专业的题目六目标检测Word文档格式.docx

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N/m＝66.7N/m，kB＝

N/m＝200N/m；

（3）因为不能超过弹簧的弹性限度，故这两个弹簧秤的量程分别不能超过4N和8N。

4．（6分）（2013·

长沙模拟）如图是验证机械能守恒定律的实验。

小圆柱由一根不可伸长的轻绳拴住，轻绳另一端固定。

将轻绳拉至水平后由静止释放。

在最低点附近放置一组光电门，测出小圆柱运动到最低点的挡光时间Δt，再用游标卡尺测出小圆柱的直径d，如图，重力加速度为g。

则

（1）小圆柱的直径d＝________cm；

（2）测出悬点到圆柱重心的距离为l，若等式gl＝________成立，说明小圆柱下摆过程机械能守恒。

[答案]　

（1）1.02　

（2）

[解析]　

（1）由游标卡尺的读数规则：

d＝10mm＋2×

0.1mm＝10.2mm＝1.02cm

（2）小圆柱运动到最低点时的速度：

v＝

，若gl＝

，即mgl＝

m

，说明小圆柱下摆过程中，机械能守恒。

5．（8分）（2013·

潍坊模拟）某同学用图甲所示的电路探究电学元件的U－I关系，得到的数据描在图乙所示的坐标纸上。

（1）观察图乙所描数据点的分布情况，画出电学元件的U－I曲线；

（2）当电压表示数U＝2.0V时，元件的电功率值为________W（保留2位有效数字），此值与元件的实际功率值相比________（填“偏大”、“偏小”或“相等”）；

（3）如果把这个电学元件直接接在一个电动势为1.5V、内阻为2.0Ω的电池两端，则电学元件两端的电压是________V。

[答案]　

（1）如图

（2）1.0　偏大　（3）0.8

[解析]　

（1）将题图乙中的点迹描成平滑的曲线，如答案中图；

（2）由题图乙可知，当U＝2.0V时，电流I＝0.5A，则功率P＝UI＝1.0W；

由题图甲可知，电流表的读数是电学元件和电压表这个并联电路的总电流，此功率比电学元件的实际功率偏大；

（3）作出该电源的路端电压U与电流I的图象，如图，由图读出交点的纵坐标，即U＝0.8V。

6．（8分）用伏安法测量电阻R的阻值，并求出电阻率ρ。

给定的实验器材有：

电压表（内阻约为50kΩ）、电流表（内阻约为40Ω）、滑动变阻器（最大电阻为20Ω）、电源、开关、待测电阻（约为250Ω）及导线若干。

（1）试在虚线框内画出测量R的电路图。

（2）某同学测出多组U、I值后，要进一步得出待测电阻的阻值，为了直观和简便，他可以采用什么方法处理实验数据？

________________________________________________________________________。

（3）若该同学测出待测电阻R＝229Ω，并用游标为50分度的游标卡尺测量其长度与直径，记录的结果为：

长度L＝0.80cm，直径D＝0.194cm。

他的实验数据记录是否有误，请简要说明理由。

（4）用该同学测量的数据可求出电阻率ρ＝________。

（保留3位有效数字）

[答案]　

（1）如图所示

（2）作出U－I图线，利用图象法求出电阻R

（3）长度的记录有误，游标为50分度的游标卡尺，测量精度为0.02mm，以cm为单位，小数点后面要有3位小数，应为0.800cm　（4）8.46×

10－2Ω·

[解析]　该题考查电阻率的测量过程。

涉及电阻的测量、实验数据的处理、游标卡尺的读数、实验结果的计算。

（1）题目要求画出测量R的电路图，需要认真审题，弄清所给器材的特点，然后选择合适的电路方案。

待测电阻的阻值约为250Ω，与电压表（内阻约为50kΩ）、电流表（内阻约为40Ω）的内阻相比较，比电压表的内阻小得多，故应采用电流表外接法，滑动变阻器的最大阻值只有20Ω，必须采用分压接法。

