湖北省武汉市2019年中考物理试卷两套合集附全答案解析文档格式.docx
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103m3B．当舰载机着舰后，航母受到的浮力不变C．轮船靠改变自身体积来改变浮力D．辽宁号航空母舰返航驶进淡水区后浮力变小
9.如图所示是小球在地面弹跳的频闪照片，下列分析图片后得到的结论正确的是（ ）
A．小球从最高处下落时重力势能不断增加，动能不断减小B．小球从接触地面到离开地面时，弹性势能先变大后变小C．小球从接触地面到离开地面时，主要是弹性势能和重力势能之间在转化D．小球的弹起的高度逐渐减小，是因为重力势能不断转化为动能的结果
10.如图所示，取两个相同的验电器A和B，使A带正电，B不带电，用带有绝缘手柄的金属棒把A和B连接起来．下列说法正确的是（ ）
A．A中正电荷通过金属棒流向B，A金属箔的张角减小
B．B中负电荷通过金属棒流向A，B金属箔的张角增大
C．A中正电荷通过金属棒流向B，同时B中负电荷通过金属棒流向A
D．金属棒中瞬间电流的方向从B流向A，B金属箔的张角增大11．明明晚上做作业，把台灯插头插在书桌边的插座上，闭合台灯开关，发现台灯不亮，但家中其他用电器，如灯泡仍正常工作（电路如图所示）．将台灯插头从插座上拔下后，他用试电笔分别插入插座两孔中，结果发现试电笔的氖管都不发光．则故障原因（ ）
A．可能是进户线的火线上出现了断路B．可能是进户线的零线出现了断路C．一定是a、b两点间的导线出现了断路
D．一定是c、d两点间的导线出现了断路
12.如图所示，电源两端电压U保持不变．当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器的滑片P置于B端时，滑动变阻器接入电路的电阻为R3时，电压表V1的示数为U1，电压表V2的示数为U2；
当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器的滑片P置于A端时，电阻R1消耗的电功率为P1，电流表A的示数为0.5A．已知：
P1=2.5W，U1：
U2=1：
2，R2=8Ω，下列结论错误的是（ ）
A．电源电压是9V
B．R1的阻值是10Ω
C．R3的阻值是30Ω
D．当开关S1、S2闭合，滑动变阻器的滑片P置于B端时，电路消耗的电功率P为4.05W
二、非选择题（本题包括7小题，共34分）
13.我国探月工程计划之一是向月球发射月球车（如图所示）．
（1）发射月球车的火箭在穿越大气层时速度越来越快，那么，火箭受到的推力与自身重力
（选填“相等”或“不相等”）．
（2）地月之间的距离约为3.9×
105km．月球车到达月球后，如果行动指令从地球发出，到达月球车至少需要 秒（指令传播速度为3×
l05km/s）．这样月球车的行动就不连贯了．因此我国研制的是智能型月球车，具备独立行动能力．
（3）月球车的车轮凹凸不平，目的是为了 （选填“增大”或“减小”）摩擦力．
14.如图甲所示，在高为1m的容器内装满水并密封，水对容器底面的压强为 Pa，若将该容器倒置，如图乙所示，此时容器底面受到的压力与甲图相比将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）；
若在容器侧壁处开一小孔P如图丙，发现水不会从小孔流出，这是由于 ．（g=10N/kg）
15．（凸透镜成像）在“探究凸透镜成像规律”的实验中，小明同学进行了如下操作：
实验
次数
物体到凸透
镜的距离/cm
光屏上像到凸透
光屏上像
的大小
1
40
13.5
缩小
2
30
15
3
20
等大
4
放大
5
10
光屏上没有像
6
8
【提出问题】凸透镜成像的大小可能与哪些因素有关？
【进行猜想】凸透镜成像的大小可能与…有关
【设计并进行实验】
（1）小明在刚才调整好的光具座上，不断改变蜡烛与透镜间的距离，并移动光屏进行实验，获得实验数据如上表所示；
【结论与应用】
（2）分析数据可知物体到凸透镜的距离越近，光屏上像的大小就越 ．
