普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试浙江卷物理Word文档下载推荐.docx

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A.换用宽度更窄的遮光条 

B.提高测量遮光条宽度的精确度

C.使滑块的释放点更靠近光电门 

D.增大气垫导轨与水平面的夹角

A

实质上是滑块通过光电门时的平均速度,所以要使瞬时速度的测量值更接近于真实值,可将遮光条的宽度减小一些,所以B、C、D项错误,A项正确。

3.如下图所示为静电力演示仪,两金属极板分别固定于绝缘支架上,且正对平行放置。

工作时两板分别接高压直流电源的正负极,表面镀铝的乒乓球用绝缘细线悬挂在两金属极板中间,则（　　）

A.乒乓球的左侧感应出负电荷

B.乒乓球受到扰动后,会被吸在左极板上

C.乒乓球共受到电场力、重力和库仑力三个力的作用

D.用绝缘棒将乒乓球拨到与右极板接触,放开后乒乓球会在两极板间来回碰撞

D

乒乓球在两极板中间时,其左侧会感应出正电荷,A错误;

电场力和库仑力是同一个力的不同称谓,C错误;

乒乓球与右极板接触则带正电,在电场力作用下向左运动与左极板相碰,碰后带上负电,又向右运动与右极板相碰,如此往复运动,所以D正确,B错误。

4.如下图所示为足球球门,球门宽为L。

一个球员在球门中心正前方距离球门s处高高跃起,将足球顶入球门的左下方死角（图中P点）。

球员顶球点的高度为h。

足球做平抛运动（足球可看成质点,忽略空气阻力）,则（　　）

A.足球位移的大小x=

B.足球初速度的大小v0=

C.足球末速度的大小v=

D.足球初速度的方向与球门线夹角的正切值tanθ=

B

如图,足球平抛运动的水平位移x=

不是足球的位移,所以A错。

由x=v0t,h=

gt2,得

B正确。

足球的末速度

所以C错误。

由图可知足球初速度方向与球门线的夹角为θ,tanθ=s/

=2s/L,故D错误。

所以本题选B。

​评析：

　本题考查平抛知识,难点是想象空间模型。

二、多选题（本大题共3小题，共12.0分）

5.我国科学家正在研制航母舰载机使用的电磁弹射器。

舰载机总质量为3.0×

104kg,设起飞过程中发动机的推力恒为1.0×

105N;

弹射器有效作用长度为100m,推力恒定。

要求舰载机在水平弹射结束时速度大小达到80m/s。

弹射过程中舰载机所受总推力为弹射器和发动机推力之和,假设所受阻力为总推力的20%,则（　　）

A.弹射器的推力大小为1.1×

106N

B.弹射器对舰载机所做的功为1.1×

108J

C.弹射器对舰载机做功的平均功率为8.8×

107W

D.舰载机在弹射过程中的加速度大小为32m/s2

ABD

舰载机弹射过程中的加速度

选项D正确;

对舰载机在水平方向受力分析,根据牛顿第二定律得:

F弹+F发-20%（F弹+F发）=ma,解得:

F弹=1.1×

106N,选项A正确;

由功的定义得:

W弹=F弹·

x=1.1×

108J,选项B正确;

由速度公式得弹射器对舰载机的作用时间

s=2.5s,由功率的定义得:

P弹=

=4.4×

107W,选项C错。

6.如下图所示为赛车场的一个水平“U”形弯道,转弯处为圆心在O点的半圆,内外半径分别为r和2r。

一辆质量为m的赛车通过AB线经弯道到达A'

B'

线,有如图所示的①、②、③三条路线,其中路线③是以O'

为圆心的半圆,OO'

=r。

赛车沿圆弧路线行驶时,路面对轮胎的最大径向静摩擦力为Fmax。

选择路线,赛车以不打滑的最大速率通过弯道（所选路线内赛车速率不变,发动机功率足够大）,则（　　）

A.选择路线①,赛车经过的路程最短

B.选择路线②,赛车的速率最小

C.选择路线③,赛车所用时间最短

D.①、②、③三条路线的圆弧上,赛车的向心加速度大小相等

ACD

路线①、②均由一半圆与两条直线构成,s1=πr+2r,s2=2πr+2r;