（2）作出U－I图线，求出该图线的斜率k，即为R的电阻值。

（3）他记录的长度L＝0.80cm有误。

游标为50分度的游标卡尺，测量精度为0.02mm，以cm为单位，小数点后面要有3位小数，应为0.800cm。

（4）由ρ＝

，代入数据得ρ＝8.46×

m。

7．（8分）在“验证力的平行四边形定则”实验中。

（1）某同学的实验操作主要步骤如下：

A．在桌上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；

B．用图钉把橡皮筋的一端固定在板上的A点，在橡皮筋的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端系着绳套；

C．用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮筋，使橡皮筋伸长，结点到达某一位置O，记录下O点的位置，读出两个弹簧测力计的示数；

D．按选好的标度，用铅笔和刻度尺作出两只弹簧测力计的拉力F1和F2的图示，并用平行四边形定则求出合力F；

E．只用一只弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮筋使其伸长，读出弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按照同一标度作出这个力F′的图示；

F．比较力F′和F的大小和方向，看它们是否相同，得出结论。

上述步骤中，有重要遗漏的步骤的序号是________。

（2）

如图为利用实验记录的结果作出的图，则图中的________是力F1和F2的合力理论值，________是力F1和F2的等效合力的实际测量值。

（3）如果某同学实验中测出F1>

F2的同时，还用量角器测量出F1和F2的夹角为75°

，然后做出如下的几个推断，其中正确的是________。

A．将F1转动一定的角度，可以使合力F的方向不变

B．将F2转动一定的角度，可以使合力F的方向不变

C．保持F1的大小和方向不变，将F2逆时针转动30°

，可以使合力F的大小和方向都不变

D．只有保持F1和F2的大小不变，同时转动一定的角度，才可能使合力F的大小和方向都不变

[答案]　

（1）CD　

（2）F　F′　（3）AB

[解析]　

（1）步骤C中没有记下力的方向，步骤E中没有说明把结点拉到相同的位置。

（2）等效合力在方向上没有误差，一定在AO方向上。

（3）由平行四边形定则易知AB正确，CD错误。

8．（8分）（2013·

杭州模拟）莉莉同学为了测一节干电池的电动势E和内电阻r，做了以下实验。

（1）她先用多用电表估测电动势E。

将选择开关旋至直流2.5V挡，红、黑表笔与干电池的正、负极相接，此时指针所指位置如图甲所示，则此时多用电表的读数为________V。

（2）莉莉再用伏安法更精确地测量该干电池的电动势和内电阻，实验电路如图乙所示。

请你用实线代替导线在图丙中连接好实物，要求滑动变阻器的滑动头向右滑动时，其电阻值变大。

（3）由实验测得的7组数据已在图丁的U－I图上标出，请你完成图线。

由图象可得E＝________V（保留3位有效数字），r＝________Ω（保留2位有效数字）。

[答案]　

（1）1.45（1.45±

0.01均对，有效数字位数不对的，不给分）

（2）连线如图丙（连线全对给分）

（3）如图丁（画折线不给分）

1．49（1.49±

0.01均对）　1.1（或1.0均对）

[解析]　

（1）当选择开关置于直流2.5V，电压表的最小刻度值为

V＝0.05V，故对应的读数为29.0×

0.05＝1.45V。

（3）由电源的伏安特性曲线在U轴上的截距表示电源电动势可得：

E＝1.49V。

斜率表示内阻的大小，则有r＝

Ω＝1.1Ω。

9．（8分）（2013·

郑州模拟）某实验小组想描绘标有“4V、2W”的小灯泡的U－I图象，除导线和开关外还备有以下器材可供选择：

A．电流表A1（量程6A，内阻约为1Ω）

B．电流表A2（量程3.0A，内阻约为0.2Ω）

C．电压表V1（量程5.0V，内阻约为5kΩ）

D．电压表V2（量程15.0V，内阻约为15kΩ）

E．滑动变阻器R1（最大阻值为5Ω，额定电流500mA）

F．滑动变阻器R2（最大阻值为10Ω，额定电流2.0A）

G．电源（电动势为6.0V，内阻约为0.5Ω）

（1）实验中所用的电流表应选________；

电压表应选________；

滑动变阻器应选________。

（只需填器材前面的字母代号）

（2）在虚线框内画出实验电路图。

（3）经过正确的操作，测得的数据如下表，请根据下表数据在上方坐标系中描点画出小灯泡的U－I曲线。

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

11

U/V

0.40

0.80

1.20

1.60

2.00

2.40

2.80

3.20

3.60

4.00

I/A

0.12

0.22

0.30

0.36

0.43

0.46

0.48

0.49

0.50

[答案]　