（3）小明继续探究近视眼的成因与矫正，把自己的近视眼镜放在蜡烛和透镜之间且靠近透镜位置，光屏上原来清晰的像变模糊了，通过调节光屏的位置，使光屏上出现清晰的像，取下眼镜后，若不改变蜡烛和凸透镜的位置，应将光屏向 凸透镜的方向移动（选填“远离”或“靠近”），才能使像变清晰．此实验说明近视眼通过配戴合适的近视眼镜能矫正视力的原因是 ，使像会聚在视网膜上．
（4）在前一次实验光屏上得到清晰像后，接着小勇同学用焦距为20cm的凸透镜乙替代刚才小明的凸透镜甲（此时物距为45cm），若不改变蜡烛与凸透镜的位置，要在光屏上再次成清晰的像，应将光屏 （选填“向左移动”、“向右移动”或“保持不动”）；
如果光屏不动只移动蜡烛的位置，则光屏上 （选填“可以”或“不可以”）出现清晰的像．
16．（杠杆平衡条件）在“研究杠杆平衡条件”实验中：
（1）在做实验时，要求杠杆在水平位置平衡的目的是 ．小王同学把杠杆放在支架后，如图所示，他应将平衡螺母向 调节（选填“左”或“右”）．
动力
动力臂
阻力
阻力臂
F1/N
L1/m
0.05
F2/N
L2/m
0.15
（2）小王的实验数据如下表：
根据实验数据分析，可得出杠杆的平衡条件：
．
（3）小王所做实验仍存在不足．同一物理实验中，经常需要测多组数据．以下四个实验中测多组数据目的相同的有 （选填序号）．
①探究杠杆平衡的条件；
②伏安法测定值电阻的阻值；
③探究串联电路中的电流规律；
④探究重力大小与质量的关系
这些实验测多组数据目的都是为了 ．
17．（测密度）小明和同学到汽车修理厂参加社会实践活动，小明拾到一个小金属零件，他很想知道这个零件是什么材料做成的，就把它带回学校利用天平和量筒来测定这个零件的密度．具体操作如下：
（1）把天平放在 上，并将游码移至标尺左端零刻度处，调节天平横梁平衡时，发现指针在分度盘标尺上的位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节．
（2）用调节好的天平测零件的质量，天平平衡时砝码的质量及游码在标尺上的位置如图乙所示，由此可算得小金属零件的密度为 kg/m3．
（3）若该零件被磨损后，它的密度将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）．
18．在测“3.8V”小灯泡电功率实验中：
（1）请你用笔画线代替导线，将甲图实物连接完整．
（2）电路正确连接后，闭合开关，移动滑片，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表示数接近电源电压，则故障可能是 ．
（3）排除故障后，当灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙为 A，灯泡额定功率为 W．
（4）图丙所示电路中（R阻值已知），无电压表也能测出该灯泡额定功率的是 ．
电压力锅的铭牌
额定电压
220V
加热功率 1000W
保温功率 100W
气压设定值175kPa
19．（10分）（2016•武汉模拟）（电学问题）电压力锅结合了压力锅和电饭锅的优点，是现代人喜欢的厨房用具．图甲是某品牌电压力锅的简化电路图，R1为加热电阻，R2为保温电阻，S1为电源开关，S2为压力开关．加热时S2与触点a接通，R1工作；
保温时S2与触点b接通，R2工作．电压力锅的其他参数见铭牌．
（1）当电压力锅内的气压达到设定值时水沸腾．此时，水的温度 100℃（选填“”、
“=”或“＜”）．
（2）计算保温电阻R2正常工作时的阻值．
（3）图乙表示电压力锅工作时电功率与时间的关系．阴影部分面积表示 ，并列式计算它的大小．
（4）用该电压力锅对2kg、20℃的水正常加热到70℃，电压力锅加热的时间是多少？
已知消耗的电能有70%被用来给水加热．水的比热容c=4.2×
103J/（kg•℃）
参考答案与试题解析
B．用手按压琴弦的不同部位，用同样的力拨动，响度不同C．相同温度下，在空气中超声波和次声波传播速度相同
D．某些路段“禁鸣喇叭”，是在声音的产生阶段防治噪声
【考点】声音在不同介质中的传播速度；
声速；
频率及音调的关系；
防治噪声的途径．
【分析】
（1）声音在不同介质中的传播速度不同；
（2）音调与发生体的长度、松紧等因素有关；
（3）声音的传播速度与介质的温度有关；