路线③由一半圆构成,s3=2πr,所以A正确。

根据F=

有,vm=

路线①半径最小,路线②、③半径相等,得v2m=v3m=

v1m,B错。

根据

得t2>

t1>

t3,C正确。

得a1=a2=a3,D正确。

7.如下图所示,用两根长度相同的绝缘细线把一个质量为0.1kg的小球A悬挂到水平板的M、N两点,A上带有Q=3.0×

10-6C的正电荷。

两线夹角为120°

两线上的拉力大小分别为F1和F2。

A的正下方0.3m处放有一带等量异种电荷的小球B,B与绝缘支架的总质量为0.2kg（重力加速度取g=10m/s2;

静电力常量k=9.0×

109N・m2/C2,A、B球可视为点电荷，则（）

A.支架对地面的压力大小为2.0N

B.两线上的拉力大小F1=F2=1.9N

C.将B水平右移,使M。

A。

B在同一直线上,此时两线上的拉力大小F1=1.225N,F2=1.0N

D.将B移到无穷远处,两线上的拉力大小F1=F2=0.866N

BC

小球B和支架组成的整体,在三个力作用下平衡,故有:

FN+FAB=mBg,FAB=k

联立两式解得:

FAB=0.9N,FN=1.1N,根据牛顿第三定律可判断出A错。

小球A在四个力作用下平衡,如图（甲）所示。

（甲）由对称性可知F1=F2,在竖直方向上有:

2F1cos60°

=2F2cos60°

=mAg+FBA,解得F1=F2=1.9N,可见B正确。

　　当B球与M、A共线时,A球受力情况如图（乙）所示,

（乙）由几何关系可知rAB'

=0.6m,FBA'

=k

​=0.225N。

将A球所受重力分解在MA和NA的方向上,由上述两个方向上分力的合力为零可得:

F1=1.225N,F2=1.0N,故C正确。

B球移至无穷远处时,A、B之间的库仑力忽略不计,对A球由三力平衡条件可求得F1=F2=mAg=1.0N,故D错。

评析　本题考查了库仑定律和共点力平衡问题,情景清晰,但计算量稍大。

题目难度中等,要求考生镇定、细心。

三、实验题探究题（本大题共2小题，共18.0分）

8.（10分）甲同学准备做“验证机械能守恒定律”实验,乙同学准备做“探究加速度与力、质量的关系”实验。

图1 

图2 

（1）图1中A、B、C、D、E表示部分实验器材,甲同学需在图中选用的器材　　　　;

乙同学需在图中选用的器材　　　　。

（用字母表示） 

（2）乙同学在实验室选齐所需器材后,经正确操作获得如图2所示的两条纸带①和②。

纸带　　　　的加速度大（填“①”或“②”）,其加速度大小为　　　　。

（1）AB　BDE　

（2）①　（2.5±

0.2）m/s2

（1）做“验证机械能守恒定律”实验时,需在图中选用:

A重锤,B电火花打点计时器;

做“探究加速度与力、质量的关系”实验时,需在图中选用:

B电火花打点计时器,D小车,E钩码。

（2）在纸带①中Δx1=1.0mm。

在纸带②中Δx2=0.5mm。

所以Δx1>

Δx2再由Δx=aT2可得纸带①的加速度大,其值为

。

9.（10分）图1是小红同学在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验的实物连接图。

图1

图2

（1）根据图1画出实验电路图;

（2）调节滑动变阻器得到了两组电流表与电压表的示数如图2中的①、②、③、④所示,电流表量程为0.6A,电压表量程为3V。

所示读数为:

①　　　　、②　　　　、③　　　　、④　　　　。

两组数据得到的电阻分别为　　　　和　　　　。

（1）如图所示

（2）①0.10A　②0.24A　③2.00V　④0.27V（8.3±

0.1）Ω　（2.7±

0.1）Ω[如填为“（2.7±

0.1）Ω　（8.3±

0.1）Ω”也行]

（1）图见答案。

（2）由图2可知,量程为0.6A的电流表的分度值为0.02A,采用“半格估读法”,①的读数为0.10A,②的读数为0.24A;

量程为3V的电压表的分度值为0.1V,应采用“

估读”法,故③、④的读数分别为2.00V与0.27V。

因小灯泡通过的电流随其两端电压的增大而增大,故①与④、②与③分别对应,故由欧姆定律R=

可得两组数据得到的电阻分别为R1=

Ω=8.3Ω、R2=

​ 

Ω=2.7Ω。

四、计算题（本大题共3小题，共30.0分）

10.（16分）如下图所示,用一块长L1=1.0m的木板在墙和桌面间架设斜面,桌子高H=0.8m,长L2=1.5m。

斜面与水平桌面的倾角θ可在0~60°

间调节后固定。

将质量m=0.2kg的小物块从斜面顶端静止释放,物块与斜面间的动摩擦因数μ1=0.05,物块与桌面间的动摩擦因数为μ2,忽略物块在斜面与桌面交接处的能量损失。

（重力加速度取g=10m/s2;

