高二物理上学期期中太原五中学年高二上学期期中物理试题及答案理科.docx
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高二物理上学期期中太原五中学年高二上学期期中物理试题及答案理科
2014-2015学年山西省太原五中高二（上）期中
物理试卷（理科）参考答案与试题解析
一、选择题（每小题4分，共40分．1-7题只有一个选项符合题意，8-10有二个或二个以上选项符合题意）
1．（4分）（2014秋•迎泽区校级期中）下列说法中正确的是（）
A．在电源内部从正极到负极电势逐渐提高
B．电动势就是电源将单位正电荷从负极移到正极时，非静电力做的功
C．由R=ρ
知，导体的电阻与长度l、电阻率ρ成正比，与横截面积S成反比
D．E=
只是电动势的定义式而非决定式，电动势的大小是由电源内非静电力的特性决定的
考点：
电源的电动势和内阻．
专题：
恒定电流专题．
分析：
电源内部非静电力做功，把其他能转化为电能，电动势表征了电源内部非静电力做功的本领．电源向外提供的电能W=UIt，电源正极电势大于负极电势．
解答：
解：
A、电源正极电势大于负极电势，所以电源从正极到负极电势逐渐减小，而内部从负极到正极电势逐渐提高，故A错误；
B、电动势表征了电源内部非静电力做功的本领，所以电动势表示电源将单位正电荷从负极移到正极时，非静电力做的功，故B错误；
C、由R=ρ
知，导体的电阻与长度l、电阻率ρ成正比，与横截面积S成反比，故C正确，
D、根据E=
只是电动势的定义式而非决定式，电动势的大小是由电源内非静电力的做功的多少决定的，故D正确；
故选：
CD
点评：
本题考查电源电动势的物理意义，基础题，是学业水平测试的难度，比较容易．
2．（4分）（2014秋•迎泽区校级期中）下列关于静电场的说法中正确的是（）
A．在点电荷形成的电场中没有场强相等的两点，但有电势相等的两点
B．正电荷仅在电场力作用下，一定从高电势向低电势运动
C．在电场中由静止释放一正点电荷，它一定沿电场线运动
D．电势降低的方向一定是电场线的方向
考点：
电场线；电势．
分析：
了解静电场的特点，电场线的分布、沿电场线的方向降低，带电粒子在电场中的运动的规律．
解答：
解：
A、在点电荷形成的电场中，离点电荷距离不同的点场强大小不等，离点电荷距离相等的各点，场强大小相等，方向不同，所以没有场强相等的两点，但有电势相等的两点，故A正确．
B、正电荷只在电场力作用下，不一定从高电势向低电势运动，还与正电荷的初速度大小和方向有关，故B错误
C、当电场线是曲线时，初速为零的正电荷在电场力作用下不一定沿电场线运动，故C错误．
D、电势降低最快的方向一定是电场线的方向，故D错误．
故选：
A．
点评：
此题考查了静电场的特点，场强、电势、电势能等相关知识点．要注意电荷的运动情况不仅与其受力情况有关，还与其初速度有关．
3．（4分）（2014秋•迎泽区校级期中）两个定值电阻R1、R2串联后接在输出电压U稳定于12V的直流电源上．有人把一个内阻不是远大于R1、R2的电压表接在R1两端，如图所示，电压表示数为5V．如果他把此电压表改接在R2两端，则电压表的示数将（）
A．等于7VB．小于7VC．大于5V小于7VD．大于7V
考点：
把电流表改装成电压表．
专题：
实验题；恒定电流专题．
分析：
由串联电路总电压等于个元件电压之和，可知R2两端电阻．
解答：
解：
将电压表与电阻R1并联时，电压表的读数为5V，则电阻R2两端的电压为7V．
若将电压表与电阻R2并联，则其并联的总电阻小于R2，根据串联电阻的电压分配可知，电压表的读数将小于7V，但大于5V；
故选：
C．
点评：
本题考查了求电压表示数，应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题．
4．（4分）（2014秋•迎泽区校级期中）如图所示，abcde是半径为r的圆的内接正五边形，在顶点a、b、c、d处各固定有电荷量为+2Q的点电荷，在e处固定有电荷量为﹣2Q的点电荷，则圆心O处的电场强度大小为（）
A．
B．
C．
D．
考点：