（4）防治噪声污染可以从噪声的产生、噪声的传播及噪声的接收这三个环节进行防治．
【解答】解：
A、通常情况下声音在空气中传播的最慢，故A错误；
B、用手按压琴弦的不同部位，用同样的力拨动，音调不同，故B错误；
C、相同温度下，在空气中超声波和次声波传播速度相同，故C正确；
D、某些路段“禁鸣喇叭”，是在声源处减弱噪声，故D正确．故选CD．
【点评】此题考查了声音的传播、声音的速度、声音的特征以及减弱噪声的途径，属于基础题目．
C.若在玻璃板与B蜡烛之间放一块挡光板，则不能透过玻璃板看到A的像
D.以上说法均不正确
【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．
（1）由平面镜的成像特点，像物关于镜面对称可知：
玻璃板如果不竖直，蜡烛的像与蜡烛不能重合；
根据平面镜的成像特点，像物关于镜面对称作出蜡烛的像点即可确定平板玻璃中蜡烛A的像偏高且倾斜的是哪一个．
（2）根据平面镜成像特点，物像等距即可解答此题．
（3）平面镜成的是虚像，是光的反射形成的，因此，在玻璃板后面放一块档光板，不会影响观察物体的像．
A、由平面镜成像特点可知，若蜡烛A距玻璃板4cm，蜡烛A的像距离平面镜也为4cm，则蜡烛B与玻璃板相距4cm才能与蜡烛A的像完全重合．故A错误；
BD、实验时平面镜必须要竖直放置，如果不竖直，不论怎样移动后面的蜡烛都不可能与前面蜡烛的像完全重合，由图可知，甲图平面镜竖直放置，不会出现像偏高的情况，乙和丙图平面镜没有竖直放置，分别作出蜡烛A的关于平面镜的对称点，可知，乙图平板玻璃中蜡
烛A的像偏高且倾斜，如下图：
故B正确，D错误；
C、平面镜成的是虚像，是光的反射形成的，因此，如果在玻璃板后面放一块档光板，则能看见物体的像A′，无法看到物体B．故C错误；
故选B．
【点评】探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，解决办法，合理的思考和解释来考查同学的，值得我们关注．
3.将烧瓶内的水加热至沸腾后移去火焰，水会停止沸腾．迅速塞上瓶塞，把烧瓶倒置并向瓶底浇冷水（如图），你会观察到烧瓶内的水又沸腾起来，产生这一现象的原因是（ ）
A．瓶内气体温度升高，压强增大，水的沸点降低B．瓶内气体温度降低，压强减小，水的沸点降低
C．瓶内气体温度降低，压强减小，水的沸点升高D．瓶内气体温度升高，压强减小，水的沸点升高
【考点】沸点及沸点与气压的关系．
【分析】从液体沸点与气压关系角度来分析，气压减小，沸点降低．
水停止沸腾后．迅速塞上瓶塞，把烧瓶倒置并向瓶底浇冷水，会看到烧瓶中的水重新沸腾．因为当向瓶底浇冷水时，瓶内气体温度突然降低，瓶内的水蒸汽遇冷液化，气压减小，瓶内液面上方气压减小，导致沸点降低，所以水重新沸腾起来的．
【点评】本题考查学生对液体压强与沸点的关系以及物态变化的掌握情况．
4.下列关于信息的传递和能源的利用，说法正确的是（ ）A．电视遥控器是通过紫外线来发射信号的B．手机是通过激光来接收信号的C．煤、石油、天然气是不可再生能源D．太阳能是通过核裂变产生的
【考点】红外线；
电磁波的传播；
能源的分类；
核裂变．
（1）电视遥控器是利用红外线发射信号的；
（2）手机是利用电磁波接收信号的；
（3）能够源源不断地从自然界获得或可重复利用的能源是可再生能源，不能够源源不断地从自然界获得或不可重复利用的能源是不可再生能源；
（4）太阳能是核聚变释放的能量．
A、电视遥控器是利用红外线发射信号的，故A错误；
B、手机是利用电磁波接收信号的，故B错误；
C、煤、石油、天然气不能够源源不断地从自然界获得或不可重复利用，是不可再生能源，故C正确；
D、太阳能是核聚变释放的能量，故D错误；
故选C．
【点评】本题涉及的知识点较多，但难度不大，熟练掌握基础知识即可正确解题．
5.如图所示的四个装置，下列表述正确的是（ ）
【考点】通电直导线周围的磁场；
磁场对通电导线的作用；
直流电动机的原理；
电磁感应．
（1）电流磁效应是指电流能产生磁场；
电磁感应是指闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线，电路中会产生感应电流，即发电机原理；