最大静摩擦力等于滑动摩擦力）

（1）求θ角增大到多少时,物块能从斜面开始下滑;

（用正切值表示）

（2）当θ角增大到37°

时,物块恰能停在桌面边缘,求物块与桌面间的动摩擦因数μ2;

（已知sin37°

=0.6,cos37°

=0.8）

（3）继续增大θ角,发现θ=53°

时物块落地点与墙面的距离最大,求此最大距离xm。

（1）tanθ≥0.05

（2）0.8（3）1.9m

（1）为使小物块下滑mgsinθ≥μ1mgcosθ 

①θ满足的条件tanθ≥0.05 

②

（2）克服摩擦力做功Wf=μ1mgL1cosθ+μ2mg（L2-L1cosθ） 

③由动能定理得mgL1sinθ-Wf=0 

④代入数据得μ2=0.8 

⑤（3）由动能定理得mgL1sinθ-Wf=

mv2 

⑥代入数据得v=1m/s 

⑦H=

gt2t=0.4s 

⑧x1=vtx1=0.4m 

⑨xm=x1+L2=1.9m 

⑩

11.（20分）小明同学设计了一个“电磁天平”,如图1所示,等臂天平的左臂为挂盘,右臂挂有矩形线圈,两臂平衡。

线圈的水平边长L=0.1m,竖直边长H=0.3m,匝数为N1。

线圈的下边处于匀强磁场内,磁感应强度B0=1.0T,方向垂直线圈平面向里。

线圈中通有可在0~2.0A范围内调节的电流I。

挂盘放上待测物体后,调节线圈中电流使天平平衡,测出电流即可测得物体的质量。

（重力加速度取g=10m/s2）

图1 

图2

（1）为使电磁天平的量程达到0.5kg,线圈的匝数N1至少为多少?

（2）进一步探究电磁感应现象,另选N2=100匝、形状相同的线圈,总电阻R=10Ω。

不接外电流,两臂平衡。

如图2所示,保持B0不变,在线圈上部另加垂直纸面向外的匀强磁场,且磁感应强度B随时间均匀变大,磁场区域宽度d=0.1m。

当挂盘中放质量为0.01kg的物体时,天平平衡,求此时磁感应强度的变化率

。

（1）25　

（2）0.1T/s

（1）线圈受到安培力F=N1B0IL 

①天平平衡mg=N1B0IL 

②代入数据得N1=25 

③

（2）由电磁感应定律得

④

⑤由欧姆定律得I'

=

⑥线圈受到安培力F'

=N2B0I'

L 

⑦天平平衡

⑧代入数据可得

=0.1T/s 

⑨

12.（22分）使用回旋加速器的实验需要把离子束从加速器中引出,离子束引出的方法有磁屏蔽通道法和静电偏转法等。

质量为m,速度为v的离子在回旋加速器内旋转,旋转轨道是半径为r的圆,圆心在O点,轨道在垂直纸面向外的匀强磁场中,磁感应强度为B。

为引出离子束,使用磁屏蔽通道法设计引出器。

引出器原理如图所示,一对圆弧形金属板组成弧形引出通道,通道的圆心位于O'

点（O'

点图中未画出）。

引出离子时,令引出通道内磁场的磁感应强度降低,从而使离子从P点进入通道,沿通道中心线从Q点射出。

已知OQ长度为L,OQ与OP的夹角为θ。

（1）求离子的电荷量q并判断其正负;

（2）离子从P点进入,Q点射出,通道内匀强磁场的磁感应强度应降为B'

求B'

;

（3）换用静电偏转法引出离子束,维持通道内的原有磁感应强度B不变,在内外金属板间加直流电压,两板间产生径向电场,忽略边缘效应。

为使离子仍从P点进入,Q点射出,求通道内引出轨迹处电场强度E的方向和大小。

（1）

　正电荷

（2）

（3）方向沿径向向外　Bv-

（1）离子做圆周运动Bqv=

①q=

正电荷 

②

（2）如图所示

O'

Q=R,OQ=L,O'

O=R-r引出轨迹为圆弧,有B'

qv=

③R=

④根据几何关系得R=

⑤

⑥（3）电场强度方向沿径向向外 

⑦引出轨迹为圆弧,有Bqv-Eq=

⑧E=Bv-