匀强电场中电势差和电场强度的关系．
专题：
电场力与电势的性质专题．
分析：
采用假设法，设在e处固定电荷量为+2Q的点电荷，则O点的电场强度大小为零．若取走换个﹣2Q的点电荷，根据点电荷电场强度及其叠加原理，即可求解
解答：
解：
假设在e处固定电荷量为+2Q的点电荷，则O点的电场强度大小为零．若取走e处的点电荷，则其余点电荷在O处的电场强度大小为k
，方向指向O处．
若换取﹣2Q的点电荷，则在O处产生的电场强度大小为：
k
，方向也指向O处，因此方向相同叠加而得，圆心O处的电场强度大小k
，指向O点；
故选：
D
点评：
题采用假设法从而降低解题难度，并根据矢量叠加原理，结合点电荷电场强度的公式．
5．（4分）（2014秋•渝中区校级期中）一电压表由电流表G与电阻R串联而成，如图所示，若在使用中发现此电压表的读数总比准确值稍大一些，采用下列哪种措施可能加以改进（）
A．在R上串联一比R大得多的电阻
B．在R上串联一比R小得多的电阻
C．在R上并联一比R小得多的电阻
D．在R上并联一比R大得多的电阻
考点：
把电流表改装成电压表．
专题：
实验题．
分析：
此电压表的读数比准确值稍微大一些，故加上相同电压时，要使电流适当小些，故需要略微增大电阻R的值．
解答：
解：
电压表由表头G和电阻R串联而成，发现此电压表的读数比准确值稍微大一些，说明加上相同电压时，流过表头的电流偏大，要使电流适当小些，故需要略微增加电阻R的值，可以在R上串联一比R小得多的电阻，故ACD错误，B正确；
故选：
B．
点评：
知道电压表的改装原理、应用串并联电路特点即可即可正确解题；改装后电压表示数偏小，需要减小串联电阻阻值，改装后电压表示数偏大，需要增大串联电阻阻值．
6．（4分）（2015•孝南区校级模拟）用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，若把A1、A2分别采用并联或串联的方式接入电路，如图所示，则闭合电键后，下列有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的是（）
A．图甲中的A1、A2的示数相同
B．图甲中的A1、A2的指针偏角相同
C．图乙中的A1、A2的示数和偏角都不同
D．图乙中的A1、A2的指针偏角相同
考点：
闭合电路的欧姆定律．
专题：
恒定电流专题．
分析：
电流表A1、A2是由两个相同的小量程电流表改装成的，它们并联时，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程大的电流表读数大．当它们串联时，A1、A2的示数相同．由于量程不同，内阻不同，两电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同．
解答：
解：
A、B图甲中的A1、A2并联，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程不同的电流表读数不同．故A错误，B正确．
C、D图乙中的A1、A2串联，A1、A2的示数相同．由于量程不同，内阻不同，电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同．故CD错误．
故选B
点评：
本题要对于安培表的内部结构要了解：
小量程电流表（表头）与分流电阻并联而成．指针偏转角度取决于流过表头的电流大小．
7．（4分）（2014秋•迎泽区校级期中）x轴上有两点电荷Q1和Q2，Q1和Q2之间各点对应的电势高低如图中的曲线所示，从图象可知下列推理中与图象信息不相符合的是（）
A．Q1一定大于Q2
B．Q1和Q2一定是同种电荷，但不一定是正电荷
C．电势最低处P点的电场强度为0
D．Q1和Q2之间各点的电场方向都指向P点
考点：
匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度；电势．
专题：
电场力与电势的性质专题．
分析：
作出Q1、Q2之间的电场线，就知道Xp处场强为零，根据点电荷场强公式，得到Q1的电荷量一定大于Q2的电荷量；根据场强方向得出两电荷一定是正电荷．