（1）A　C　F　

（2）电路图如图甲所示　

（3）U－I图线如图乙所示

[解析]　由题意可知该电路应该用分压电路，电流表外接。

电流表应选择0.6A量程，电压表应选5.0V量程，滑动变阻器应选10Ω、2.0A。

10．（8分）如图所示是一同学在一次实验中用打点计时器打出的一条纸带，其中A、B、C、D、E、F是打点计时器连续打出的6个点（其中F点没画出），利用纸带旁边的刻度尺读出数据（要求读到毫米下一位），并回答下列问题：

（1）根据图示情况，AB间距离为________cm，物体在纸带打出E点时的瞬时速度为________m/s，由此纸带可求出物体运动的加速度为________m/s2。

（2）根据以上计算结果可判定该纸带是该同学做下列哪个实验得到的________。

A．练习使用打点计时器

B．探究“加速度与力和质量的关系”

C．用落体法验证机械能守恒定律

D．用斜面和小车研究匀变速直线运动

[答案]　

（1）1.00　1.18　9.69　

（2）C

[解析]　

（1）用毫米刻度尺测量时最小刻度为1mm，要求读到毫米下一位，所以AB间距离为1.00cm；

由题图可知BC≈1.38cm，CD≈1.77cm，DE≈2.16cm，即连续相邻两段位移差为定值，纸带所描述运动为匀加速运动，所以EF≈2.55cm，则物体在纸带打出E点时的瞬时速度为vE≈1.18m/s，由逐差法可求得物体的加速度为a≈

＝9.69m/s2。

（2）测出的加速度接近重力加速度，所以应是用落体法验证机械能守恒定律，C对。

11．（8分）

某同学在测定某电源的电动势E和内阻r时，因找不到合适的滑动变阻器，便找来一段电阻率较大的粗细均匀的电阻丝ab替代滑动变阻器，设计了如图甲所示的实验，其中R0是阻值为2Ω的保护电阻，滑动片P与电阻丝始终接触良好。

实验时闭合开关，调节P的位置，测得aP的长度x和对应的电压U、电流I数据，并分别绘制了如图乙所示的U－I图象和如图丙所示的U/I－x图象。

（1）由图乙可得电源的电动势E＝________V；

内阻r＝________Ω。

（2）根据测得的直径可以算得电阻丝的横截面积S＝0.12×

10－6m2，利用图丙可求得电阻丝的电阻率ρ为________Ω·

m（保留2位有效数字）。

根据图丙还可以得到的信息是____________________。

[答案]　

（1）3.0（2.99～3.02均可）　1.0（0.80～1.0均可）　

（2）1.2×

10－6　电流表内阻为2.0Ω

[解析]　

（1）根据闭合电路欧姆定律有U＝E－I（R0＋r），图乙中图线U轴的交点3.00V表示电源电动势，图线的斜率的绝对值等于R0＋r，得r＝1.0Ω。

＝RA＋ρ

，在图丙中，图线的截距为RA＝2.0Ω，图线的斜率为

，代入数据解得ρ＝1.2×

10－6Ω·

12．（8分）某物理小组准备探究某种元件Q（标有4V,2W字样）的伏安特性曲线，他们找来了下列器材：

A．电压表V1（0～5V，内阻约10kΩ）

B．电压表V2（0～10V，内阻约20kΩ）

C．电流表A（0～0.6A，内阻约0.4Ω）

D．滑动变阻器R1（5Ω，1A）

E．滑动变阻器R2（500Ω，0.2A）

（1）实验中电压表应选用________，为使实验误差尽量减小，要求电压从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用________，请将图中的实物连线补充完整。

（2）考虑电表内阻的影响，该元件电阻的测量值______（填“大于”、“等于”或“小于”）真实值。

（3）实验测得表格中的7组数据。

为了获得更准确的实验图象，应________。

序号

电压/V

0.00

电流/A

0.02

0.05

0.19

0.28

0.38

（4）检查实验电路连接正确，然后闭合开关，调节滑动变阻器滑动头，发现电流表和电压表指针始终不发生偏转。

在不断开电路的情况下，检查电路故障，应该使用多用电表的________挡；

检查过程中将多用电表的红、黑表笔与电流表“＋”、“－”接线柱接触时，多用电表指针发生较大角度的偏转，说明电路故障是__________________。

[答案]　