（2）电动机原理是磁场对电流的作用，直流发电机与交流发电机的区别在于是否有换向器；
（3）奥斯特实验说明了电流周围有磁场；
根据不同实验的特点，对照各图进行判断即可．
A、图a探究通电周围是否有磁场，因此图a是奥斯特实验，故A错误；
B、图b中没有电源，是导体棒ab在磁场中做切割磁感线运动时，电流表中会产生感应电流，故演示的为电磁感应，即发电机原理，故B错误；
C、开关闭合后，导体将在磁场力的作用下发生运动，故演示的为磁场对电流的作用，这一过程将电能转化为了机械能，故C错误；
D、图d是一个发电机，并且该装置中没有换向器，因此图d发的电，电流方向会改变，故
D正确．故选D．
【点评】图中所示的四个实验，是电与磁这一单元最典型的四个实验，它们各自的特点不同，代表了不同的含义，学习中我们应该加以重点区分才行．
【考点】影响电磁铁磁性强弱的因素．
（1）利用安培定则判断电磁铁的磁极，可根据磁极间的相互作用规律其具体的作用情况；
（2）电磁铁磁性的大小用吸引大头针数目的多少来反映，这是转换法；
（3）可用假设法，判断如果滑动变阻器断路对电压表和电流表造成的影响；
（4）影响电磁铁磁性强弱的因素：
电流越大磁性越强；
线圈匝数越多磁性越强．
A、利用安培定则判断可知，电磁铁A、B的上部都是N极，若将两电磁铁上部靠近，则会排斥，A说法不正确．
B、电磁铁磁性强弱是通过吸引大头针数目的多少来体现的，所以电磁铁能吸引的大头针越多，表明它的磁性越强．这是转换法的应用，B说法正确．
C、如果滑动变阻器R断了，则整个电路断路，电流表和电压表均不会有示数，C说法不正确；
D、将滑片P向右移动，电磁铁中的电流将变小，电磁铁的磁性减弱，D说法不正确．故选B．
【点评】本题的解题关键是会判断电磁铁的极性，了解影响电磁铁磁性强弱的因素，同时还要会判断电路的故障．
A． B． C． D．
【考点】滑轮（组）的机械效率．
【分析】从题可知，动滑轮的重力不可忽略，则克服动滑轮的重和绳与滑轮间的摩擦所做的功为额外功，首先根据影响摩擦力大小的因素判断出绳与滑轮间的摩擦，再利用公式
η= ×
100%判断出动滑轮的机械效率η与物体重力G的关系．
动滑轮的重力不可忽略，则克服动滑轮的重和绳与滑轮间的摩擦所做的功为额外功，
从摩擦角度考虑，随着物体重力的增加，滑轮与绳子间摩擦会一定程度增大．
同时，物重增大，有用功逐渐增大，有用功占总功的比值在增大，所以机械效率逐渐增大，但由于摩擦也在增大，故机械效率η与物体重力G的关系并不成正比，故A正确符合题意．故选：
【点评】本题考查了使用动滑轮时机械效率的计算，要知道提升物重大小对机械效率的影响
（同一滑轮组，机械效率随物重的增大而增大）．
【考点】浮力的利用．
（1）知道航母满载排水量（排开水的质量），利用阿基米德原理求该舰满载时所受浮力；
（2）根据漂浮时浮力与重力相等进行分析．当舰载机着舰后，航空母舰的总重力增大，则浮力增大．
A、该舰满载时所受浮力：
F浮=G排=m排g=67500×
103kg×
10N/kg=6.75×
108N；
由F浮=ρ水gV排可得，
满载时的排水体积V排= = =6.75×
103m3，故A正确；
B、当舰载机着舰后，航空母舰的总重力增大；
因为航空母舰仍然漂浮，浮力与重力相等，所以浮力变大．故B错误；
C、轮船靠改变自身重力来改变浮力，故C错误；
D、辽宁号航空母舰返航驶进淡水区后，仍然漂浮，浮力与重力相等，所以浮力不变，故D
错误．故选A．
【点评】本题考查物体沉浮条件的应用；
知道漂浮的特点，会利用阿基米德原理分析，正确理解物体的运动状态取决于物体所受的重力和浮力．
【考点】动能和势能的转化与守恒．
（1）动能大小的影响因素：
质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．
（2）重力势能大小的影响因素：
质量、被举得高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．
（3）机械能=动能+势能．
A、小球下落时，高度逐渐降低，所以重力势能逐渐减小，速度越来越快，动能逐渐增大，故此选项错误；
B、小
升级会员 