解答：
解：
A、场强为零的点离Q1远，因此Q1一定大于Q2，A正确；
B、两个点电荷间的电势都为正，因此两点电荷都为正电荷，B错误；
C、两正点电荷的连线上有一点场强为零，一正的检验电荷从两电荷中的任一电荷附近沿连线向场强为零的点移动时电势都降低，到场强为零的点，电势最低，C正确；
D、Q1和Q2之间各点的电场方向都指向P点，D正确．
本题选择不正确的，故选：
B
点评：
本题的技巧是作电场线，将抽象问题形象化，是电场中常用方法．
8．（4分）（2014秋•迎泽区校级期中）如图表示电阻R1、R2的电流随电压变化的关系图线，则下列说法正确的是（）
A．R1和R2串联后的总电阻的I﹣U图线应在Ⅰ区域
B．R1和R2串联后的总电阻的I﹣U图线应在Ⅲ区域
C．R1和R2并联后的总电阻的I﹣U图线应在I区域
D．R1和R2并联后的总电阻的I﹣U图线应在Ⅱ区域
考点：
欧姆定律．
专题：
恒定电流专题．
分析：
I﹣U图线的斜率表示电阻的倒数，根据串并联电路的特点判断总电阻的变化，从而确定图线所在的位置．
解答：
解：
A、R1和R2串联后总电阻比任何一个电阻大，则总电阻的倒数比任何一电阻倒数小，可知I﹣U图线的斜率比任何一个图线的斜率小，所以I﹣U图线在Ⅲ区域．故A错误，B正确．
C、R1和R2并联后总电阻比任何一个电阻小，则总电阻的倒数比任何一个电阻倒数大，可知I﹣U图线的斜率比任何一个图线的斜率答，所以I﹣U图线在I区域．故C正确，D错误．
故选：
BC．
点评：
解决本题的关键知道串并联电路的特点，知道I﹣U图线的斜率表示电阻的倒数，基础题．
9．（4分）（2010秋•天津期末）如图所示的电路中，电源的电动势恒定，要想使灯变暗，可以（）
A．增大R1B．减小R1C．增大R2D．减小R2
考点：
闭合电路的欧姆定律．
专题：
恒定电流专题．
分析：
由图可知，灯泡与R2并联后与R1串联；要使灯泡变暗，应使流过灯泡的电流减小；则可分别由闭合电路欧姆定律分析各项，可得出正确答案．
解答：
解：
A、R1增大，总电阻增大，总电流减小，灯泡和R2并联的电压就减小，所以灯泡的电流减小，灯泡变暗，A正确，B错误；
D、R2减小，总电阻减小，总电流增大，R1的电压增大，所以灯泡和R2并联的电压就减小，所以灯泡的电流减小，灯泡变暗，D正确，C错误；
故选AD．
点评：
在电路中，若部分电阻发生了变化，则对该部分的处理不能直接根据欧姆定律求解，应灵活应用串并联电路的性质进行分析判断．
10．（4分）（2006秋•卢湾区期末）两根绝缘细线分别系住a、b两个带电小球，并悬挂在O点，当两个小球静止时，它们处在同一水平面上，两细线与竖直方向间夹角分别为α、β，α＜β，如图所示．现将两细线同时剪断，则（）
A．两球都做匀变速运动
B．两球同时落地
C．落地时两球水平位移相同
D．a球落地时的速度小于b球落地时的速度
考点：
电场强度；牛顿第二定律；平抛运动．
专题：
电场力与电势的性质专题．
分析：
同时剪断两根细线时，小球受水平方向的库伦力和竖直方向的重力作用，然后根据水平方向和竖直方向运动的独立性可正确求解．
解答：
解：
A、当细线剪断后，对小球受力分析，竖直方向仍只受重力，所以加速度不变仍为g，则在下落过程中，两球仍处于同一水平面，但由于库仑斥力的作用下，导致间距的增大，从而使得库仑力减小，则水平方向的加速度减小．所以两球不可能做匀变速运动．故A错误，B正确；
C、由于竖直方向加速度相同，所以同时落在同一水平地面上，但由于质量的不同，导致水平方向的加速度大小不同，因此水平位移也不相同，故C错误；
D、根据平衡条件有：
mag=
，mbg=
．由于β＞α，所以ma＞mb，因此水平方向上，a的加速度小于b的加速度．小球在竖直方向上做自由落体运动，在水平方向上做变加速直线运动，根据分运动与合运动具有等时性，知a、b两球同时落到同一水平面上，落地时a球落地时的速度小于b球落地时的速度．故D正确．
故选：
BD
点评：
本题考查知识点较多，涉及运动的独立性以及物体的平衡等，较好的考查了学生综合应用知识的能力，是一道考查能力的好题．