（1）V1　R1　如图所示

（2）小于

（3）在第7组数据后再多测几组数据，使电压接近或达到额定电压

（4）直流电压　电流表断路

[解析]　

（1）根据元件Q的标称参数，可知电压表应选V1，因要求电压从零开始变化且多取几组数据，所以滑动变阻器采用分压式接法，应选用R1，因元件Q的阻值远小于RV，所以电流表应外接。

（1）因电流表外接，电压表有分流作用，即有

<

，所以测量值小于真实值。

（3）从表格中可发现，所测电压比额定电压小得多，所以应在第7组数据后再多测几组数据，使电压接近或达到额定电压。

（4）因不断开电路，所以要用直流电压挡检测，因多用电表指针发生较大角度的偏转，说明电流表断路。

13．（8分）（2013·

唐山模拟）为了验证“当质量一定时，物体的加速度与它所受的合外力成正比”，用如图所示装置实验：

一端装有定滑轮的木板放在水平桌面上，木板上有一小车，其一端与打点计时器的纸带相连，另一端通过跨过定滑轮的细线与砝码连接。

进行实验时，小车做匀加速运动，在纸带上打出一系列的点迹。

（1）利用图中所示装置开始实验，其中有一个错误：

________。

（2）纸带记录了小车的匀变速运动，如图所示，图中两计数点间有四个点未画出。

已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，则小车运动的加速度a＝________m/s2（保留1位有效数字）。

（3）如果实验操作过程没有错误，但在绝大多数情况下，根据公式a＝

计算出的加速度要比利用纸带测出的加速度大。

其原因：

__________________________。

[答案]　

（1）没有将长木板左端垫高，平衡摩擦力　

（2）0.8　（3）绳的拉力小于砝码的重力

[解析]　

（1）本实验验证牛顿第二定律，用砝码的重力代替滑块所受的合力，故应将长木板左端垫高，以平衡摩擦力。

（2）计数点间的时间间隔T＝0.1s，x1＝0.0230m，x5＝0.0550m，a＝

＝0.8m/s2。

（3）砝码随着小车加速运动时，处于失重状态，小车受到的拉力比砝码的重力小，导致理论值比实际值大。

14．（8分）（2013·

南昌模拟）为了测量某电池的电动势E（约为3V）和内阻r（约5Ω），可供选择的器材如下：

A．电流表G1（2mA　100Ω）

B．电流表G2（1mA　内阻未知）

C．电阻箱R1（0～999.9Ω）

D．电阻箱R2（0～9999Ω）

E．滑动变阻器R3（0～10Ω　1A）

F．滑动变阻器R4（0～1000Ω　10mA）

G．定值电阻R0（800Ω　0.1A）

H．待测电池

I．导线、电键若干

（1）采用如图甲所示的电路，测定电流表G2的内阻，得到电流表G1的示数I1、电流表G2的示数I2如下表所示：

I1（mA）

0.81

1.59

I2（mA）

0.20

0.60

1.00

根据测量数据，请在图乙坐标中描点作出I1－I2图线。

由图得到电流表G2的内阻等于______Ω。

（2）在现有器材的条件下，测量该电池的电动势和内阻，采用如图丙所示的电路，图中滑动变阻器①应该选用给定的器材中________，电阻箱②选________（均填写器材代号）。

（3）根据图丙所示的电路，请在图丁中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接。

[答案]　

（1）如图乙　200

（2）R3　R2

（3）如图丁

[解析]　

（1）根据数据在图乙中描点连线，如答案中图乙所示，由并联电路的特点，可得：

I2r1＝I2r2，I1＝

I2，则图线斜率k＝

＝2，r2＝200Ω。

（2）如题图丙所示，滑动变阻器在电路中起限流作用，其阻值跟电路中电源内阻相当，测量数据较准确，故滑动变阻器选用R3；

电阻箱②是用来将G2改造成电压表的，故选用电阻值较大的R2。

（3）本着先串后并的原则，在图丁上，进行实物连线。