时的速度大小9m/s．

（3）猴子荡起时，青藤对猴子的拉力大小为216N．

（1）电子做匀速圆周运动，电场力提供向心力，受力的方向与电场的方向相反，所以B板的电势较高；

（2）电场力提供向心力：

又：

，

联立以上3式，得：

．

（3）到达N板左边缘处的电子，在运动的过程中，电场力对它们做正功，电子动能的改变量等于电场力做功，即：

△EK左=﹣eUCB=﹣e（φC﹣φB），

到达右边缘处的电子，在运动的过程中，电场力对它们做负功，电子动能的改变量等于电场力做功，即：

△EK右=﹣eUCA=﹣e（φC﹣φA）．

（4）该电场是放射状电场，内侧的电场线密，电场强度大，所以UBC＞UCA，即：

φC﹣φB＞φC﹣φA，所以：

|△EK左|＞|△EK右|．

（1）B板电势高于A板；

（3）△Ek左=e（φC﹣φB），△Ek右=e（φC﹣φA）；

（4）|△Ek左|＞|△Ek右|

（1）安培力的大小，F=BIL=6.4×

1000×

0.3=1.92×

103N，

根据左手定则可知，方向：

垂直于BI平面向右；

（2）开启或关闭不同个数的左、右两侧的直线通道推进器，实施转弯．

改变电流方向，或改变磁场方向，可以改变海水所受磁场力的方向，实施“倒车”．

（3）电源提供的电功率中的第一部分为牵引功率

P1=F牵v0

根据牛顿第三定律：

F安=12BIL，

当v0=30m/s时，代入数据得：

P1=F牵v0=12×

1.92×

103×

30W=6.9×

105W

电源提供的电功率中的第二部分为单位时间内海水的焦耳热功率

推进器内海水的电阻=0.5Ω

P2=12I2R=6×

106W

电源提供的电功率中的第三部分为单位时间内海水动能的增加量

单位时间内通过推进器的水的质量为

m=ρmbcv水对艇=1.0×

0.4×

0.3×

34=4080kg

单位时间内其动能增加为==391680W．

（1）一个直线通道推进器内磁场对通电海水的作用力大小为1.92×

103N，其方向为垂直于BI平面向右；

（3）当潜艇以恒定速度v0=30m/s前进时，海水在出口处相对于推进器的速度v=34m/s，电源提供的电功率中的第一部分为牵引功率，其大小6.9×

105W；

电源提供的电功率中的第二部分为单位时间内海水的焦耳热功率，其大小为6×

106W；

电源提供的电功率中的第三部分为单位时间内海水动能的增加量，

其功率的大小为391680W．

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