二、实验题（11-14题每小题4分，15题8分，共24分）
11．（4分）（2014秋•迎泽区校级期中）如图所示，用3V量程时电压表读数为1.16V，用15V量程时电压表度数又为5.8V．
考点：
伏安法测电阻．
专题：
实验题；恒定电流专题．
分析：
本题的关键是根据量程大小确定电压表每小格的读数，然后确定估读方法：
若每小格读数为0.1V，则应进行“
”估读；如出现“0.5”，则应进行“
”估读．
解答：
解：
用3V量程时，电压表每小格读数为0.1V，应估读到0.01V，所以电压表的读数为U=1.16V；
用15V量程时，电压表每小格读数为0.05V，应估读到0.01V，所以电压表的读数为U=5.8V；
故答案为：
1.16V；5.8V
点评：
应明确电表估读方法：
首先确定每小格读数，如出现“1”，则应进行“
”估读，出现“2”，则应进行“
”估读，出现“5”，则应进行“
”估读．
12．（4分）（2014秋•迎泽区校级期中）如图所示为伏安法测电阻的一种常用电路，以下分析正确的是（）
A．此接法的测量值大于真实值
B．此接法的测量值小于真实值
C．此接法适宜于测量待测电阻值远大于电流表内阻
D．开始实验时滑动变阻器滑动触头P应处在最左端
考点：
伏安法测电阻．
专题：
实验题；恒定电流专题．
分析：
电流表的内接法：
电压示数包括了电流表的分压，外接法：
电流表的示数包括了电压表的分流，据此分析所给问题．
解答：
解：
A、此电路为内接法，“大内偏大“，故A正确；
B、由于“大内偏大”故B错误；
C、内接法要求被测电阻较大，远远大于电流表的内阻，以致电流表分压带来的误差可以忽略，故C正确；
D、滑动变阻器分压接法，要求实验电路部分电压从零开始，由电路图可知，滑动头P应处在最右端，故D错误；
故选：
AC．
点评：
要分清内外接法的误差来源，本着尽量减小误差的原则选择电路，滑动变阻器的使用应本着保护电路的要求，学生最好在理解的基础上识记．
13．（4分）（2014秋•迎泽区校级期中）现有一量程为3V的电压表，内阻约为3kΩ．为了较准确地测量其内电阻，在没有电流表的情况下，某同学设计了如图1所示的实验电路，按此电路可以测出电压表的内电阻．其中R1是最大阻值为9999Ω的电阻箱，R2是最大阻值为20Ω的滑动变阻器．试根据图所示的电路图，完成如图2所示的实物电路的连线．
考点：
伏安法测电阻．
专题：
实验题；恒定电流专题．
分析：
先分析各元件的连接方式，然后用导线将各元件依次连接起来，根据电路图完成实物图即可．
解答：
解：
根据电路图连接实物图，可采用“电流流向法”，滑动变阻器采用分压式接法，
从电源的正极出发，按照电流的流向，先串电路元件最多的电路，再将相应并联的部分接入电路即可根据电路图可知，从正极出发分两条支路，一支路经滑动变阻器；另一支路经电压表、R1；然后两路汇合共同经过开关S1回到电源负极；
故答案为：
如图
点评：
在连接中要注意：
（1）器件的连接顺序一定要按照电路图的顺序接线，包括电源的正、负极；
（2）所有接线必须接在接线柱上，不可在导线上搭接；（3）要尽量避免画线交叉．
14．（4分）（2014秋•迎泽区校级期中）请同学读出下列游标卡尺和螺旋测微器的示数：
（1）游标卡尺的示数为50.15mm；
（2）螺旋测微器的示数为4.700mm．
考点：
刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．
专题：
实验题．
分析：
解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．
解答：
解：
1、游标卡尺的主尺读数为50mm，游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为3×0.05mm=0.15mm，所以最终读数为：
50mm+0.15mm=50.15mm．
2、螺旋测微器的固定刻度为4.5mm，可动刻度为20.0×0.01mm=0.200mm，所以最终读数为4.5mm+0.200mm=4.700mm．
故答案为：
50.15，4.700．
点评：
对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．
15．（8分）（2014秋•迎泽区校级期中）要精确测量一个阻值约为5Ω的电阻R，实验室提供下列器材：
电流表A1：
量程100mA，内阻r1约为4Ω．电流表A2：
量程500μA，内阻r2=750Ω．电压表V：
量程10V，内阻r3约为10kΩ．变阻器R0：
阻值约10Ω．电池E：
电动势ε=1.5V，内阻很小．电键S，导线若干．
（1）选出适当器材并在图虚线方框中画出电路图，标明所用器材的代号．
（2）需要测最的物理量是A1、A2的读数I1、I2，根据所测物理量，写出求电阻阻值的表达式Rx=
．
考点：
伏安法测电阻．
专题：
实验题；恒定电流专题．
分析：
①根据所给实验器材与测电阻的原理设计实验电路图；
②根据电路图，应用并联电路特点与欧姆定律求出电阻阻值．
解答：
解：
（1）本实验没有电压表，可以用已知内阻的电流表A2与待测电阻并联间接测出电压，用电流表测电流，电流表A2内阻为750Ω，待测电阻阻值约为5Ω，电流表A1电阻约为4Ω，由于电流表A2内阻远大于待测电阻阻值，电流表A1应采用外接法，为进行多次实验，测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，实验电路图如图所示：
（2）由电路图可知，待测电阻两端电压U=UA2=I2r2，
通过待测电阻的电流IX=I1﹣I2，
待测电阻阻值：
RX=
；所以需要测最的物理量是A1、A2的读数I1、I2，
故答案为：
（1）如图
（2）A1、A2的读数I1、I2；
点评：
本题应明确实验的原则应以安全、准确为主，若量程过大将会导致测量结果不准确；故此题以电流表代替了电压表使用，读出电流值再通过计算得出电压值．
三、计算题（（每小题9分，共36分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）
16．（9分）（2014秋•迎泽区校级期中）如图所示，电源电动势E=10V，内阻r=1Ω，R1=4Ω，R2=5Ω，C=30μF，
（1）闭合开关S，求稳定后通过R1的电流．
（2）然后将开关S断开，求这以后流过R1的总电量．
考点：
闭合电路的欧姆定律；电容．
专题：
恒定电流专题．
分析：
（1）闭合开关S，电阻R1、R2串联，电容器的电压等于R2两端的电压，根据闭合电路欧姆定律求出电流．
（2）再将开关S断开后，电路稳定后电容器的电压等于电源的电动势电容器充电，通过R1的电荷量等于电容器所增加的电量．
解答：
解：
（1）稳定后电容相当于断路，R1，R2串联，根据闭合电路欧姆定律得：
I=
=
A=1A
（2）闭合开关S时，电容器与R2并联，则电容两板的电势差：
U2=IR2=1×5=5（V）
开关S断开后，电容器两端的电压等于电源的电动势10V，则通过R1的电量为
Q=C（E﹣U2）=30×10﹣6×（10﹣5）C=1.5×10﹣4C
答：
（1）闭合开关S，稳定后通过电阻R1的电流是1A；
（2）再将开关S断开后，这以后流过R1的总电量是1.2×10﹣4C．
点评：
本题是含容电路，关键确定电容器的电压．电路稳定时电容器的电压等于与之并联的电路两端的电压．
17．（9分）（2014秋•迎泽区校级期中）如图所示，a、b两端接到电压恒定的电源上，如果c、d两端接一电压表，示数为60V；如接一电流表，示数为3A；如果在c、d间接一电阻R3，则三个电阻消耗的功率相等．求R1、R2的阻值及a、b间的电压（已知电表均为理想表）．
考点：
电功、电功率；串联电路和并联电路．
专题：
恒定电流专题．
分析：
①cd两端接电压表，电阻R1与R2串联，此时电压表测R2两端电压，U2=60V；
②cd两端接电流表，R2被短路，电流表测通过R1的电流，此时可得到电源电压的表达式U=3R1；
③cd两端接电阻R3，则R2与R3并联后再与R1串联，又R1、R2、R3消耗的电功率相等，根据R=
故可得R3=R2；
④因R1与并联后的R2R3串联，又R3=R2，故可得通过R1的电流为通过R2或R3支路电流的2倍，此时P1=P2=P3，即：
I12R1=I22R2=I32R3；
⑤代入后分析整理出答案．
解答：
解：
①cd两端接电压表，电阻R1与R2串联，此时电压表测R2两端电压，即U2=60V，
此时电路中的电流为
，电源电压为U=
（R1+R2）﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
②cd两端接电流表，R2被短路，电流表测通过R1的电流，则电源电压为U=3AR1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②；
③cd两端接电阻R3，则R2与R3并联，又R1、R2、R3消耗的电功率相等，根据R=
故可得R3=R2；
④因R1与并联后的R2R3串联，又R3=R2，故可得通过R1的电流为通过R2或R3支路电流的2倍，即：
I1=2I2=2I3，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③
此时P1=P2=P3，即：
I12R1=I22R2=I32R3，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣④
将③代入④后整理得，R1=
，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣⑤
将⑤代入①②后整理得：
R2=100Ω
所以R3=R2=100Ω，R1=
=25Ω，
电源电压：
U=3A×R1=3A×25Ω=75V．
答：
电阻分别为R1=25Ω，R2=100Ω，R3=100Ω；电源电压为U=75V．
点评：
分析这类题目时，先根据题目中的变化情况分析电路的状态是怎样连接的，再判断电流表或电压表是测哪一个的电流或电压，最后去列式计算．
本题的关键点在R2与R3并联，且消耗的功率相等，根据R=
可知，R2R3相等，再根据串并联电路的特点和欧姆定律去分析．
18．（9分）（2014秋•迎泽区校级期中）如图所示为某一用直流电动机提升重物的装置，重物的质量m=50kg，电源的电动势ε=110V、内阻r为3Ω，不计各处的摩擦．当电动机以v=0.9m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流I=5A，试求电动机线圈的电阻．
考点：
电功、电功率．
专题：
恒定电流专题．
分析：
电动机消耗的电能转化为提升重物的机械能和内部产生的内能，根据能量守恒定律列出电动机消耗的电功率与输出的机械功率与发热功率的关系式，求出电动机线圈的电阻．
解答：
解：
根据能量转化和守恒定律得
（E﹣Ir）I=mgv+I2r
得到，r=
Ω
答：
电动机线圈的电阻是1Ω．
点评：
电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，抓住能量如何转化列方程是关键．
19．（9分）（2004•南通二模）如图为光滑绝缘水平的直线轨道，在轨道的竖直平面内加一个斜向上方的匀强电场．有一质量为1.0×10﹣2kg、带电量为+1.0×10﹣4C的可视为质点的物块，从轨道上的A点无初速度释放，沿直线运动0.2m到达轨道上的B点，此时速度为2m/s．（g取10m/s2）求：
（1）A、B两点间的电势差UAB
（2）场强大小可能的取值范围．
考点：
动能定理的应用；电场强度．
专题：
动能定理的应用专题．
分析：
（1）A到B过程中只有电场力做功，根据动能定理即可求解；
（2）设场强的竖直分量为Ey，水平分量为Ex，则有mg≥qEy，再结合根据动能定理求得得Ey最大值，Ex=1000V/m，根据矢量合成求得最大值，即可求解．
解答：
解：
（1）A到B过程中只有电场力做功，根据动能定理得：
解得：
UAB=200V
（2）设场强的竖直分量为Ey，水平分量为Ex，则有：
mg≥qEy
解得：
Ey≤1000V/m
Ex=1000V/m
场强的最大值为：
V/m
所以场强的取值范围为：
100
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